2019年高考物理二轮复习 单科标准练2.doc

单科标准练(二)(时间：70分钟分值：110分)第卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分14一个物体在四个外力作用下做匀速直线运动如果其中一个外力F方向保持不变，而大小逐渐减小直至等于零则在这一过程中，物体运动的速度可能是()A速度的大小越来越小，减小到零后又反向运动，速度最后趋于恒定B速度的大小越来越大，再越来越小，速度最后趋于恒定C速度大小越来越小，方向时刻改变，最后趋于恒定D速度大小越来越大，方向时刻改变D物体在四个外力作用下做匀速直线运动，物体所受的合外力为零，所受的另外三个外力的合力与该外力F的大小相等、方向相反当F逐渐减小时，剩余其他外力的合力反向且逐渐增大，当外力F和物体初速度方向在一条直线上时，如果方向一致，物体将先做减速运动，减小到零后再做加速运动，速度越来越大，选项A错误；如果外力F的方向与初速度的方向相反，当F逐渐减小直至等于零的过程中，物体的速度越来越大，不会趋于恒定，选项B错误；当F的方向和初速度的方向不在一条直线上时，物体的速度大小和方向都会改变，当其余三个外力的合力和速度方向的夹角大于90时，速度大小越来越小，方向时刻改变，选项C错误；当其余三个外力的合力和速度方向的夹角小于90时，速度大小越来越大，方向时刻改变，选项D正确15下列说法不正确的是()A玻尔大胆提出假设，认为实物粒子也具有波动性B放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性C氢原子从能级4跃迁到能级3辐射出的光子的波长大于从能级2跃迁到能级1辐射出的光子的波长D在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能Ek越大，则这种金属的逸出功W0越小A德布罗意提出实物粒子也具有波动性，故A错误；放射性元素的放射性与核外电子无关，故放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性，故B正确；根据玻尔理论，氢原子从能级4跃迁到能级3辐射出的光子的波长大于从能级2跃迁到能级1辐射出的光子的波长，选项C正确；在光电效应实验中，根据EkhW0可知，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能Ek越大，这种金属的逸出功W0越小，选项D正确16有两颗质量不等，在圆轨道运行的人造地球卫星用T表示卫星的运行周期，用p表示卫星的动量，则有关轨道半径较大的那颗卫星的周期T、动量p和机械能，下列说法中正确的是()A周期T较大，动量p也一定较大，机械能也大B周期T较大，动量p可能较小，机械能不能确定C周期T较小，动量p也较大，机械能大D周期T较小，动量p也较小，质量大的卫星的机械能也大B在圆轨道上运行的人造地球卫星，其所需的向心力是由地球对卫星的万有引力提供的，即G，可得：v，由pmv可知，卫星动量的大小与物体的速度和质量大小都有关，轨道半径大的卫星运行速度小，但质量不确定，因此动量不一定大，机械能也不一定大，再根据Gmr，可得T，轨道半径r越大，人造卫星的运行周期T越大，所以选项A、C、D错误，选项B正确17.如图1所示为某质点做直线运动时的vt图象，图象关于图中虚线对称，则在0t1时间内，关于质点的运动，下列说法正确的是()图1A若质点能两次到达某一位置，则两次到达这一位置的速度大小一定相等B若质点能两次到达某一位置，则两次的速度都不可能为零C若质点能三次通过某一位置，则可能三次都是加速通过该位置D若质点能三次通过某一位置，则可能两次加速通过，一次减速通过D如图所示，画出质点运动的过程图，质点在0t1时间内能两次到达的位置有两个，分别对应质点运动速度为零的两个位置，因此A、B错误；在质点沿负方向加速运动的过程中，质点可三次通过某一位置，这时质点两次加速，一次减速，在质点沿负方向减速运动的过程中，质点可三次通过某一位置，这时质点两次减速，一次加速，C项错误，D项正确18.一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是51，原线圈接入电压为220 V的正弦交流电，一个滑动变阻器R接在副线圈上，如图2所示，电压表和电流表均为理想交流电表则下列说法正确的是()图2A原、副线圈中的电流之比为51B电压表的示数为44 VC若滑动变阻器接入电路的阻值为20 ，则1 min内产生的热量为2 904 JD若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表的示数均减小B由理想变压器的电流和电压的关系可知，原、副线圈电流比为15，电压表示数为44 V，故A错误，B正确；由Qt可求得Q5 808 J，故C错误；电压表测的是副线圈两端的电压，因此无论滑片如何移动其示数均不变，故D错误19.