2018-2019学年高一物理上学期期末复习试题(三)(含解析).doc

xx-2019学年高一物理上学期期末复习试题(三)(含解析)1.xx年9月25日晚21点10分，我国在九泉卫星发射中心将我国自行研制的“神州7号”宇宙飞船成功地送上太空，飞船绕地球飞行一圈时间为90分钟。则下列说法正确的是A. “21点10分”和“90分钟”前者表示“时间”后者表示“时刻”B. 宇宙飞船在加速上升过程中航天员处于超重状态，在即将落地前用制动火箭使返回舱减速到某一安全值，在这段时间内飞船处于失重状态。C. 卫星绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0D. 地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点【答案】C【解析】【详解】21点10分”表示“时刻”，“90分钟”表示“时间”，A错误；宇宙飞船在加速上升过程中，加速度向上，航天员处于超重状态，在即将落地前用制动火箭使返回舱减速到某一安全值，加速度向上，航天员也处于超重状态，B错误；飞船绕地球飞行一圈的位移为零，所以绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0，C正确；地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时不可以将飞船看作质点，否则没有“姿态”可言，D错误2.某汽车在启用ABS刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如下图中的、图线所示由图可知，启用ABS后A. t1时刻车速更小B. 0t1的时间内加速度更小C. 加速度总比不启用ABS时大D. 刹车后前行的距离比不启用ABS更短【答案】D【解析】【分析】根据速度图象，直接比较车速的大小，由斜率等于加速度，比较加速度的大小由“面积”等于位移，比较位移的大小。【详解】A、由图看出，启用ABS后t1时刻车速更大。故A错误。BC、由斜率等于加速度的大小得到，启用ABS后0t1的时间加速度更小，t1t2的时间内加速度更大。故B错误，C错误。D、根据速度图象的“面积”等于位移大小看出，刹车后前行的距离比不启用ABS更短。故D正确。故本题正确答案选D【点睛】本题要结合速度图象来分析汽车的速度、加速度和位移的大小，抓住斜率等于加速度、“面积”等于位移是基本方法。3.如图所示的直线和曲线分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移时间（xt）图线由图可知（ ）A. 在0到t1这段时间内，a车的速度大于b车的速度B. 在0到t1这段时间内，a车的位移等于b车的位移C. 在t1到t2这段时间内，a车的平均速度大于b车的平均速度D. 在t1到t2这段时间内，a车的平均速度等于b车的平均速度【答案】D【解析】试题分析：位移时间关系图线反映物体的位移随时间的变化规律，图线的斜率表示速度纵坐标的变化量表示位移平均速度等于位移与时间之比根据这些知识进行分析两物体的运动情况解：A、根据图线的斜率表示速度，可知，在0到t1这段时间内，a车的速度小于b车的速度，故A错误B、根据纵坐标的变化量表示位移，可知，在0到t1这段时间内，a车的位移小于b车的位移故B错误CD、在t1到t2这段时间内，两车的位移相等，时间相等，则平均速度相等，故C错误，D正确故选：D【点评】解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速度，位移等于纵坐标的变化量4.目前我交警部门开展的“车让人”活动深入人心，不遵守“车让人”的驾驶员将受到罚款、扣分的严厉处罚，如图所示，以8 m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，有一老人正在过人行横道，此时汽车的车头距离停车线8 m该车减速时的加速度大小为5 m/s2.则下列说法中正确的是( ) A. 如果驾驶员立即刹车制动，则t2 s时，汽车离停车线的距离为2 mB. 如果在距停车线6 m处开始刹车制动，汽车能在停车线处刹住停车让人C. 如果驾驶员的反应时间为0.4 s，汽车刚好能在停车线处刹住停车让人D. 如果驾驶员的反应时间为0.2 s，汽车刚好能在停车线处刹住停车让人【答案】D【解析】【详解】若汽车做匀减速直线运动，速度减为零的时间t01.6 s2 s，所以从刹车到停止的位移x1m6.4 m，汽车离停车线的距离为8 m6.4 m1.6 m，故A错误；如果汽车在距停车线6 m处开始刹车制动，刹车位移是6.4 m，所以汽车不能在停车线处刹住停车让人，故B错误；刹车的位移是6.4 m，所以车匀速运动的位移是1.6 m，则驾驶员的反应时间ts0.2 s时汽车刚好能停在停车线处，故C错误，D正确；故选D5. 