2018-2019学年高二数学10月月考试题 (II).doc

xx-2019学年高二数学10月月考试题 (II)一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.如图，某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径若该几何体的体积是，则它的表面积是（）A. 17B. 18C. 20D. 282.已知m，n表示两条不同直线，表示平面，下列说法正确的是（）A. 若m，n，则mnB. 若m，n，则mnC. 若m，mn，则nD. 若m，mn，则n3.如图，在下列四个正方体中，A，B为正方体的两个顶点，M，N，Q为所在棱的中点，则在这四个正方体中，直线AB与平面MNQ不平行的是（）A. B. C. D. 4.已知直三棱柱ABC-A1B1C1中，ABC=120，AB=2，BC=CC1=1，则异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为（）A. B. C. D. 5.已知，是相异两平面，m，n是相异两直线，则下列命题中不正确的是（ ）A. 若mn，m，则nB. 若m，m，则C. 若m，=n，则mnD. 若m，m，则6.体积为8的正方体的顶点都在同一球面上，则该球面的表面积为A. B. C. D. 7.如图是一个正方体的平面展开图，则在正方体中直线AB与CD的位置关系为( ) A. 相交B. 平行C. 异面而且垂直D. 异面但不垂直8.正四面体ABCD中，M是棱AD的中点，O是点A在底面BCD内的射影，则异面直线BM与AO所成角的余弦值为（）A. B. C. D. 9.四棱锥P-ABCD的底面ABCD为正方形，PA底面ABCD，AB=2，PA=，若该四棱锥的所有项点都在同一球面上，则该球的表面积为（）A. B. C. 65D. 10.如图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图，则该几何体的表面积为（）A. 20B. 24C. 28D. 3211.已知m，n为两条不同的直线，为两个不同的平面，则下列命题中正确的有（）（1）m，n，m，n （2）nm，nm （3），m，nmn （4）m，mnnA. 0个B. 1个C. 2个D. 3个12.某几何体的三视图如图，则该几何体的体积为（）A. 1B. 2C. 3D. 二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13.圆锥的侧面展开图是半径为3，圆心角为的扇形，则这个圆锥的高是_14.，是两个平面，m，n是两条直线，有下列四个命题：如果，m，那么m；若m，mn，则n；如果m，n，那么mn；如果mn，m，n，那么其中正确的命题有_；（填写所有正确命题的编号）15.如图，在直三棱柱ABC-A1B1C1中，若四边形AA1C1C是边长为4的正方形，且AB=3，BC=5，M是AA1的中点，则三棱锥A1-MBC1的体积为_ 16.已知正方体的棱长为1，除面外，该正方体其余各面的中心分别为点E，F，G，H，M(如图)，则四棱锥的体积为_. 三、解答题（本大题共6小题，共70.0分）17. （本小题满分10分）如图，在直四棱柱ABCD-A1B1C1D1中，底面ABCD是边长2的正方形，E，F分别为线段DD1，BD的中点（1）求证：EF平面ABC1D1；（2）AA1=2，求异面直线EF与BC所成的角的大小18. （本小题满分12分）如图，在三棱锥P-ABC中，D，E，F分别为棱PC，AC，AB的中点，已知PAAC，PA=6，BC=8，DF=5求证：（1）直线PA平面DEF；（2）平面BDE平面ABC19. （本小题满分12分）如图所示，在直三棱柱ABC-A1B1C1中，CA=CB，点M，N分别是AB，A1B1的中点（1）求证：BN平面A1MC；（2）若A1MAB1，求证：AB1A1C20.（本小题满分12分）如图，在直三棱柱ABC-A1B1C1中，点M，N分别为线段A1B，B1C的中点（1）求证：MN平面AA1C1C；（2）若ABC=90，AB=BC=2，AA1=3，求点B1到面A1BC的距离21.