中考物理电功率的概念专项练习.doc

中考物理电功率的概念专项练习一、单选题(本大题共18小题，共36.0分)1.一只电烙铁的铭牌上标着“220V110W”的字样，将这只电烙铁接入220V家庭电路中，则下列说法中正确的是（）A.电烙铁消耗的电功率为110WB.电烙铁消耗的电功率为2.42104WC.流过电烙铁的电流为20AD.电烙铁的电阻为102.下列数据中，最接近实际情况的是（）A.普通家用照明灯的工作电流约为3AB.家用手电筒的额定功率约为200VC.电饭锅加热煮饭时的功率约为10000WD.让人感觉温暖而舒适的室内温度约253.某名牌的电风扇铭牌如图，下列说法正确的是（）A.此风扇只能在220V电压下工作B.此风扇叶片每秒转50转C.此风扇每秒消耗电能600JD.此风扇正常工作时的功率是60W4.额定功率为1000瓦的用电器可能是（）A.白炽灯B.电视机C.电冰箱D.电烤箱5.甲用电器标着“220V，100W”，乙用电器上标着“220V，25W”，它们都在额定电压下工作，则下列判断中正确的是（）A.甲用电器做功一定多B.乙用电器做功一定慢C.完成相同的功，甲用电器所用的时间一定多D.相同时间内，甲用电器完成的功一定少6.下列说法中正确的是（）A.电流做多少功，就有多少电能转变成其它形式的能B.用电器的电功率越大，电流所做的功就越多C.家庭里有两个不同的用电器，用电时间长的电流所做的功一定较多D.电能表是测量电功率的仪器7.将两盏分别标有“6V3W”和“6V6W”字样的小灯泡L1和L2，串联后接入电压为9V的电路中，设灯泡电阻不变下列说法中正确的是（）A.两灯均能正常发光B.两灯额定电流相同C.L1的亮度比L2大D.L1的实际功率比L2小8.如图所示，电源电压不变，电阻R1为定值电阻，当滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，以下说法中正确的是（）A.电阻R1两端的电压变大B.电阻R1的功率变小C.滑动变阻器两端的电压变小D.电路的总功率变大9.下列情况说法正确的是（）A.家庭电路电压为380VB.家用电饭锅的电功率约为1000WC.手机电池的电压为220VD.家用节能灯的电流约为2A10.甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（）A.甲灯的实际功率一定是25WB.两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多C.两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较大D.将乙灯接入110V电路中，它的实际功率为50W11.如图所示，将标有“3V3W”的灯泡L1和标有“6V3W的灯泡L2串联在电路中，闭合开关S，其中只有一只灯泡正常发光，设小灯泡电阻不变，则L1两端的电压及通过L1的电流分别是（）A.3V1AB.1.5V 1AC.3V 0.5AD.1.5V 0.5A12.如图所示，从甲地通过两条输电线向乙地用电户供电，若甲地电源电压恒为U，输电线的总电阻为r，当乙地用户用电时，下列说法正确的是（）A.当用户使用的用电器增多时，用电器两端的电压升高B.当用户使用的用电器增多时，输电线上因发热而损失的功率增大C.用户使用的用电器两端电压为UD.输电线上消耗的电功率为13.有四只“110V，40W”的灯泡，要把它们接在220 V电源上，某同学对甲、乙两种接法分析，如图所示，正确的是（）A.甲接法灯能正常发光，乙接法不能正常发光B.乙接法灯能正常发光，甲接法不能正常发光C.两种接法均能使灯正常发光，但甲接法比乙接法好D.两种接法均能使灯正常发光，但乙接法比甲接法好14.下列数据是小明对家用电器正常使用时的估测，其中最接近实际的是（）A.电热水器中水从室温加热到60吸热约7.5105JB.一度电可以使教室里一盏日光灯使用25hC.电压力锅煮一顿饭耗电约0.02kWhD.电冰箱正常工作的电流约5A15.下列有关说法错误的是（）A.在电源电压一定时，电路的总电阻越大，消耗的总功率越大B.将亮度相同的白炽灯换成节能灯，每年可节约大量的电能C.利用电流的热效应，人们制造出电饭锅等用电器D.电能可以从各种形式的能量转化而来，也可转化为多种形式的能量16.下列数据中最接近实际情况的是（）A.电吹风机的额定功率约为500WB.电视机的电流约为5AC.家用电冰箱每天消耗电能约为10kWhD.智能手机工作电压约为220V17.家用空调的功率一般为（）A.10WB.100WC.1000WD.10000W18.标有“12V12W”、“12V6W”的灯L1和L2（假设灯丝电阻不变），若将它们串联在某电源上，两灯都发光，下列说法正确的是（）A.灯L1和L2的电阻之比为2：1B.灯L1比灯L2亮C.灯L1和L2的实际功率之比为1：2D.通过灯L1和L2的电流之比为2：1二、多选题(本大题共1小题，共3.0分)19.如图所示在滑动变阻器的滑片向右移动过程中，电灯逐渐变亮则滑动变阻器的连入电路的方式正确的是（）A.a接C，b接AB.a接C，b接BC.a接D、b接AD.a接D，b接B三、填空题(本大题共23小题，共46.0分)20.将标有“6V6W”和“6V3W”字样的小灯泡L1和L2串联在电路中，电路两端的最大电压为_V，两只灯泡消耗的实际功率之比为_21.家用电饭煲是利用电流的_来工作的，某电饭煲的额定电压为220V，它的额定功率为1000W（不考虑温度对电阻值的影响）若只把该电该饭煲接入实际电压为110V的电路中，通电10s，产生的热量是_J22.