四川省成都市高新区2019届高三物理10月月考试题.doc

2018-2019学年高2016级高三10月统一检测物理试题（考试时间：100 分钟 满分：100 分）一单项选择题（本大题共8小题，每小题只有一个选项符合题意。每小题3分，共24分。）1以下说法中正确的是()A位移是矢量，位移的方向即为质点运动的方向 B物体的加速度不变，则物体所受外力的合力一定为恒力C做曲线运动的物体，其加速度一定发生变化D人走在松软的土地上会下陷，是因为人对地面的压力大于地面对人的支持力2一枚玩具火箭由地面竖直向上发射，其速度时间图象如右图所示，由图象可知()Atc时刻火箭返回到地面B在0tb段火箭是上升的，在tbtc段火箭是下落的C0ta段火箭的加速度小于tatb段火箭的加速度 Dtbtc时间内，玩具火箭处于超重状态3如图所示，一物块置于粗糙水平地面上，当用与水平方向成60角的力F1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30角的力F2推物块时，物块仍做匀速直线运动。若F1和F2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为()A B C D14如上右图所示，一辆货车利用跨过光滑定滑轮的轻质缆绳提升一箱货物，已知货箱的质量为m0，货物的质量为m，货车以速度v向左做匀速直线运动，在将货物提升到图示的位置时，下列说法正确的是()A货箱向上运动的速度大于v B缆绳中的拉力FT等于(m0m)gC货物对货箱底部的压力等于mg D货箱向上运动的速度等于vcos 5如图所示，一位同学玩飞镖游戏。圆盘最上端有一P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L。当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则v0可能为 ()A B C D6在动摩擦因数=0.2的水平面上有一个质量为m=2kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成=45角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零当剪断轻绳的瞬间，取g=10m/s2 ，以下说法正确的是()A此时轻弹簧的弹力大小为 B小球的加速度大小为8m/s2 ，方向向左 C若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度为8m/s2D若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10m/s2 ，方向向左7如图所示，在绕过盘心O的竖直轴匀速转动的水平盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们与盘面间的动摩擦因数相同，当转速刚好使两个物体要滑动而未滑动时，烧断细线，则两个物体的运动情况是（）A两物体均沿切线方向滑动 B两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远C两物体仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动 D物体B仍随圆盘一起做圆周运动，物体A发生滑动8光滑斜面倾角=30，一个物体受平行于斜面的力F作用从O点，由静止出发做匀加速直线运动，经过时间t到达A点时撤去F，又经过时间2t物体回到了出发点O。则外力F与重力G的比值为( ) A1：2 B2：3 C5：7 D9：10二、多项选择题（本大题5小题，每小题4分，共20分。每小题有两个正确选项，全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。）9如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球。给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为。下列说法中正确的是（ ）A小球受重力、细绳的拉力和向心力作用 B细绳拉力在水平方向的分力提供了向心力C 越大，小球运动的周期越大 D 越大，小球运动的线速度越大10如图所示，倾角为的斜面体C置于水平地面上，一条细线一端与斜面上的物体B相连，另一端绕过轻质滑轮与物体A相连，该滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O点，细线与竖直方向成角，A、B、C始终处于静止状态，不计细绳与滑轮间摩擦。下列说法正确的是（ ）A若仅将C向左缓慢移动一点，角将增大B若仅增大A的质量，则地面对C的摩擦力一定增大C若仅增大B的质量，则B受到的摩擦力一定增大D若仅增大A的质量，则B对C的摩擦力一定增大11如图所示，河的宽度为L，河水流速为v水，甲、乙两船均以静水中的速度v同时渡河。出发时两船相距2L，甲、乙船头均与岸边成60角，且乙船恰好能直达正对岸的A点。则下列判断正确的是()A甲船在A点左侧靠岸 B甲船正好也在A点靠岸C甲、乙两船可能在未到达对岸前相遇 D甲、乙两船到达对岸的时间相等12如图所示，某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角60，使飞行器恰恰与水平方向成30角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中正确的是( )A加速时动力的大小等于mg B加速时加速度的大小为gC减速时动力的大小等于mg D减速飞行时间t后速度为零13三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为37现有两个小物块A、B从传送带底端都以4m/s的初速度冲上传送带，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，下列说法正确的是（ ）A物块A、B都不能到达传送带顶端B两物块在传送带上运动的全过程中，物块A、B所受摩擦力一直阻碍物块A、B的运动C物块B在上冲过程中在传送带上留下的划痕长度为0.45mD物块A上冲到与传送带速度相同的过程中，物块相对传送带运动的路程为1.0m第卷（选择题，共 56 分）三、实验题：14（6分）用如图所示的器材和方法可以验证“力的平行四边形定则”。在圆形桌子透明桌面上平铺一张白纸，在桌子边缘安装三个光滑的滑轮，其中，滑轮P1固定在桌子边，滑轮P2、P3可沿桌边移动。 