（新课标）2019版高考物理一轮复习 主题十 交变电流 传感器 课时跟踪训练47.doc

课时跟踪训练(四十七)落实双基基础巩固1(2017保定模拟)如图所示，有一自耦变压器接在稳定的交流电源上，V1、V2为理想电压表下列说法中正确的是()A若F不动，滑片P向上滑动时，V1示数变大，V2示数变小B若F不动，滑片P向上滑动时，灯泡消耗的功率变小C若P不动，滑片F向下移动时，V1示数不变，V2示数增大D若P不动，滑片F向下移动时，灯泡消耗的功率变小解析电压表V1的示数由交流电源决定，与其他因素无关，A项错误；F不动，变压器输出电压不变，滑片P上滑，副线圈电路总电阻减小，由欧姆定律可知，电流增大，灯泡L功率增大，B项错误；若滑片P不动，F下移，副线圈匝数n2减小，由变压规律可知，输出电压U2减小，由欧姆定律可知，电路总电流减小，故灯泡消耗功率减小、滑动变阻器两端电压减小，C项错误，D项正确答案D2(2017杭州质检)如图所示，电路中有五个完全相同的灯泡，额定电压均为36 V，变压器为理想变压器，现在五个灯泡都正常发光，则变压器的原、副线圈匝数比n1n2和电源电压U分别为()A2372 V B3254 VC31180 V D31108 V解析设灯泡正常发光时电流为I，则副线圈中电流为3I，原线圈中电流为I，由理想变压器原、副线圈中的电流之比与原、副线圈匝数之比的关系可知，n1n231，由变压器原、副线圈两端的电压之比与原、副线圈匝数之比的关系可知，原线圈两端电压为108 V，再加上两个灯泡两端电压可知U180 V，选项C正确答案C3(多选)有一理想变压器的原线圈连接一只交流电流表，副线圈接入电路的匝数可以通过滑动触头Q调节，如图所示，在副线圈输出端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，在原线圈上加一电压为U的交流电，则()A保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变大B保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变小C保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表的读数变大D保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表的读数变小解析保持Q的位置不动，副线圈匝数不变，由知U2不变，当P向上滑动时，R变大，由I2知I2减小，I1减小，故电流表的读数变小，A错误，B正确；保持P的位置不动，将Q向上滑动时，副线圈的匝数增多，由知U2增大，由I2知I2增大，I1增大，故电流表的读数变大，C正确，D错误答案BC4(多选)如图所示为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，变压器可视为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电，调节触头P，使输出功率由1000 W降至250 W若电阻丝的阻值不变，则调节前后()A副线圈两端的电压比为41B原线圈输入电流比为12C副线圈的接入匝数比为21D原线圈输入功率比为41解析调节触头P，使输出功率由1000 W降至250 W，而电阻丝的阻值不变，则根据P，可知，输出电压减小为原来的一半，在原线圈电压和匝数不变的情况下，根据原、副线圈电压之比等于匝数之比得副线圈接入匝数也应该变为原来的一半，所以接入匝数之比为21，副线圈电压减半，电阻不变，电流也随之减半，所以电流之比为21，故A、B错误，C正确；副线圈输出功率等于原线圈输入功率，所以原线圈输入功率之比为41，故D正确答案CD5(2017开封模拟)如图所示，理想变压器有两个副线圈，匝数分别为n1和n2，所接负载4R1R2，当只闭合S1时，电流表示数为1 A，当S1和S2都闭合时，电流表示数为2 A，则n1n2为()A11 B12 C13 D14解析变压器原副线圈的磁通量变化率相同，所以UU1U2nn1n2，根据能量守恒，输出功率等于输入功率，所以只闭合S1时UI，当S1和S2都闭合时，UI，代入数据I1 A，I2 