如图3所示，两带有等量异种电荷的平行金属板M、N水平放置，a、b为同一条电场线上的两点若将一质量为m、电荷量为q的带电粒子分别置于a、b两点，则粒子在a点时的电势能大于其在b点时的电势能；若将该粒子从b点以初速度v0竖直向上抛出，则粒子到达a点时的速度恰好为零已知a、b两点间的距离为d，金属板M、N所带电荷量始终不变，不计带电粒子的重力，则下列判断中正确的是()图3Aa点电势一定低于b点电势B两平行金属板间形成的匀强电场的场强大小为Ca、b两点间的电势差为UabD若将M、N两板间的距离稍微增大一些，则a、b两点间的电势差变小AB由于qaqb，所以ab，即a点电势低于b点电势，选项A正确；由动能定理可知：qEd0mv，解得该匀强电场的电场强度大小为：E，选项B正确；由于a、b两点间的距离为d，则由UbaEd可得：Uba，故Uab，选项C错误；若将M、N两板间的距离稍微增大一些，设两板间的距离为d，则有C，C，UEd，联立以上三式可得：E，故匀强电场的场强大小不变，故a、b两点间的电势差不变，选项D错误20.如图4所示，倾角为的斜面固定在水平地面上，斜面上有两个质量均为m的小球A、B，它们用劲度系数为k的轻质弹簧相连接，现对A施加一个水平向右大小为Fmg的恒力，使A、B在斜面上都保持静止，如果斜面和两个小球的摩擦均忽略不计，此时弹簧的长度为L，则下列说法正确的是()图4A弹簧的原长为LB斜面的倾角为30C撤掉恒力F的瞬间小球A的加速度不变D撤掉恒力F的瞬间小球B的加速度为0ABD对小球B进行受力分析，由平衡条件可得：kxmgsin ，解得x，所以弹簧的原长为LxL；对小球A进行受力分析，由平衡条件可得：Fcos mgsin kx，解得：30，所以弹簧的原长为L，选项A、B正确撤掉恒力F的瞬间，对A进行受力分析，可得mgsin kxmaA，小球A此时的加速度aAg，选项C错误撤掉恒力F的瞬间，弹簧弹力不变，B球所受合力不变，故B球的加速度为零，选项D正确21.如图5所示，金属线圈B和金属线圈A是同心圆，半径分别为r1、r2，若给A线圈通以电流，结果B线圈中产生顺时针方向的电流，且电流大小恒定为I，线圈B的电阻为R，则下列说法不正确的是()图5AA线圈中的电流一定沿顺时针方向BA线圈中的电流一定是均匀增大的CB线圈中磁通量的变化率一定为IRDB线圈一定有收缩的趋势ABD由于B线圈中产生顺时针方向的电流，则根据楞次定律可知，A线圈中的电流可能是顺时针方向减小，也可能是逆时针方向增大，A项错误；由于B线圈中的电流恒定，因此磁场均匀变化，A线圈中的电流可能均匀增大，也可能均匀减小，B项错误；由欧姆定律及法拉第电磁感应定律，IR，C正确；如果A线圈中的电流减小，根据楞次定律可知，B线圈有扩张趋势，D项错误第卷二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第2225题为必考题，每个试题考生都必须作答第3334题为选考题，考生根据要求作答(一)必考题：共47分22(6分)用如图6甲所示的装置来探究由m1、m2组成的系统的机械能通过光滑的定滑轮用轻绳的两端连接着质量为m1和m2的两物块，m1下端与穿过打点计时器的纸带相连接如果让m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带被打出一系列的点，如图乙所示是实验中获取的一条纸带，O是打下的第一个点，每相邻两计数点间的时间间隔为T，测得OCh，BCh1，CDh2，m1m2，重力加速度为g，则：甲 乙图6(1)如果C点是从计时开始的第5个计数点，在纸带上打下计数点C时物块的速度vC_.(2)从打下O点到打下C点的过程中系统动能的增量Ek_；系统势能的减少量Ep_.(3)通过测量纸带上各计数点的数据，如何判定系统机械能的变化关系_【解析】(1)根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度可得，纸带在BD段的平均速度为vC.(2)从打下O点到打下C点的过程中系统动能的增量Ek(m1m2)v；系统势能的减少量Ep(m2m1)gh.