家庭电路中电灯、电视机、电冰箱等用电器之间是_联的，这些用电器一起工作的越多，电路的总功率_（选填“越大”或“越小”）23.如图所示，电烙铁的电阻为165，正常工作时所加的电压为220V，则工作通过电阻丝的电流是_A，额定功率是_W；工作10min消耗的电能是_J24.甲车两侧远光灯的规格均为“12V60W”，供电的蓄电池电压为12V，一次充电的电能是0.72kWh某天晚上，该车熄火时忘记关闭远光灯，则车上蓄电池最多能供两个远光灯正常工作_h由于蓄电池的电能耗尽，甲车无法启动，需要借用乙车的蓄电池“搭电”启动，如图所示“搭电”时，先用电线将甲车蓄电池的正极与乙车蓄电池的_极相连，再将另两个电极用电线连通（如果误接，蓄电池会被短路）25.如图所示是额定电压为220V的理发用电吹风的典型电路，其中电热丝通电后可以发热，电动机通电后可以送风，且电动机的额定功率为120W（1）要送冷风，选择开关应放在_位置；要送热风，选择开关应放在_位置（填“A”、“B”或“C”）（2）若电吹风在额定电压下工作，送冷风时，通电8min电流所做的功是_J（3）若电吹风在额定电压下工作，送热风时电路消耗的总功率为560W，则电热丝R的阻值为_26.如图所示甲、乙两段实心铁导体的电阻值相等，甲导体比乙导体的长度和横截面积都小，将它们串联在电路中，通电一段时间后，甲、乙导体通过的电流I甲 _ I乙，产生的热量Q甲 _ Q乙，消耗的电功率P甲 _ P乙（填“”、“=”或“”）27.电热水壶等电热器做功时，将_能转化为内能某家用电热器上标有“220V1100W”字样，当它正常工作时，通过它的电流为_安；若它连续正常工作5秒，电流所做的功为_焦28.有一只小灯泡上标有“6V3W”字样，若要把它接到9V电源上，为使其正常发光，应串联一个_的电阻若通电10s，整个电路电流所做的功为_J29.R1：R2=2：5，串联接在同一电路中，通过R1、R2电流之比：_，电压之比：_，电流通过R1、R2消耗的电功率之比：_30.教室里日光灯两端的电压为_伏，日光灯与投影仪是_连接的（选填“串联”或“并联”），关闭几盏灯后电路中的总电阻将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）额定功率为0.04千瓦的日光灯正常工作5小时，耗电_度，消耗的电能用_表测量31.小明家买了一台额定功率是1kW的空调，安装时空调应与其他用电器_（选填“串联”或“并联”），空调的金属外壳应该_空调正常工作时，小明把电水壶接入电路，家里的空气开关“跳闸”了，原因可能是发生了短路或_；若小明家的空调每天正常工作2小时，每度电的电费是0.6元，那么空调一个月所消耗的电能需付电费_元（每月30天）32.家庭耗电量用_表测量，一度电可以供额定功率40瓦的电灯正常工作_小时33.定值电阻R消耗的电功率P随R两端电压U变化的图象如图所示请根据图象和已有知识判断：当电阻R两端电压U为3V时，电阻R消耗的电功率P为_W34.有“3V0.75W”的L1灯泡和“6V3W”的L2灯泡，如图甲所示，闭合开关，L1灯泡正常发光，则电路总电阻R=_；如图乙所示，闭合开关，使电路中至少一灯正常发光，则电源2的电压U=_V，此时L2消耗的实际功率P=_W（假设灯丝电阻不变）35.白炽灯上标有“220V 40W”字样，表明该灯正常发光时两端的电压是_V，灯丝的电阻为_，正常发光_h消耗1kWh的电能36.两电阻R1：R2=5：3，将他们串联在电路中，则U1：U总=_，消耗的功率之比P1：P2=_37.甲、乙两只电炉标有“220V 500W”和“220V 1000W”字样，把它们串联在220V的电路中，串联时甲乙电炉消耗的电功率之比为_，在相同时间内产生热量较多的是_38.如图是某电热水器的铭牌，则电热丝的电阻是_同时使用过多的大功率用电器往往会引起空气开关“跳闸”，其原因是_39.电水壶利用了电流的_效应，发热元件是一个阻值为48.4的电阻当发热元件两端的电压为220V时，该电水壶的电功率为_W40.将标有“2.5V 0.3A”的甲灯和标有“3.8V 0.3A”的乙灯串联，接在3V的电源上，_更亮些，甲灯消耗的电功率与乙灯消耗的电功率之比为_41.把两个电阻R1=6，R2=9，串联后接在某一电源上，R1与R2两端的电压之比为_，R1与R2的电功率之比为_；若并联后接在同一电源上，R1与R2两端的电压之比为_，R1与R2的电功率之比为_42.某型号电饭锅有高温档和低温档两个档位，原理如图所示当开关S处于_（选填“断开”或“闭合”）状态时为高温档四、实验探究题(本大题共2小题，共12.0分)43.小刚家有一台额定电压为220V的家用电热油灯（室内加热器）如图12甲所示，详细参数如图乙所示，根据详细参数所提供的信息，试求：该电热油灯低档运行时，电热丝的工作电流是_A（此空计算结果保留1位小数）；若该电热油灯中档运行，并持续工作45min产生的电热是_J44.探究“电功率与电流、电压关系”实验时，选择的小灯泡是种类相同、规格不同的L1“2.5V0.3A”、L2“3.8V0.3A”，其他器材如图所示（1）请你说明“可以通过灯泡的亮度判断电功率的大小”的理由（2）小红设计图甲所示的实验方案，她能够探究的问题是_（3）小东设计如图乙所示的方案进行实验，把实验证据填入下面的表格中请你写出分析证据得出结论的过程 电压/V发光情况L1“2.5V 0.3A”2.4暗L2“3.8V 0.3A”3.6亮五、作图题(本大题共1小题，共5.0分)六、计算题(本大题共14小题，共112.0分)46.