A可得U4U，即U1U212，所以n1n212，选项B对答案B6(多选)小型水力发电站的发电机有稳定的输出电压，该电压先通过发电站附近的升压变压器升压，然后通过输电线路把电能输送到远处用户附近的降压变压器，经降压变压器降低电压后再输送至各用户，如图所示设变压器都是理想变压器，那么在用电高峰期，随着用电器增多，用户消耗的电功率增加，下列说法正确的是()A发电机的输出电流变小B高压输电线路的功率损失变大C降压变压器副线圈两端的电压变小D升压变压器副线圈两端的电压变大解析用电高峰期用电器增多，降压变压器的输出电流增大，由变压器原副线圈电流关系可知输电线上的电流I增大，发电机的输出电流变大，选项A错误；输电线路上损失的功率P损I2r，r为输电线路电阻，故P损变大，选项B正确；升压变压器副线圈的输出电压U2只与输入电压U1及原、副线圈匝数比有关，即升压变压器副线圈两端的电压不变，选项D错误；降压变压器原线圈两端的电压U3U2U损，U损Ir，I增大，U损增大，故U3减小，由理想变压器原副线圈的电压关系可知降压变压器副线圈两端的电压变小，选项C正确答案BC7(2017黑龙江大庆质检)如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为101，b是原线圈的中心抽头，图甲中电表均为理想电表，定值电阻R10 ，其余电阻均不计从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法中正确的是()A当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为31.1 VB当单刀双掷开关与b连接且在0.01 s时，电流表的示数为4.4 AC当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出的交变电流的频率增大D当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变小解析当单刀双掷开关与a连接时，根据，副线圈两端电压的有效值U222 V，电压表显示的是有效值，选项A错误；当单刀双掷开关与b连接且在0.01 s时，根据，U244 V，因I24.4 A，电流表显示的是有效值，读数为4.4 A，选项B正确；变压器副线圈中的交变电流的频率始终与原线圈中的交变电流的频率相等，与线圈匝数无关，选项C错误；当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈两端电压增大，输出功率增大，则原线圈的输入功率也变大，选项D错误答案B8(2017天津一模)中国已投产运行的1000 kV特高压输电，是目前世界上电压最高的输电工程假设甲、乙两地原来用500 kV的超高压输电，在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000 kV特高压输电，不考虑其他因素的影响则()A送电电流变为原来的2倍B输电线上降落的电压将变为原来的2倍C输电线上降落的电压将变为原来的D输电线上损耗的电功率将变为原来的解析根据输送电功率P输U输I输及P输不变可知，送电电流I输P输/U输1/U输，当U输变为原来的2倍时，I输变为原来的，选项A错误；输电线上降落的电压U降I输R降I输，所以，当送电电流变为原来的时，输电线上降落的电压也变为原来的，选项B错误，C正确；输电线上损耗的电功率P损IR降I，所以输电线上损耗的电功率将变为原来的，选项D错误答案C素能培养9(多选)(2017湖南衡阳联考)在如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为101，a、b两端接入图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统(报警器未画出)，图甲中电压表和电流表均为理想电表，D为理想二极管，R0为定值电阻，L为电阻恒定的指示灯，RT为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小下列说法中正确的是()A电压表的示数为22 VB当RT处出现火灾时，电压表示数将变大C当RT处出现火灾时，电流表示数将变大D当RT处出现火灾时，指示灯L将变暗解析由题图乙可知，电源两端电压的有效值为 V220 V，由于二极管的作用，原线圈两端电压的有效值为 V110 V，理想变压器原、副线圈匝数比为101，根据可知，U211 V，电压表的示数为11 V，选项A错误；副线圈两端的电压由原线圈两端的电压决定，原线圈两端电压不变，则电压表示数不变，选项B错误；若RT处出现火灾时，并联部分电阻变小，根据串联分压可知，指示灯L两端的电压减小，指示灯L将变暗，选项D正确；副线圈两端的总电阻减小，副线圈电流变大，则原线圈电流变大，电流表示数将变大，选项C正确答案CD10(2017西安八校联考)如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1n2225，电阻R1R225 ，D为理想二极管，原线圈接u220sin100t(V)的交流电，则()A交流电的频率为100 HzB通过R2的电流为1 AC通过R2的电流为 AD变压器的输入功率为200 W解析由原线圈交流电瞬时值表达式可知，交变电流的频率f50 Hz，A项错；由理想变压器变压规律可知，输出电压U250 