如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，细绳的一端固定，另一端绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内若要使脚所受的拉力减轻一点，可采取的方法是A. 只减小重物的质量B. 只增加细绳的长度C. 只将两定滑轮的间距增大D. 只将病人的脚向左移动【答案】AC【解析】试题分析：对与动滑轮接触的一小段绳子受力分析，如图受到绳子的两个等大的拉力F1=F2=mg，2F1cos=F，解得F=2mgcos。要减小拉力F，关键是要增大角或者减小m，故A正确；增加绳子长度不会改变角度，故不会改变力F，故B错误；将脚向左移动，会减小角，会增加拉力，故D错误；由几何关系可知，两个滑轮间距增大，会增加角，故拉力F会减小，故C正确；故本题选AC考点：力的合成与分解在生活实际中的应用6.图所示，绳与杆均不计重力，承受力的最大值一定A端用绞链固定，滑轮O在A点正上方(滑轮大小及摩擦均可忽略)，B端吊一重物P，现施加拉力FT将B缓慢上拉(均未断)，在杆达到竖直前() A. 绳子越来越容易断B. 绳子越来越不容易断C. 杆越来越容易断D. 杆越来越不容易断【答案】B【解析】因为轻杆，力的作用点在杆的一端，故杆中的作用力沿杆的方向。对B点受力分析，如图，当角减小时，绳中拉力减小。杆受到的压力沿杆的方向，故杆无所谓易断不易断。故B项正确。7.如图所示，人重600 N，平板重400 N，如果人要拉住平板，他必须用力（ ）牛。A. 250N B. 500 N C. 600 N D. 750 N【答案】A【解析】【分析】对人和平板整体受力分析，受重力和三根绳子的拉力，根据平衡条件列式求解即可【详解】对人和平板整体受力分析，如图：根据平衡条件，有，故T=250N，A正确【点睛】本题关键对任何滑轮整体受力分析，然后根据平衡条件列式求解；如果对人和平板分别受力分析，同样可以根据平衡条件求解出绳子的拉力，但要是问题复杂化8.如图所示,一夹子夹住木块,在力F作用下向上提升. 夹子和木块的质量分别为m、M,夹子与木块两侧间的最大静摩擦力均为f. 若木块不滑动,力F的最大值是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】隔离对木块分析，通过牛顿第二定律求出木块的最大加速度，再对整体分析，运用牛顿第二定律求出拉力F的最大值【详解】对木块分析得，解得木块的最大加速度为，对整体分析得，将a代入解得，A正确【点睛】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解注意整体法和隔离法的运用9.如图所示是一种汽车安全带控制装置的示意图当汽车处于静止或匀速直线运动时，摆锤竖直悬挂，锁棒水平，棘轮可以自由转动，安全带能被拉动当汽车突然刹车时，摆锤由于惯性绕轴摆动，使得锁棒锁定棘轮的转动，安全带不能被拉动若摆锤从图中实线位置摆到虚线位置，汽车的可能运动方向和运动状态是A. 向右行驶、突然刹车B. 向左行驶、突然刹车C. 向左行驶、突然加速D. 向右行驶、突然加速【答案】AC【解析】【分析】对物体进行受力分析，可知物体所受合力方向向左，故汽车向左作匀加速运动或向右作匀减速运动【详解】对摆锤进行受力分析，如图所示，所以物体在水平方向所受合力不为0且方向向左，故物体的加速度方向向左，所以若汽车运动方向向左，即向左作匀加速运动，若汽车运动方向向右，即向右作匀减速运动，AC正确。10.xx年8月17日，在北京奥运会3米跳水比赛中，我国跳水运动员郭晶晶成功卫冕冠军如图所示为她跳水前的起跳动作下列说法正确的是A. 郭晶晶受到弹力的直接原因是跳板发生了形变B. 郭晶晶对跳板的压力就是她的重力C. 郭晶晶能跳得高的原因之一，是因为板对她的作用力远大于她的重力D. 郭晶晶能跳得高的原因之一，是因为她对板的作用力远大于板对她的作用力【答案】AC【解析】【分析】弹力产生的条件必须是与物体接触，并要发生形变，跳板发生了形变，才会对人有弹力，人之所以能够向上运动就是因为板对她的作用力远大于她的重力，人有了向上的合力【详解】跳水运动员受到弹力就是由于跳板发生了形变，从而对与跳板接触的人产生了力的作用，A正确；跳水运动员对跳板的压力和她的重力，受力物体不同，它们不是一个力，而是两个不同的力，所以不能说跳水运动员对跳板的压力就是她的重力，B错误；对板跳水运动员之所以能跳起来，就是因为板对她的作用力远大于她的重力，这样跳水运动员才会向上运动，才能够跳得高，C正确；板对人的作用力与人对板的作用力，是作用力和反作用力，它们大小相等，方向相反，D错误【点睛】弹力产生的条件必须是与物体接触，并要发生形变；根据牛顿第三定律，作用力与反作用力的关系是大小相等，方向相反11.