（本小题满分12分）如图，在三棱锥P-ABC中，PAAB，PABC，ABBC，PA=AB=BC=2，D为线段AC的中点，E为线段PC上一点（1）求证：PABD；（2）求证：平面BDE平面PAC；（3）当PA平面BDE时，求三棱锥E-BCD的体积22.（本小题满分12分）如图，在四棱锥P-ABCD中，AD平面PDC，ADBC，PDPB，AD=1，BC=3，CD=4，PD=2（）求异面直线AP与BC所成角的余弦值；（）求证：PD平面PBC；（）求直线AB与平面PBC所成角的正弦值【答案】1. A2. B3. A4. C5. C6. A7. D8. B9. B10. C11. B12. A13. 214. 15. 416. 17. 证明：（1）连结BD1， 在DD1B中，E、F分别是D1D、DB的中点，EF是DD1B的中位线，EFD1B，D1B平面ABC1D1，EF平面ABC1D1，EF平面ABC1D1解：（2）AA1=2，AB=2，EFBD1，D1BC是异面直线EF与BC所成的角（或所成角的补角），在直四棱柱ABCD-A1B1C1D1中，BC平面CDD1C1，CD1平面CDD1C1，BCCD1在RtD1C1C中，BC=2，CD1=2，D1CBC，tanD1BC=，D1BC=60，异面直线EF与BC所成的角的大小为6018. 证明：（1）D、E为PC、AC的中点，DEPA，又PA平面DEF，DE平面DEF，PA平面DEF；（2）D、E为PC、AC的中点，DE=PA=3；又E、F为AC、AB的中点，EF=BC=4；DE2+EF2=DF2，DEF=90，DEEF；DEPA，PAAC，DEAC；ACEF=E，DE平面ABC；DE平面BDE，平面BDE平面ABC19. 证明：（1）因为ABC-A1B1C1是直三棱柱，所以ABA1B1，且AB=A1B1，又点M，N分别是AB、A1B1的中点，所以MB=A1N，且MBA1N所以四边形A1NBM是平行四边形，从而A1MBN又BN平面A1MC，A1M平面A1MC，所以BN平面A1MC；（2）因为ABC-A1B1C1是直三棱柱，所以AA1底面ABC，而AA1侧面ABB1A1，所以侧面ABB1A1底面ABC又CA=CB，且M是AB的中点，所以CMAB则由侧面ABB1A1底面ABC，侧面ABB1A1底面ABC=AB，CMAB，且CM底面ABC，得CM侧面ABB1A1又AB1侧面ABB1A1，所以AB1CM又AB1A1M，A1M、MC平面A1MC，且A1MMC=M，所以AB1平面A1MC又A1C平面A1MC，所以ABA1C20. （1）证明：连接BC1，四边形BCC1B1是平行四边形，N是B1C的中点，N是BC1的中点，又M是A1B的中点，MNA1C1，又A1C1平面AA1C1C，MN平面AA1C1C，MN平面AA1C1C（2）解：ABBC，BB1BC，ABBB1=B，BC平面ABB1A1，V=SBC=2，又A1B=，S=设B1到平面A1BC的距离的距离为h，则V=h=，V=V，2=，h=点B1到面A1BC的距离为21. 解：（1）证明：由PAAB，PABC，AB平面ABC，BC平面ABC，且ABBC=B，可得PA平面ABC，由BD平面ABC，可得PABD；（2）证明：由AB=BC，D为线段AC的中点，可得BDAC，由PA平面ABC，PA平面PAC，可得平面PAC平面ABC，又平面PAC平面ABC=AC，BD平面ABC，且BDAC，即有BD平面PAC，BD平面BDE，可得平面BDE平面PAC；（3）PA平面BDE，PA平面PAC，且平面PAC平面BDE=DE，可得PADE，又D为AC的中点，可得E为PC的中点，且DE=PA=1，由PA平面ABC，可得DE平面ABC，可得SBDC=SABC=22=1，则三棱锥E-BCD的体积为DESBDC=11=22. 