V，由理想二极管单向导电性可知，交变电流每个周期只有一半时间有电流通过R2，由交变电流的热效应可知，TUU225 V，由欧姆定律可知，通过R2的电流为 A，B项错，C项正确；其功率P2UI50 W，而电阻R1的电功率P1100 W，由理想变压器输入功率等于输出功率可知，变压器的输入功率为PP1P2150 W，D项错答案C11(多选)如图甲所示是某燃气炉点火装置的原理图，转换器将直流电压转换为如图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，为交流电压表当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000 V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体，以下判断正确的是()A电压表的示数等于5 VB电压表的示数等于 VC实现点火的条件是1000D实现点火的条件是1000，故选项C正确，选项D错误答案BC12(2016全国卷)一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻R1、R2和R3的阻值分别为3 、1 和4 ，为理想交流电流表，U为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定当开关S断开时，电流表的示数为I；当S闭合时，电流表的示数为4I.该变压器原、副线圈匝数比值为()A2 B3 C4 D5解析设理想变压器原、副线圈匝数比值为k，根据题述，当开关S断开时，电流表示数为I，则由闭合电路欧姆定律得，UIR1U1.由变压公式U1/U2k及功率关系U1IU2I2，可得I2/Ik，即副线圈输出电流为I2kI，U2I2(R2R3)kI(R2R3)当开关S闭合时，电流表示数为4I，则有U4IR1U1.由变压器公式U1/U2k及功率关系U14IU2I2，可得I2/(4I)k，即副线圈输出电流为I24kI，U2I2R24kIR2；联立解得k3，选项B正确答案B13(多选)(2018黑龙江牡丹江模拟)图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器升压变压器原、副线圈匝数比为1100，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为100 .降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小电压表V显示加在报警器上的电压(报警器未画出)未出现火警时，升压变压器的输入功率为750 kW.下列说法中正确的有()A降压变压器副线圈输出的交变电流频率为50 HzB远距离输电线路损耗功率为180 kWC当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变大D当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变大解析由题图乙知交变电流的周期为0.02 s，所以频率为50 Hz，A正确；由图乙知升压变压器输入端电压有效值为250 V，根据电压与匝数成正比知副线圈电压为25000 V，所以输电线中的电流为I30 A，输电线上电压降为UI/R30100 V3000 V，输电线路损耗功率为PUI90 kW，B错误；当传感器R2所在处出现火警时其阻值减小，副线圈中电流增大，定值电阻的分压增大，所以电压表V的示数变小，C错误；副线圈电流增大，根据电流与匝数成反比知输电线上的电流变大，D正确答案AD14(多选)(2017云南十一校联考)理想变压器原线圈a的匝数n1200，副线圈b的匝数n2100，线圈a接在u44sin100t(V)的交流电源上，“12 V6 W”的灯泡恰好正常发光电阻R216 ，电压表为理想电表下列说法正确的是()A交变电流的频率为50 HzB电压表的示数为22 VCR1消耗的功率是1 WD穿过铁芯的磁通量的最大变化率为 Wb/s解析原线圈a接在u44sin100t(V)的交流电源上，由1002f可得交变电流频率f50 Hz，选项A正确；由题意可知灯泡两端电压为12 V，灯泡中电流为I20.5 A，电压表的示数为U2I2R2U灯0.516 V12 V20 V，选项B错误；由理想变压器的变压公式，理想变压器原线圈a的输入电压U1U240 V，交流电源电压有效值为U44 V，R1两端电压URUU14 V，由理想变压器变流公式，I1I20.25 A，R1消耗的功率是PRURI140.25 W1 W，选项C正确；由变压器原理和法拉第电磁感应定律，U2mn220 V，解得穿过铁芯的磁通量的最大变化率为 Wb/s Wb/s，选项D正确答案ACD