如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并系住物体m，现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体一直可以运动到B点然后返回，如果物体受到的阻力恒定，则A. 物体从A到O点先加速后减速B. 物体运动到O点时所受合力为零，速度最大C. 物体从A到O做加速运动，从O到B做减速运动D. 物体从A到O的过程加速度逐渐减小【答案】A【解析】开始时物体做加速运动，加速度减小，而当弹力等于阻力时物体加速度为零，此时开始做减速运动，加速度开始增大，故A错误；由于物体受到阻力作用，故O点时的合外力不为零，故B错误；物体从A点至O点先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。12.利用传感器和计算机可以研究力的大小变化情况，实验时让某同学从桌子上跳下，自由下落H后双脚触地，他顺势弯曲双腿，其重心又下降了h，计算机显示该同学受到地面支持力F随时间变化的图象如图所示，根据图象提供的信息，以下判断错误的是（ ）A. 从0至t2时间内该同学处于失重状态B. 在t2至t3时间内该同学处于超重状态C. t3时刻该同学加速度为零D. 在t3到t4时间内该同学的加速度在逐渐减小【答案】C【解析】【分析】根据支持力和重力的大小关系，运用牛顿第二定律判断加速度的方向，从而判断出该同学所处的状态【详解】在到时间内，支持力的大小小于重力，加速度大小向下，所以该同学处于失重状态，A正确；在到时间内，支持力的大小大于重力，加速度方向向上，所以该同学处于超重状态，B正确；时刻，支持力大于重力，合力不为零，加速度不为零，C错误；根据牛顿第二定律得，在到时间内，F在减小，所以加速度在减小，D正确【点睛】解答本题要知道超重失重的含义，当加速度方向向上时超重，当加速度方向向下时失重，难度不大，属于基础题13.在做“练习使用打点计时器”的实验时，图中所示的是某次实验的纸带，舍去前面比较密的点，从0点开始往后数5个点记为计数点1，从1点往后数5个点记为计数点2，类似得计数点3，那么相邻两个计数点之间的时间间隔为_s，各计数点与0计数点之间的距离依次为x13.00cm、x27.50cm、x313.50cm，则物体通过1计数点的速度v1_ m/s，通过2计数点的速度v2_m/s，运动的加速度a=_m/s2。【答案】 (1). 0.1s (2). (3). (4). 【解析】【分析】每5个连续点取1个计数点，所以相邻两个计数点之间的时间为0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小车的瞬时速度大小【详解】每5个连续点取1个计数点，所以相邻两个计数点之间的时间，根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，所以，根据推论公式得：14.在“验证力的平行四边形定则”的实验中（1）采用的科学方法是_A理想实验法B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法（2）下列是某同学在做该实验的一些看法，其中正确的是_（填相应的字母）A拉橡皮筋的绳线要细长，实验中弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行B拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角应取90以便于算出合力大小D实验中，橡皮筋应该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点（3）实验中的情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，OB和OC为绳线O为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_（填F或F）【答案】（1）B（2）AB（3）【解析】试题分析：（1）该实验中采用的科学方法是等效替代法故B