解：（）如图，由已知ADBC，故DAP或其补角即为异面直线AP与BC所成的角因为AD平面PDC，所以ADPD在RtPDA中，由已知，得，故所以，异面直线AP与BC所成角的余弦值为（）证明：因为AD平面PDC，直线PD平面PDC，所以ADPD又因为BCAD，所以PDBC，又PDPB，所以PD平面PBC（）解：过点D作AB的平行线交BC于点F，连结PF，则DF与平面PBC所成的角等于AB与平面PBC所成的角因为PD平面PBC，故PF为DF在平面PBC上的射影，所以DFP为直线DF和平面PBC所成的角由于ADBC，DFAB，故BF=AD=1，由已知，得CF=BC-BF=2又因为ADDC，故BCDC，在RtDCF中，可得所以，直线AB与平面PBC所成角的正弦值为【解析】1. 解：由题意可知三视图复原的几何体是一个球去掉其中后的几何体，如图：可得：=，R=2它的表面积是：422+=17故选A判断三视图复原的几何体的形状，利用体积求出几何体的半径，然后求解几何体的表面积本题考查三视图求解几何体的体积与表面积，考查计算能力以及空间想象能力2. 【分析】本题考查空间直线与平面的位置关系，考查直线与平面的平行、垂直的判断与性质，记熟这些定理是迅速解题的关键，注意观察空间的直线与平面的模型A运用线面平行的性质，结合线线的位置关系，即可判断；B运用线面垂直的性质，即可判断；C运用线面垂直的性质，结合线线垂直和线面平行的位置即可判断；D运用线面平行的性质和线面垂直的判定，即可判断【解答】解：A若m，n，则m，n相交或平行或异面，故A错；B若m，n，则mn，故B正确；C若m，mn，则n或n，故C错；D若m，mn，则n或n或n与相交，故D错故选B3. 【分析】本题考查空间中线面平行的判定定理，利用三角形中位线定理是解决本题的关键，注意解题方法的积累，属于中档题利用线面平行判定定理可知B、C、D均不满足题意，从而可得答案【解答】解：对于选项B，由于ABMQ，结合线面平行判定定理可知B不满足题意；对于选项C，由于ABMQ，结合线面平行判定定理可知C不满足题意；对于选项D，由于ABNQ，结合线面平行判定定理可知D不满足题意；所以选项A满足题意，故选A4. 解：【解法一】如图所示，设M、N、P分别为AB，BB1和B1C1的中点，则AB1、BC1夹角为MN和NP夹角或其补角（因异面直线所成角为（0，），可知MN=AB1=，NP=BC1=；作BC中点Q，则PQM为直角三角形；PQ=1，MQ=AC，ABC中，由余弦定理得AC2=AB2+BC2-2ABBCcosABC=4+1-221（-）=7，AC=，MQ=；在MQP中，MP=；在PMN中，由余弦定理得cosMNP=-；又异面直线所成角的范围是（0，AB1与BC1所成角的余弦值为【解法二】如图所示，补成四棱柱ABCD-A1B1C1D1，求BC1D即可；BC1=，BD=，C1D=，+BD2=，DBC1=90，cosBC1D=故选：C【解法一】设M、N、P分别为AB，BB1和B1C1的中点，得出AB1、BC1夹角为MN和NP夹角或其补角；根据中位线定理，结合余弦定理求出AC、MQ，MP和MNP的余弦值即可【解法二】通过补形的办法，把原来的直三棱柱变成直四棱柱，解法更简洁本题考查了空间中的两条异面直线所成角的计算问题，也考查了空间中的平行关系应用问题，是中档题5. 【解答】在A中：若mn，m，则由直线与平面垂直的判定定理得n，故A正确；在B中：若m，m，则由平面与平面平行的判定定理得，故B正确；在C中：若m，=n，则m与n平行或异面，故C错误；在D中：若m，m，则由平面与平面垂直的判定定理得，故D正确故选：C【分析】在A中，由直线与平面垂直的判定定理得n；在B中，由平面与平面平行的判定定理得；在C中，m与n平行或异面；在D中，由平面与平面垂直的判定定理得本题考查命题真假的判断，是中档题，解题时要认真审题，注意空间中线线、线面、面面间的位置关系的合理运用6. 【分析】先通过正方体的体积，求出正方体的棱长，然后求出球的半径，即可求出球的表面积本题考查学生的空间想象能力，体积与面积的计算能力，是基础题【解答】解：正方体体积为8，可知其边长为2，正方体的体对角线为=2，即为球的直径，所以半径为，所以球的表面积为=12故选：A7. 