在综合实践活动中，小峰设计了一种具有加热和保温功能的电路，如图甲所示，图中R1和R2均为电阻丝，S1是电路控制开关，他将该电路接入220V家庭电路中，在30min内，该电路消耗的总功率随时间变化的图象如图乙所示，求：（1）020min内，开关S2是断开还是闭合？（2）010min内通过R1的电流；（3）30min内该电路消耗的电能47.下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图所示，R1和R2均为电热丝。牌电烤箱额定电压220V额定功率高温挡1100W低温挡440W电源频率50Hz求：（1）电烤箱在高温挡正常工作30分钟所消耗的电能；（2）电路中R1的阻值；（3）在低温挡正常工作时R1的电功率是多少？48.如图所示，是家用电热水器的简化电路图，温控开关S可根据水温自动切换加热和保温状态，额定电压220V容积30L加热功率20xxW保温功率800WR1、R2是发热电阻，表中数据为热水器的主要参数（水的比热容为4.2103J/（kg）（1）发热电阻R2的阻值是多少？（2）水箱中装满初温为25的水，加热升温至55时，水需吸收的热量是多少？49.电动环保车因环保经济在各大旅游景区已广泛投入运营如图1所示的电动环保车，有关技术参数如表空车质量1200kg电动机额定功率5kW满载乘员10人电动机额定电压48V满载时轮胎与地接触面积4250cm3最大车速18km/h电动机效率80%平路行驶里程180km根据技术参数和具体要求，求解下列问题：（g取10N/kg）（1）电动机以额定功率工作半小时消耗多少电能？（2）经检测电动环保车以额定功率匀速行驶时，受到的阻力与质量的关系如图2所示，若电动环保车满载时，每个乘员大约60kg，求车在行驶过程中受到的阻力（3）该车充一次电储存了2.7108J的电能，电动环保车将电能转化为机械能的效率为80%，若该车满载时以额定功率匀速行驶，则充电一次最多可连续行驶多长的路程？50.标有“220V110W”字样的用电器，正常工作5小时求：通过用电器的电流；需用电多少千瓦时？51.如图所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图如表是它的有关参数它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制）求：（1）正常加热时，电路中的电流是多少？（2）R1、R2的阻值是多大？（3）保温5min消耗的电能容积1.5L额定电压220V加热功率1210W保温功率40W52.一只电水壶的额定电压为220V，正常工作1min消耗的电能为6.6104J求：（1）电水壶的额定功率；（2）电水壶正常工作时的电流53.某电热水器工作电路可简化成如图所示的形式，其中S是一个温控开关，当S接b时，电热水器正常工作，将水迅速加热；当水达到一定温度时，开关S自动切换到a，电热水器处于保温状态若电热水器正常工作时发热板R2的电功率为550W，而保温时发热板R2的功率是88W，忽略R2的阻值受温度的影响求：（1）电阻R2的阻值；（2）电阻R1的阻值54.如图所示为某电热饮水机的电路原理图饮水机有加热和保温两种工作状态，当饮水机热水箱内水温达到100时开关S1自动断开，处于保温状态；当水温降至一定温度时，S1 又闭合重新加热已知电源电压保持220V不变，饮水机的额定电压是220V，加热功率是440W，保温功率是40W（1）求电阻的阻值；（2）饮水机处于加热状态时，电路中的总电流是多少？55.小明房间新添了一台变频空调，部分参数如下表所示，变频空调工作时，可自动调节制冷功率，当室温和空调的设定温度相差较大时，变频空调一开机，即以最大功率工作，使室温迅速达到设定温度，当室温达到设定温度后，空调的制冷功率随之减小，以维持室温基本不变夏天的一晚，空调开机后以最大制冷功率工作0.5h，使室温将至设定温度，然后，空调又以某一恒定的功率工作了2.5h，全过程空调消耗的电能为1.8KWh，求 型号XXXX功能冷暖（辅助电加热）电源电压/V220制冷功率P冷/KW变化范围0.11.4制冷室外环境温度不高于4356.某品牌电热水壶，铭牌上标有“220V1100W”的字样请通过计算回答：（1）这种电热水壶正常工作时的电阻是多大？（2）这种电热水壶正常工作15min可以烧开一壶水，它消耗的电能是多少？57.随着生活水平的提高，家用电器在日常生活中已不可缺少小明家所有家用电器正常工作时的总功率为2200w其中电热水壶的铭牌如图所示，某一天小明在家里用电热水壶烧开水，电热水壶能正常工作已知电热水壶的阻值不变求：（1）小明家所用熔断器的额定电流等于或稍大于多少安？（2）这个电热水壶正常工作时的电阻为多少欧？（3）这个电热水壶正常工作600秒所消耗的电能为多少焦？（4）若通过电热水壶的实际电流为2A，电热水壶的实际功率多大？电热水壶的铭牌额定电压220V频率50Hz额定功率880W容积2L牌电烤箱额定电压220V额定功率高温挡1100W低温挡440W电源频率50Hz七、简答题(本大题共1小题，共5.0分)60.手机屏幕调的越亮越耗电请说明其中的道理20xx届中考物理专项练习-电功率的概念（含答案、全国通用）【答案】1.A2.D3.D4.D5.B6.A7.C8.B9.B10.C11.D12.B13.C14.B15.A16.A17.C18.C19.BD20.9；1：221.热效应；250022.并；越大23.1.3；293.3；1.7610524.6；正25.B；A；57600；11026.