第一次实验中，步骤如下：A在三根轻绳下挂上一定数量的钩码，并使结点O静止；B在白纸上描下O点的位置和三根绳子的方向，以O点为起点，作出三拉力的图示；C以绕过P2、P3绳的两个力为邻边作平行四边形，作出O点为起点的平行四边形对角线，量出对角线的长度；D检验对角线的长度和绕过P1绳拉力的图示的长度是否一样，方向是否在一条直线上。(1)（每空1分）这次实验中，若一根绳挂的钩码质量为m，另一根绳挂的钩码质量为2m，则第三根绳挂的钩码的质量一定大于_且小于_。 (2)（每空2分）第二次实验时，改变滑轮P2、P3的位置和相应绳上钩码的数量，使结点平衡，绳的结点_(选填“必须”或“不必”)与第一次实验中白纸上描下的O点重合。实验中，若桌面不水平_(选填 “会”或“不会”)影响实验的结论。 15（每小题3分，共9分）为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置.其中为带滑轮的小车的质量，为砂和砂桶的质量，滑轮的质量可以忽略不计. （1）下列实验步骤正确的是 A.用天平测出砂和砂桶的质量B.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C.小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带后，同时记录弹簧测力计的示数D.改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量 （2）该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50HZ的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为 .（结果保留2位有效数字） （3）以弹簧测力计的示数为横坐标，加速度为纵坐标，画出图象是一条过原点的直线，图线与横坐标的夹角为，求得图线的斜率为，则小车的质量为 A. B. C. D.四计算题：(本大题共4小题，41分)16（8分）在两车道的公路上有黑白两辆车，黑色车停在A线位置，某时刻白色车以速度v140 m/s通过A线后，立即以大小为a14 m/s2的加速度开始制动减速，黑色车4 s后以a24 m/s2的加速度开始向同一方向做匀加速运动，经过一定时间，两车都到达B线位置。两车可看成质点，从白色车通过A线位置开始计时，求经过多长时间两车都到达B线位置及此时黑色车的速度大小。17（8分）一竖直杆上相距L的A、B两点拴着一根不可伸长的轻绳，绳长1.4L，绳上套着一个光滑的小铁环，设法转动竖直杆，不让绳缠绕在杆上，而让铁环在某水平面上做匀速圆周运动，如图所示，当两段绳成直角时，求铁环转动的周期，已知重力加速度为g。18（11分）如图所示，一质量m=2kg的小球套在一根足够长的固定直杆上，直杆与水平夹角=37，杆与球间的动摩擦因数=0.5，t=0时小球在水平向左的拉力F作用下从A点由静止出发沿杆开始做匀加速运动加速度大小a1=2m/s2 ，小球运动t1=5s到达P点（没画出）后撤去拉力F，g=10m/s2 ， sin37=0.6，cos37=0.8（1）求力F的大小；（2）求撤去力F后，再经过2.5s，小球离出发点A的距离19（14分）如图甲所示，滑块与长木板叠放在光滑水平面上，开始时均处于静止状态。作用于滑块的水平力F随时间t变化图象如图乙所示，t=2.0s时撤去力F，最终滑块与木板间无相对运动。已知滑块质量m=2kg，木板质量M = 1kg，滑块与木板间的动摩擦因数=0.2，取g=10m/s2。求：t=0.5s时滑块的速度大小；02.0s内木板的位移大小；求木板的最小长度。成都高新区2018-2019学年高三10月统一检测物理答案一、单项选择题（每小题3分，共24分。）题 号12345678答 案BCADCBDD 二、多项选择题（每小题有两个正确选项，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。共20分）题 号910111213答 案BDABADBCAC三、实验题（共15分）14（6分）(1)（每空1分） m 3m (2)（每空2分） 不必 不会 15（每小题3分，共9分）（1） BCD （2） 0.48 （3） D 16（8分）设白车停下来所需的时间为t1，减速过程通过的距离为x1，则 1=a1t1 1分 1分解得 x1=200m，t1=10s在t1=10s时，设黑车通过的距离为x2，则 1分解得x2=72mx1=200m所以白车停车前未相遇，即白车停车位置就是B线位置 1分 设经过时间t两车同时在B线位置，在B线位置黑车的速度为v2，则 1分 2=a2（tt0） 1分 解得t=14s，v2=40m/s 2分 17（8分）由牛顿第二定律得：Fcos=Fsin+mg 1分Fcos+Fsin=ma 1分由圆周运动规律得： 1分由几何关系得： R=Lcossin 1分Lcos+Lsin=1.4L 1分 由得：cossin 1分 则由解得： 2分 18(11分)（1）对小球受力分析，由牛顿第二定律得：在平行斜面方向上有： 1分垂直斜面方向上有： 1分其中： 1分联立解得： ； 1分（2）有F作用时，小球运动的距离为 1分当撤去F后，由牛顿第二定律： 1分撤去F时小球的速度为 所以小球停下来还需要 1分 故小球先沿杆向上运动t2=1s，然后沿杆向下运动t3=1.5s 撤去F后小球沿杆向上运动的距离 1分小球沿杆向下运动时，由牛顿第二定律： 1分 小球的加速度为；在t3=1.5s小球运动的距离 1分故撤去力F后，再经过2.5s，小球的距离出发点A的距离为； 1分 19（14分）(1)滑块恰好相对于木板要滑动时两者间的静摩擦力达到最大，以M为研究对象，根据牛顿第二定律得 mg=Ma0， 1分对整体，有 F0=（M+m）a0=12N 1分由图知，在0-0.5s内，F=6NF0，所以两者相对滑动根据牛顿第二定律得对m有：F-mg=mam，得 am=6m/s2； 对M有：mg=MaM，得 aM=4m/s2； 1分0.52.0s内木板的位移大小为 1分故02.0s内木板的位移大小 x=x1+x2=6.25m 1分（3）0.52.0s内滑块的位移大小为 1分故0.52.0s内滑块与木板的相对位移x1=x3-x2=2.25m t=2.0s时，滑块的速度为 vm=v1+amt2=1+61.5=10m/s 木板的速度为 vM=v1+aMt2=1+41.5=7m/s 1分撤去F后，m的加速度大小为 1分从t=2s时起经过时间t，两者速度相等，共同速度为 v，则有 v=vm-amt=vM+aMt， 解得 t=0.5s，v=9m/s 1分从t=2s到两者相对静止的过程中，滑块的位移为 木板的位移为 1分此过程两者的相对位移x2=x4-x5=0.75m 木板的最小长度 1分