【分析】考查异面直线的概念，异面直线所成角的概念及求法，以及由正方体的平面展开图可以画出它对应的直观图根据该正方体的平面展开图画出对应的直观图即可判断AB，CD的位置关系【解答】解：由该正方体的平面展开图画出它的直观图为：可以看出AB与CD异面；如图，设该正方体一顶点为E，连接CE，DE，则ABCE；DCE为异面直线AB，CD的夹角，并且该角为60；AB，CD异面但不垂直故选：D8. 解：取BC中点E，DC中点F，连结DE、BF，则由题意得DEBF=O，取OD中点N，连结MN，则MNAO，BMN是异面直线BM与AO所成角（或所成角的补角），设正四面体ABCD的棱长为2，由BM=DE=，OD=，AO=，MN=，O是点A在底面BCD内的射影，MNAO，MN平面BCD，cosBMN=，异面直线BM与AO所成角的余弦值为故选：B取BC中点E，DC中点F，连结DE、BF，则由题意得DEBF=O，取OD中点N，连结MN，则MNAO，从而BMN是异面直线BM与AO所成角（或所成角的补角），由此能求出异面直线BM与AO所成角的余弦值本题考查异面直线所成角的余弦值的求法，考查正四面体、线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力，考查数形结合思想、化归与转化思想，是基础题9. 解：四棱锥P-ABCD的底面ABCD为正方形，PA底面ABCD，AB=2，PA=，连结AC、BD，交于点E，则E是AC中点，取PC中点O，连接OE，则OEPA，OE平面ABCD，O到该四棱锥的所有顶点的距离相等，都为，O是该四棱锥的外接的球心，该球半径R=，该球的表面积为S=4=故选：B连结AC、BD，交于点E，则E是AC中点，取PC中点O，连接OE，推导出O是该四棱锥的外接的球心，球半径R=，由此能求出该球的表面积本题考查四面体的外接球的表面积的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意空间思维能力的培养10. 【分析】本题考查由三视图求表面积，本题的图形结构比较简单，易错点可能是两个几何体重叠的部分忘记去掉，求表面积就有这样的弊端空间几何体是一个组合体，上面是一个圆锥，圆锥的底面直径是4，圆锥的高是2，在轴截面中圆锥的母线长使用勾股定理做出的，写出表面积，下面是一个圆柱，圆柱的底面直径是4，圆柱的高是4，做出圆柱的表面积，注意不包括重合的平面【解答】解：由三视图知，空间几何体是一个组合体，上面是一个圆锥，圆锥的底面直径是4，圆锥的高是2，在轴截面中圆锥的母线长是=4，圆锥的侧面积是24=8，下面是一个圆柱，圆柱的底面直径是4，圆柱的高是4，圆柱表现出来的表面积是22+224=20，空间组合体的表面积是28，故选C11. 【分析】由空间中的线面关系逐一核对四个命题得答案本题考查命题的真假判断与应用，考查空间想象能力和思维能力，是中档题【解答】解：对于（1），m，n，m，n，错误，当mn时，与可能相交；对于（2），nm，nm，正确，原因是：n，则n垂直内的两条相交直线，又mn，则m也垂直内的这两条相交直线，则m；对于（3），m，nmn，错误，m与n可能异面；对于（4），m，mnn，错误，也可能是n正确命题的个数是1个故选B12. 解：由几何体的三视图知，该几何体是四棱锥，且底面是直角梯形，且上、下底为1和2，高为2；四棱锥的高是1，所以该几何体的体积V=1，故选：A由几何体的三视图知该几何体是四棱锥，由三视图中数据求出四棱锥底面中、高对应的数据，代入椎体的体积公式求解即可本题考查由三视图求几何体的体积，关键是对几何体正确还原，根据三视图的长度求出几何体的几何元素的长度，再代入对应的公式进行求解，考查了空间想象能力13. 解：设此圆锥的底面半径为r，根据圆锥的侧面展开图扇形的弧长等于圆锥底面周长可得，2r=，r=1；圆锥的高为：=2故答案为：2利用扇形的弧长等于圆锥底面周长作为相等关系，列方程求解得到圆锥的底面半径，然后利用勾股定理确定圆锥的高即可主要考查了圆锥侧面展开扇形与底面圆之间的关系，圆锥的侧面展开图是一个扇形，此扇形的弧长等于圆锥底面周长，扇形的半径等于圆锥的母线长14. 