=；=；=27.电；5；550028.6；4529.1：1；2：5；2：530.220；并联；变大；0.2；电能31.并联；接地；总功率过大；3632.电能；2533.934.6；6；0.7535.220；1210；2536.5：8；5：337.2：1；甲38.22；电流过大39.热；100040.乙灯；25：3841.2：3；2：3；1：1；3：242.闭合43.3.6；3.2410644.电功率跟电流的关系45.解：两根“220V 400W”电热管，要设计为200W、400W、800W的加热电路，由P=可知，电源电压不变时，电功率越小，总电阻越大；反之，总电阻越小；则对应的电路依次应为两电热管串联、单根电热管、两电热管并联，则电路功率为200W时，电路图如下：；电路功率为400W时，电路图如下：；电路功率为800W时，电路图如下：46.解：（1）由图象可知，在020min内，电路消耗的功率较大，根据P=可知，电压不变时，电功率较大，电阻较小，故开关S2是闭合的（2）由P=UI得，010min内通过R1的电流：I=5A（3）由图象可知，加热时间t=20min=1200s，保温时间t=10min=600s，加热消耗的电能：W=Pt=1100W1200s=1.32106J，保温消耗的电能：W=Pt=440W600s=2.64105J，则30min内该电路消耗的电能：W总=W+W=1.32106J+2.64105J=1.584106J答：（1）020min内，开关S2是闭合的；（2）010min内通过R1的电流为5A；（3）30min内该电路消耗的电能为1.584106J47.解：（1）由表格数据可知，电烤箱在高温挡正常工作时的功率P高温=1100W，在高温挡正常工作30分钟所消耗的电能：W=P高温t=1100W3060s=1.98106J；（2）当开关S1、S2都闭合时，电路中只有电阻丝R1工作，电路中电阻较小，功率较大，所以处于高温档；由P=UI=可得，电路中R1的阻值：R1=44；（3）当开关S1闭合、S2断开时，电路中R1、R2串联，电路中电阻较大，功率较小，所以处于低温档；由表格数据可知，电烤箱低温挡正常工作时的功率P低温=440W；由P=UI得，低温挡正常工作时电路中的电流为：I低温=2A，此时R1的功率：P1=I低温2R1=（2A）244=176W。答：（1）电烤箱在高温挡正常工作30分钟所消耗的电能为1.98106J；（2）电路中R1的阻值为44；（3）在低温挡正常工作时R1的电功率是176W。48.解：（1）由电路图可知，开关S跳至a触点位置时，只有电阻R1接入电路，电阻R2被短路，此时电路电阻较小，电源电压U一定，由P=可知，电功率较大，电热水器处于加热状态，由P=可知R1=24.2；开关S跳至b触点位置时，两电阻串联，电路电阻较大，电功率较小，电热水器处于保温状态，由P=可知，R1+R2=60.5，则R2=60.5-24.2=36.3；（2）水的体积V=30L=30dm3=0.03m3，由=可知水的质量：m=V=1.0103kg/m30.03m3=30kg，水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）30kg（55-25）=3.78106J答：（1）R2的阻值为36.3；（2）水需要吸3.78106J热量49.解：（1）由P=可得，电动机以额定功率工作半小时消耗的电能：W电=Pt=5kW0.5h=2.5kWh；（2）10个人的质量：m人=60kg10=600kg，人和车的总质量：m总=600kg+1200kg=1800kg；由图2可知，车在行驶过程中受到的阻力为1800N；（3）由=100%可得，牵引力做的功：W=W电=2.7108J80%=2.16108J，因为电动车匀速行驶时，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，牵引力F=f=1800N，由W=Fs可得，电动车行驶的最大路程：s=1.2105m=120km答：（1）电动机以额定功率工作半小时消耗2.5kWh电能；（2）车在行驶过程中受到的阻力是1800N；（3）充电一次最多可连续行驶120km的路程50.解：用电器正常工作时的电压为220V，功率为110W，由P=UI可得，通过该用电器的电流：I=0.5A；由P=可得，工作5h用电器消耗的电能：W=Pt=11010-3kW5h=0.55kWh答：通过该用电器的电流为0.5A；工作5小时，该用电器耗的电为0.55千瓦时51.解：（1）正常加热时电功率P=1210W，电压U=220V，由P=UI可得，电路中电流：I=5.5A；（2）当开关S0闭合时处于加热状态R2短路、R1单独接入电路，由公式P=可得：R1=40，当开关断开时R1R2串联，处于保温状态保温功率P=40W，电压U=220V，总电阻：R总=1210，R2=R总-R1=1210-40=1170；（3）保温时间t=5min=300s功率是P=40W，消耗的电能：W=Pt=40W300s=1.2104J答：（1）正常加热时，电路中的电流是5.5A；（2）R1、R2、的阻值分别是40、1170；（3）保温5min消耗的电能是1.2104J52.解：（1）由题知电水壶正常工作，则电水壶的额定功率：P=1100W；（2）由P=UI可得，电水壶正常工作时的电流：I=5A答：（1）电水壶的额定功率为1100W；（2）电水壶正常工作时的电流为5A53.