(3)通过测量纸带上各计数点的数据，根据上面的计算判定系统机械能的变化关系，在误差允许范围内，若EkEp，则系统机械能守恒【答案】(1)(2分)(2)(1分)(m2m1)gh(1分)(3)在误差允许范围内，若EkEp，则系统机械能守恒(2分)23(9分)超高亮LED灯与传统的照明灯相比，有寿命长、低耗、彩色鲜艳、点亮速度快等特点被广泛地应用于商场照明、舞台灯光控制、汽车尾灯等诸多领域为探究LED灯的性能，某兴趣小组想描绘某发光二极管(LED灯)的伏安特性曲线，实验测得它两端的电压U和通过它的电流I的数据如下表所示序号U/(V)I/(mA)10.000.0022.560.3032.832.6042.908.2153.0030.24(1)实验应该选择的电路图为_；并根据你选择的电路图，用笔画线代替导线将实物图7甲中的连线补充完整甲 乙图7(2)根据实验得到的数据，在如图7乙所示的坐标纸上描绘出该发光二极管(LED灯)的伏安特性曲线(3)采用(1)中所选的电路，发光二极管(LED灯)电阻的测量值_(填“大于”“等于”或“小于”)真实值(4)若实验中该发光二极管(LED灯)最佳工作电流为8 mA，现将此发光二极管(LED灯)与电动势为3 V、内阻不计的电源两端相接，还需要串联一个阻值R_的电阻，才能使它工作在最佳状态(结果保留两位有效数字)【解析】(1)根据题中表格数据可知，发光二极管(LED灯)的电阻较大，电流表采用内接法，选C项；实物连接如图：(2)根据表中数据描绘出该发光二极管(LED灯)的伏安特性曲线(3)由于电流表为内接法，电流表分压使测量值偏大(4)根据图象可读出I8 mA时，对应的电压U2.88 V，可得串联电阻两端的电压为0.12 V，故可求出R15 .【答案】(1)C(1分)如图所示(2分)(2)根据表中数据描绘出该发光二极管(LED灯)的伏安特性曲线如图所示(2分)(3)大于(2分)(4)15(2分)24. (12分)将一轻质弹簧竖直地固定在水平地面上，其上端拴接一质量为mB3 kg的平板，开始时弹簧处于压缩状态，在平板正上方h15 cm处将一质量为mA1 kg的物块A无初速度释放，物块A与平板碰后合为一体，平板用t0.2 s的时间到达最低点，且下降的高度为h25 cm，再经过一段时间平板返回到出发点，整个过程弹簧始终处在弹性限度以内，重力加速度g10 m/s2.空气阻力不计，求：图8(1)上述过程中弹簧的弹性势能最大为多少？(2)物块A与平板由碰撞结束到平板返回到出发点的过程中，弹簧的冲量应为多大？【解析】(1)设物块A与平板碰前瞬间的速度为v0，由机械能守恒定律得：mAgh1mAv代入数据解得：v01 m/s(2分)物块A与平板碰撞过程系统动量守恒，以物块A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mAv0(mAmB)v代入数据解得：v0.25 m/s(2分)物块A与平板运动到最低点时，弹簧的弹性势能最大，则由能量守恒定律得：Ep(mAmB)v2(mAmB)gh2(2分)代入数据解得：Ep2.125 J(2分)(2)从碰后到返回碰撞点的过程，以向上为正方向，由动量定理得I(mAmB)g2t2(mAmB)v(2分)代入数据解得：I18 Ns.(2分)【答案】(1)2.125 J(2)18 Ns25(20分)如图9所示，左右边界分别为PP、QQ的匀强磁场的宽度为d，长度足够长，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里一个质量为m、电荷量大小为q的粒子，以与左边界PP成45的速度v0垂直射入磁场不计粒子重力，为了使粒子不能从边界QQ射出，求：图9(1)当粒子带正电时，v0的最大值是多少？(2)当粒子带负电时，v0的最大值是多少？(3)两种情况下粒子在磁场中运动的时间之比是多少？【解析】(1)设带电粒子在磁场中的偏转半径为r1，当带电粒子带正电时，根据左手定则可以判断带电粒子向左侧偏转当粒子恰好不从QQ边界射出时，根据几何关系可知：r1dr1cos 45(2分)解得：r1(2分)由于粒子在磁场中运动，只受洛伦兹力，洛伦兹力充当向心力，则qv0Bm(2分)联立上式解得：v0qBd.(2分)(2)同理当粒子带负电时，设带电粒子在磁场中的偏转半径为r2，当带电粒子带负电时，根据左手定则可以判断带电粒子将向右侧偏转当粒子恰好不从QQ边界射出时，根据几何关系可知：r2r2cos 45d(2分)解得r2(2分)洛伦兹力充当向心力，根据牛顿第二定律得qv0Bm(2分)联立以上两式解得：v0qBd.