解：由面面平行的性质定理可得：为真命题；可能n，因此是假命题；如果m，n，那么mn，是真命题；如果mn，m，则n或n，又n，那么与相交或平行，因此是假命题综上可得：只有是真命题故答案为：由面面平行的性质定理判定真假；可能n，即可判断出真假；利用线面垂直的性质定理即可判断出真假；由已知可得与相交或平行，即可判断出真假本题考查了空间线面面面位置关系的判定及其性质定理，考查了推理能力与计算能力，属于中档题15. 解：在直三棱柱ABC-A1B1C1中，若四边形AA1C1C是边长为4的正方形，且AB=3，BC=5，A1C1AA1，AC2+AB2=BC2，A1C1A1B1，AA1A1B1=A1，A1C1平面A1MB，M是AA1的中点，=3，三棱锥A1-MBC1的体积：=4故答案为：4推导出A1C1平面A1MB，从而三棱锥A1-MBC1的体积=，由此能求出结果本题考查几何体的体积的求法，考查空间中线线、线面、面面的位置关系等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力、空间思维能力，考查数形结合思想、化归与转化思想，是中档题16. 解：正方体的棱长为1，M-EFGH的底面是正方形的边长为：，四棱锥是正四棱锥，棱锥的高为，四棱锥M-EFGH的体积：=故答案为：求出四棱锥中的底面的面积，求出棱锥的高，然后利用体积公式求解即可本题考查几何体的体积的求法，考查空间想象能力以及计算能力17. （1）连结BD1，推导出EFD1B，由此能证明EF平面ABC1D1（2）由EFBD1，知D1BC是异面直线EF与BC所成的角（或所成角的补角），由此能求出异面直线EF与BC所成的角的大小本题考查线面平行的证明，考查异面直线所成角的求法，考查空间中线线、线面、面面的位置关系等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力，考查数形结合合思想、化归与转化思想、函数与方程思想，是基础题18. （1）由D、E为PC、AC的中点，得出DEPA，从而得出PA平面DEF；（2）要证平面BDE平面ABC，只需证DE平面ABC，即证DEEF，且DEAC即可本题考查了空间中的平行与垂直问题，解题时应明确空间中的线线、线面、面面之间的垂直与平行的互相转化关系，是基础题目19. （1）欲证明BN平面A1MC，只需推知A1MBN；（2）根据直三棱柱的特征和线面垂直的判定与性质来证明线线垂直本题考查的知识点是直线与平面垂直的性质，直线与平面平行的判定，其中熟练掌握空间直线与平面间垂直、平行的判定、性质、定义是解答本题的关键20. （1）根据中位线定理可得MNA1C1，故而MN平面AA1C1C；（2）根据V=V列方程求出点B1到面A1BC的距离本题考查了线面平行的判定，空间距离的计算，属于中档题21. （1）运用线面垂直的判定定理可得PA平面ABC，再由性质定理即可得证；（2）要证平面BDE平面PAC，可证BD平面PAC，由（1）运用面面垂直的判定定理可得平面PAC平面ABC，再由等腰三角形的性质可得BDAC，运用面面垂直的性质定理，即可得证；（3）由线面平行的性质定理可得PADE，运用中位线定理，可得DE的长，以及DE平面ABC，求得三角形BCD的面积，运用三棱锥的体积公式计算即可得到所求值本题考查空间的线线、线面和面面的位置关系的判断，主要是平行和垂直的关系，注意运用线面平行的性质定理以及线面垂直的判定定理和性质定理，面面垂直的判定定理和性质定理，同时考查三棱锥的体积的求法，考查空间想象能力和推理能力，属于中档题22. （）由已知ADBC，从而DAP或其补角即为异面直线AP与BC所成的角，由此能求出异面直线AP与BC所成角的余弦值（）由AD平面PDC，得ADPD，由BCAD，得PDBC，再由PDPB，得到PD平面PBC（）过点D作AB的平行线交BC于点F，连结PF，则DF与平面PBC所成的角等于AB与平面PBC所成的角，由PD平面PBC，得到DFP为直线DF和平面PBC所成的角，由此能求出直线AB与平面PBC所成角的正弦值本题主要考查两条异面直线所成的角、直线与平面垂直、直线与平面所成的角等基础知识考查空间想象能力、运算求解能力和推理论证能力，是中档题