解：（1）S接b时，电路电阻最小，电功率最大，电热水器处于加热状态由P=可得，电阻R2的阻值：R2=88；（2）S接a时，两电阻串联，电路电阻最大，电功率最小，电热水器处于保温状态；S接a时，因为P2=I2R2，所以，I=1A，S接a时，两电阻串联，串联电路的总电压等于各部分电压之和，所以，U=U1+U2，由I=可得，U=IR1+IR2，220V=1AR1+1A88，解得：R1=132答：（1）电阻R2的阻值是88；（2）电阻R1的阻值是13254.解：（1）由题意和电路图可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R1的简单电路，电热饮水机处于保温状态，由P=可得，电阻R1的阻值：R1=1210，开关S、S1闭合时，R1与R2并联，电热饮水机处于加热状态，因电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，电阻R2的功率：P2=P加热-P保温=440W-40W=400W，因并联电路各支路两端的电压相等，所以，电阻R2的阻值：R2=121；（2）由P=UI可得，饮水机处于加热状态时电路中的总电流：I=2A答：（1）电阻R1的阻值为1210，R2的阻值为121；（2）饮水机处于加热状态时，电路中的总电流是2A55.解：（1）由表格数据可知最大制冷功率P1=1.4kW=1400W，前0.5h消耗的电能：W1=P1t1=1.4kW0.5h=0.7kWh；（2）全过程空调消耗的电能为1.8kWh，则后2.5h消耗的电能：W2=W-W1=1.8kWh-0.7kWh=1.1kWh，后2.5h空调工作的功率：P2=0.44kW=440W；（3）由P=UI可得，后2.5h通过空调的电流：I2=2A答：（1）前0.5h消耗的电能是0.7kWh；（2）后2.5h空调工作的功率440W；（3）后2.5h通过空调的电流是2A56.解：（1）由P=UI=可得，这种电热水壶正常工作时的电阻：R=44；（2）由P=可得，这种电热水壶正常工作15min消耗的电能：W=Pt=1100W1560s=9.9105J答：（1）这种电热水壶正常工作时的电阻是44；（2）这种电热水壶正常工作15min可以烧开一壶水，它消耗的电能是9.9105J57.解：（1）由题意知：所有用电器正常工作时的总电流为：2200W，则电路正常工作时允许通过的最大电流：I=10A，所以，小明家熔断器的额定电流等于或稍大于10A（2）据P=可知，R=55（3）据电能的计算公式可知，此时消耗的电能是：W=P2t=880W600s=5.28105J（4）由实际电流和电阻，根据P=I2R=（2A）255=220W；答：（1）小明家所用熔断器的额定电流等于或稍大于10安；（2）这个电热水壶正常工作时的电阻为55欧；（3）这个电热水壶正常工作600秒所消耗的电能为528000焦；（4）若通过电热水壶的实际电流为2A，电热水壶的实际功率为220瓦58.解：（1）由P=可得，灯泡L的电阻：RL=5；（2）当滑动变阻器接入电路的阻值为4，灯泡刚好正常发光，因串联电路中各处的电流相等，则电路中的电流：I=0.5A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=I（RL+R滑）=0.5A（5+4）=4.5V答：（1）小灯泡的阻值为5；（2）电源电压为4.5V59.高温；B60.答：手机屏幕的亮度是由其实际功率决定的，屏幕越亮，说明屏幕的实际功率P越大，在相等时间t内，根据W=Pt可知，消耗的电能就越多【解析】1.解：“220V100W”表示电烙铁的额定电压为220V，额定电功率为100W；将这只电烙铁接入220V家庭电路中， （1）由于实际电压与额定电压相等，则电烙铁正常工作，所以实际功率与额定功率相等，即为110W；故A正确，B错误； （2）由P=UI可得： 电烙铁正常工作的电流为I=0.5A；故C错误； （3）由I=得：电阻R=440，故D错误 故选A（1）这只电烙铁接入220V家庭电路中，由于电烙铁的额定电压与实际电压相等，则电烙铁正常工作，然后根据额定功率即可判断实际功率； （2）电烙铁在额定电压和额定功率；利用公式P=UI求出正常工作时的电流； （3）利用公式I=得到电阻本题考查功率公式，要记住在纯电阻电路中功率P=UI和欧姆定律的应用，要根据题意灵活选择公式2.解： A、家用照明灯的功率在60W左右，工作电流约0.3A；故A不符合实际； B、家用手电筒的额定功率约1W，达不到200W，更不会是200V；故B不符合实际； C、电饭锅加热煮饭时的功率约为1000W左右，不会达到10000W；故C不符合实际； D、让人感觉温暖而舒适的室内温度约25，故D符合实际。 故选D。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。对日常生活中的用电器额定电流、额定功率、额定电压等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。3.解： （1）此风扇的额定电压为220V，在220V电压下才能正常工作，当实际电压稍小于或稍大于电风扇的额定电压时，风扇能工作，但不是正常工作，故A错误； 风扇的额定功率60W，即风扇正常工作时的功率是60W，故D正确； 风扇每秒消耗电能即为功率，若没有正常工作，此风扇每秒消耗电能不等于600J，故C错误； （2）风扇工作频率为50Hz，指的是所使用的交流电的频率，B错误 故选D（1）由图知电风扇的额定电压和额定功率，在额定电压下的功率为额定功率；风扇每秒消耗电能即为功率； （2）由图可知工作频率，指的是所使用的交流电的频率本题考查对额定功率及频率的理解，明确灯在额定电压下的功率为额定功率为解题的关键4.