正确，ACD错误故选B（2）A、拉橡皮筋的绳线要细长，便于确定拉力的方向；要准确地表示出拉力的大小和方向，故实验中弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行，故A正确；B、为减小读数的误差，拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些；读数时视线要正对弹簧秤刻度，故B正确；C、平行四边形定则中两个分力的夹角是任意的，故拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角是任意的，故C错误；D、实验中，两个分力的大小不一定相同，故合力不一定在其角平分线上，故D错误；E、在实验中，拉力不需太大，也不要太小，不需要先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，故E错误故选AB（3）F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形定则得到的值方向一定沿AO方向的是F。考点：验证力的平行四边形定则15.有些航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统，已知某型号的战斗机在跑道上加速时可能产生的最大加速度为5m/s2，当飞机的速度达到50m/s时才能离开航空母舰起飞，设航空母舰处于静止状态。问：（1）若要求该飞机滑行160m后起飞，弹射系统必须使飞机具有多大的初速度？（2）若某舰上不装弹射系统，要求该种飞机仍能此舰上正常起飞，问该舰身长至少应为多长？【答案】（1）30m/s（2）250m【解析】【分析】运用速度位移公式进行求解【详解】（1）根据速度位移公式得；（2）不装弹射系统时，解得16.质量为m=2kg的物体，静止在水平面上，它们之间的动摩擦因数=0.5，现对物体施F=20N的作用力，方向与水平成=370（sin370=0.6）角斜向上，如图所示（g=10m/s2）。求：（1）物体运动的加速度；（2）若物体运动4s后撤去力F，物体运动的总路程是多少？【答案】（1）（2）【解析】【分析】对物体受力分析，正交分解，根据牛顿第二定律列方程求解即可；求出物体运动4s时的末速度大小和位移大小，然后求出撤去力F后的加速度，再由位移速度公式求解减速过程的位移即可【详解】（1）取物体运动的方向为正方向，由牛顿第二定律得：，竖直方向受力平衡：，又：联合得：；（2）前4秒内：；4s末的速度：，4s后：，得：，得通过的总路程是：17.如图所示，一小滑块静止在倾角为370的斜面底端，滑块受到外力冲击后，获得一个沿斜面向上的速度v0=4m/s，斜面足够长，滑块与斜面之间的动摩擦因数为=0.25，已知sin370=0.60，cos370=0.80，g取10m/s2，求：（1）滑块沿斜面上滑过程中的加速度的大小；（2）滑块沿斜面上滑的最大距离；【答案】（1）（2）10m【解析】试题分析：（1）设滑块质量为m，上滑过程的加速度大小为a，根据牛顿第二定律，有所以，（2）滑块上滑做匀减速运动，根据位移与速度的关系公得最大距离考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力18.民用航空客机的机舱一般都设有紧急出口，飞机发生意外情况着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个气囊（由斜面AC部分和水平面CD部分构成的）。如图所示为某气囊斜面，机舱离底端的竖直高度AB=3.0m，斜面长AC=5.0m，斜面与水平面CD段间有一段小圆弧平滑连接。一个质量m=60kg的旅客从气囊上由静止开始滑下，最后滑上水平面上的某点静止。已知旅客与气囊斜面部分及水平面部分的动摩擦因数均为=0.5。（不计空气阻力，g=10m/s2 ，sin37=0.6和cos37=0.8）。（计算结果可保留根号）求：(1)人在斜面上运动时的加速度大小；(2)人滑到斜面底端C时的速度大小；(3)人滑过C点后还要多久才能停下。【答案】（1）2m/s2（2）2m/s（3）s【解析】试题分析：(1)根据物体受力：重力、支持力、滑动摩擦力则且则：a= gsin37-gcos37=2m/s2(2)根据运动学公式求得Vc= 2m/s(3)在水平面上：滑动摩擦力提供加速度即所以a2=g=5m/s2根据即则t=s考点：牛顿第二定律、匀变速直线运动规律点评：此类题型属于物理上常见的受力分析，通过牛顿第二定律求出物体加速度，并结合匀变速直线运动规律将所需物理量求出。