(2分)(3)由于粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据T可知虽然粒子的带电性不同，但是两种粒子在磁场中的运动周期和角速度相同，根据圆周运动的角速度公式可得：t(2分)则两种情况下粒子在磁场中的运动时间之比等于它们在磁场中转过的角度之比.(2分)【答案】(1)qBd(2)qBd(3)(二)选考题：共15分请考生从2道物理题中任选一题作答如果多做，则按所做的第一题计分33物理选修33(15分)(1)(5分)下列说法正确的是_(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A液晶具有流动性，其光学性质表现为各向异性B太空舱中的液滴呈球状是完全失重状态下液体表面张力的作用C任何物体的内能都不能为零D第二类永动机是不可能制造出来的，因为它违反了能量守恒定律E液体饱和汽的压强称为饱和汽压，大小随温度和体积的变化而变化(2) (10分)如图10所示，有一上部开有小孔的圆柱形汽缸，汽缸的高度为2L，横截面积为S，一厚度不计的轻质活塞封闭1 mol的单分子理想气体，开始时活塞距底部的距离为L，气体的热力学温度为T1，已知外界大气压强为p0,1 mol的单分子理想气体内能公式为URT，现对气体缓慢加热，求：图10活塞恰好上升到汽缸顶部时气体的温度和气体吸收的热量；当加热到热力学温度为3T1时气体的压强【解析】(1)液晶具有流动性，其光学性质表现为各向异性，选项A正确；太空舱中的液滴呈球状是完全失重状态下液体表面张力的作用，选项B正确；内能是物体内所有分子的动能与势能之和，分子永不停息地运动着，选项C正确；第二类永动机是不可能制造出来的，因为它违反了热力学第二定律，选项D错误；饱和汽压不随体积而变化，选项E错误(2)开始加热后活塞上升的过程中封闭气体做等压变化，V1LS，V22LS由解得：T22T1(2分)由热力学第一定律可知：UWQ，UR(T2T1)，Wp0(V2V1)(2分)解得：QRT1p0LS.(2分)设当加热到3T1时气体的压强变为p3，在此之前活塞上升到汽缸顶部，对于封闭气体，由理想气体状态方程由(2分)解得：p31.5p0.(2分)【答案】(1)ABC(2)2T1RT1p0LS1.5p034物理选修34(15分)(1)(5分)一列简谐横波在t0时刻的图象如图11甲所示，平衡位置位于x15 m处的A质点的振动图象如图乙所示，下列说法中正确的是_(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)甲乙图11A这列波沿x轴负方向传播B这列波的波速是m/sC从t0开始，质点P比质点Q晚0.3 s回到平衡位置D从t0到t0.1 s时间内，质点Q加速度越来越小E从t0到t0.6 s时间内，质点A的位移为0(2) (10分)如图12所示是放在空气中的一根很长的均匀玻璃棒，棒的端面是光滑的，若要求从其端面入射到玻璃棒中的光都能在长玻璃棒内传播，则该玻璃棒应满足什么条件？图12【解析】(1)由图乙可知，A质点开始运动的方向向上，则这列波沿x轴负方向传播，选项A正确；根据波速公式可得：vm/sm/s，选项B错误；t0时刻，质点P向下运动，由图乙可知，质点运动的周期为1.2 s，由于P点的运动是非匀速运动，且向下运动的速度越来越小，故质点P运动到最低点的时间大于0.15 s，运动到和Q点等位移的位置时，所用的时间大于0.3 s，所以质点P比质点Q晚回到平衡位置的时间大于0.3 s，选项C错误；从t0到t0.1 s时间内，质点Q向平衡位置运动，所以质点Q的加速度越来越小，选项D正确；从t0到t0.6 s时间内，经历了半个周期，质点A刚好又回到平衡位置，因此质点A的位移为0，选项E正确(2)了保证从端面入射到玻璃棒中的光都能在长玻璃棒内传播而不从玻璃棒的圆柱面射出，要求从端面入射到玻璃棒中的所有光线在圆柱表面上发生全反射如图所示，设光线射入到端面上的入射角为1.折射角为2，由折射定律有sin 1nsin 2(2分)这里n是该玻璃棒的折射率，由图中几何关系可得：23(2分)由图可知3是折射光线投射到玻璃棒表面上的入射角若使其在玻璃棒内传播，需在表面发生全反射，则3C(2分)式中C是玻璃全反射的临界角，它满足关系sin C(1分)从玻璃棒端面入射的光线的临界入射角为t(1分)联立解得该玻璃棒的折射率n所以，若要求从其端面入射到玻璃棒中的光都能在长玻璃棒内传播，则该玻璃棒的玻璃的折射率必须大于.(2分)【答案】(1)ADE(2)玻璃棒的玻璃的折射率大于