解：A、白炽灯的电功率一般在40W100W左右，不合题意； B、电视机的功率约100W左右，不合题意； C、电冰箱的功率约100W左右，不合题意； D、电烤箱属于大功率的家用电器，功率在1000W以上，符合题意 故选D根据我们对生活中常用用电器额定功率的了解去选择该题为估测题，是对家用电器功率的估测，要求在平时的生活中多关注、多观察，但不需要去死记硬背这些用电器的功率5.解： 额定电压下，甲用电器的电功率为100W，乙用电器的功率为25W A由P=可得W=Pt，由此可知，电流做功的多少与功率和通电时间有关，故A不正确； B电功率是表示电流做功快慢的物理量，甲用电器的功率较大，做功一定快，乙用电器做功一定慢，故B正确； C根据由P=可得t=，由此可知，完成相同的功，甲用电器所用的时间一定少，故C不正确； D根据W=Pt可知，相同时间内，甲用电器完成的功一定多，故D不正确 故选B（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量； （2）额定电压下用电器的功率和额定功率相等，根据W=Pt比较电功和时间之间的关系本题考查了学生对电功率物理意义和电功公式的理解与掌握，关键是知道额定电压下用电器的实际功率和额定功率相等6.解：A、根据能量守恒定律可知，电流做了多少功，就有多少形式的电能转化为其他形式的能，故A正确 B用电器做功的多少不仅与电功率有关，还与通电时间有关，所以用电器的电功率越大做的功不一定越多，故B错误； C、家庭里有两个不同的用电器，用电时间长的电流所做的功不一定多，功的大小还与电功率大小有关，故C错误； D、电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，不能直接测量电流和电功率、电阻的大小，故D错误 故选A电流流过导体时电流做功电流做功的过程，是电能转化为其它形式能的过程，消耗多少电能转化为多少其它的能，电功大小W=UIt； 电功率是指电流在单位时间内做功的多少，是表示电流做功快慢的物理量； 电能表是测量用电器在一定时间内消耗电能多少的仪表，单位是kWh本题考查电功率的大小、电功的实质、电能表的特点，自然界的能量不会消失，也不会创生，一种形式的能减少，必然另一种形式的能增加，一个物体能量减少，必然另一个物体能量增加并且减少的量和增加的量相等7.解：（1）由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为： I1=0.5A，I2=1A，由此可知，两灯额定电流不相同，故B错误； （2）由I=可得，两灯泡的电阻分别为R1=12， R2=6， 两盏灯串联后接在电压为9V的电源上时，通过的电流I=0.5A， 则L1能正常发光，故A错误； （3）两盏灯串联后接在电压为9V的电源上时，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小， 所以，由P=I2R可知，灯泡L1的电阻大，实际功率较大，灯泡较亮，即L1的亮度比L2大，故C正确，D错误 故选C知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI可求得两灯额定电流，根据I=求出两灯泡的电阻，进一步比较两电阻的大小，根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡实际功率的大小，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小8.解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流， 当滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大， 由I=可知，电路中的电流变小， 由U=IR可知，R1两端的电压变小，故A错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，滑动变阻器两端的电压变大，故C错误； 由P=UI可知，电阻R1的功率和电路的总功率均变小，故B正确，D错误 故选B由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，根据P=UI可知电阻R1的功率和电路的总功率的变化本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，两电阻两端的电压变化可以根据串联电路的分压特点进行判断9.解：A、家庭电路电压为220V，故A错误； B、家用电饭锅的电功率在1000W左右，故B正确； C、手机电池电压为3.7V，故C错误； D、家用的节能灯的功率与40W，由P=UI可得，工作电流：I=0.18A，故D错误 故选B不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义10.解：A、甲灯的额定功率是25W，但实际电压改变时，其实际功率也随之变化，不一定总是25W，故A说法不对 B、当两灯都正常发光时，它们的实际功率都等于各自的额定功率，分别为25W和100W，但由于不清楚各自的工作时间，故无法确定谁消耗的电能多故B错误 C、已知两灯的额定电压和额定功率，根据P=可得，甲乙两灯的正常工作的电阻 R甲=1936； R乙=484 通过上面计算知，甲灯正常工作时的电阻大故C正确 D、乙灯接在110V的电路中，消耗的功率是P实际=25W故D错误 故选C（1）由甲灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据P=求出甲、乙灯泡的电阻，比较两灯泡的电阻关系； （2）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率，实际电压下的功率为实际功率； （3）根据W=Pt可知，灯泡消耗功率的大小不仅与功率有关，还与工作时间有关本题考查了电功率公式和实际功率、额定功率、电功公式的应用，明白各物理量的意义和灯泡铭牌参数的含义是关键11.解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为： I1额=1A，I2额=0.5A， 因串联电路中各处的电流相等，且I2额I1额，由题知只有一只灯泡正常发光， 所以，此时电路中的电流即通过L1的电流： I1=I2额=0.5A，故AB错误； 由I=可得，灯泡L1的电阻： R1=3， 此时L1两端的电压： U1=I1R1=0.5A3=1.5V，故C错误、D正确 故选D由灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，两灯泡串联时通过它们的电流相等，且其中只有一只灯泡正常发光，则电路中的电流为两灯泡额定电流中较小，根据欧姆定律求出灯泡L1的电阻，再根据欧姆定律求出此时L1两端的电压本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，要注意两灯泡串联时能正常发光的灯泡为额定电流较小的12.解： AB当用户使用的用电器增多时，干路中的电流变大，根据U=IR可知，导线分担的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，用电器两端的电压减小；干路中的电流变大，根据公式P=I2R可知，输电线上因发热而损失的功率增大，故A错误、B正确； C由于导线有一定的电阻，根据U=IR可知，导线会分担一定的电压，所以用户使用的用电器两端电压要小于电源电压U，故C错误； D由于导线的电阻较小，其分担的电压Ur要远小于电源电压U，输电线上消耗的电功率为，故D错误 故选B（1）当用户使用的用电器增多时，干路中的电流变大，根据欧姆定律可知导线分得的电压变化，根据串联电路的电压特点可知用电器两端的电压变化，根据P=I2R判断输电线上因发热而损失的功率变化； （2）根据串联电路的电压规律分析用户使用的用电器两端电压的大小； （3）根据公式P=分析输电线上消耗的电功率的大小本题主要考查串联电路特点的理解以及对于电功率公式和焦耳定律公式的理解和掌握，注意导线与用电器之间是串联的，本题将知识应用实际生活中是能力的体现13.解： 图甲中，上面两灯泡串联，下面两灯泡串联，然后它们并联，每条支路两端的电压均为220V；两相同灯泡的电阻相等，每盏灯分得的电压均为110V，四个灯泡正常发光；若任一盏灯坏了，本支路的另一个灯泡不工作，另一支路的两盏灯仍能正常发光； 图乙中，左面两个灯泡并联，右边两个灯泡并联，然后它们串联，两并联部分的电阻相等，分得的电压相等，均为110V，四个灯泡均能正常发光；若任一盏灯坏了，如甲灯坏，设AC间的电阻为R，则BD间的电阻为R，则AC间的电压为总电压的，即UAC=220V147V110V，则乙灯会被烧坏； 综上可知，两种接法均能使灯正常发光，但甲接法比乙接法好，故ABD错误、C正确 故选C图甲中，两条支路，若某一灯坏了，另一条支路上的两灯仍能正常工作； 图乙中，若某一灯坏了并联部分的电阻变大、分压变大，超过灯的额定电压，可能被烧坏据此分析回答两种接法四个灯都能正常发光，但要从实际出发，想一想如果某灯坏会给其它灯带来什么影响，这样分析即可14.解： A、电热水器中水的质量约为20kg左右，水从室温15C加热到60吸热约为： Q=cm（t0-t）=4.2103J/（kgC）20kg（60C-15C）=3.78106J，故A不符合实际； B、教空里一盏日光灯的功率为40W，由W=Pt，一度电可以使教室里一盏日光灯使用时间： t=25h，故B符合实际； C、电压力锅煮饭时的功率在1000W以上，煮一顿饭约用0.5h，消耗的电能至少为： W=Pt=0.1kW0.5h=0.05kWh，故C不符合实际； D、家用电冰箱正常工作的电流在1A左右，故D不符合实际； 故选BA、正确估计电热水器中水的质量和室温，根据Q=cm（t0-t）求吸热的多少； B、正确估计教空里一盏日光灯的功率，由W=Pt的变形公式求一度电可以使教室里一盏日光灯使用时间： C、正确估计电压力锅煮饭时的功率和煮一顿饭用时，由W=Pt=0.1kW消耗的电能； D、家用电冰箱正常工作的电流在1A左右，据此分析首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，根据相关知识排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案15.解：A在电源电压一定时，电路的总电阻越大电流越小，根据P=UI可知，总功率越大小，故A错误； B亮度相同的白炽灯的功率大于节能灯的功率，由W=Pt可知，使用节能灯比使用白炽灯每年可以节约大量的电能，故B正确； C电饭锅是利用电流的热效应进行工作的，故C正确； D电能可以转化为多种形式的能量，也可以从各种形式的能量转化而来，故D正确 故选A（1）根据公式P=UI进行判断； （2）亮度相同的白炽灯的功率大于节能灯的功率，根据W=Pt可知是否可以节约电能； （3）电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应； （4）在一定条件下，各种形式的能量可以相互转化本题考查了家庭电路中电流过大的原因和电功公式的应用以及电流的热效应、能量的消耗转化等，要注意亮度相同的白炽灯的功率大于节能灯的功率16.解： A、由生活经验可知，电吹风机的额定功率较大，约为500W，故A符合实际； B、电视机的额定功率约为150W，其正常工作时的电流：I=0.68A，故B不合实际； C、家用电冰箱每天消耗电能约为1kWh左右，不可能达到10kWh，故C不合实际； D、智能手机的工作电压约为3.7V，故D不合实际 故选A根据对各用电器的电压、电流、电功率的了解进行估测，同时结合电功的公式可对消耗电能的多少进行判断熟知生活中常见的电压值、用电器的额定功率等，并能根据经验或利用相关公式对电路中的电流、电功等进行粗略的估测17.解：由生活经验和电功率的知识可知，家用空调属于大功率用电器，额定功率在1000W左右 故选C根据生活经验和对电功率这一概念的理解，可判断家用空调的电功率最接近哪一个估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用，考查了我们对于物理量的感性认识18.解：（1）由P=可得，两灯泡的电阻之比： =，故A不正确； （2）两灯泡串联在某电源上，两灯都发光， 因为串联电路中各处的电流相等，所以通过灯L1和L2的电流之比为1：1，故D不正确； 由P=I2R可知，两灯泡的实际功率之比： =，故C正确； 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯L2比灯L1亮，故B不正确 故选C（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P=求出两灯泡的电阻之比； （2）两灯泡串联在某电源上，两灯都发光，根据串联电路的电压特点可知通过它们的电流之比，根据P=I2R求出两灯泡的实际功率之比，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断两灯泡的亮暗本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小19.解：由题意可知，电灯与滑动变阻器串联， 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，且串联电路中各处的电流相等， 所以，由P=I2R的变形式I=可知，电灯逐渐变亮时，电路中的电流变大， 由I=的变形式R=可知，电路中的总电阻变小，滑动变阻器接入电路中的电阻变小， 因在滑动变阻器的滑片向右移动过程中，电灯逐渐变亮， 所以，滑动变阻器的右下方接线柱必须接入电路中， 由滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中可知，滑动变阻器任意上方接线柱与右下方接线柱接入电路中， 所以，由图可知，滑动变阻器的连入电路的接线柱是BC或BD，结合选项可知，BD正确、AC错误 故选BD由题意可知，电灯与滑动变阻器串联，根据串联电路的电流特点和P=I2R可知灯泡变亮时电路中电流的变化，根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，进一步可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，然后结合滑片向右移动过程中电灯逐渐变亮可知右下方接线柱必须接入电路中，根据滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中可知接入电路中的接线柱，从而得出答案本题考查了滑动变阻器的正确使用，根据灯泡的亮暗结合电功率公式和欧姆定律得出变阻器接入电路中电阻的变化是关键，要注意滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中20.解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为： I1=1A，I2=0.5A， 由I=可得，两灯泡的电阻分别为： R1=6，R2=12； 小灯泡L1和L2串联在电路中时， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中允许通过的最大电流I=0.5A， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电源的电压： U=I（R1+R2）=0.5A（12+6）=9V， 由P=I2R可得，两灯泡消耗的实际功率之比： P1：P2=I2R1：I2R2=R1：R2=6：12=1：2 故答案为：9； 1：2已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；两灯泡串联时，电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的最大电压，根据P=I2R求出两灯泡的实际功率之比本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道电