2018年高考理综选择题专项训练(6).doc

2018年高考理综选择题专项训练（3）一、选择题：本题共13个小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1下列关于细胞结构与成分的叙述，错误的是A随着细胞的生长和衰老，细胞的含水量逐渐下降B几乎各种生命活动无不与蛋白质有关CDNA是遗传信息的载体，所有细胞均含有DNAD核糖体中催化肽链合成的物质可能是RNA【答案】C【解析】随着细胞的生长和衰老，细胞的含水量逐渐下降，A正确；蛋白质是生命活动的主要体现者，几乎各种生命活动无不与蛋白质有关，B正确；DNA是遗传信息的载体，哺乳动物成熟的红细胞没有细胞核和众多的细胞器，因此没有DNA，C错误；核糖体中的催化肽链合成的物质属于酶，少数酶的化学本质是RNA，D正确。2若流感病毒侵入人体，机体不会发生的是A流感病毒在内环境中增殖 BB细胞和T细胞的增殖分化C效应T细胞识别靶细胞 D产生针对该病毒的记忆细胞【答案】A【解析】病毒必须寄生在活细胞中，A项错误；流感病毒侵入人体，可以引起特异性免疫，引起B细胞和T细胞的增殖分化，B项正确；效应T细胞可特异性识别靶细胞，并使之裂解，C项正确；特异性免疫可产生针对该病毒的记忆细胞，D项正确。3下列叙述与现代生物进化理论相符的是A新物种的形成必须经过地理隔离 B基因突变决定生物进化的方向C种群是生物进化的基本单位 D环境不变，种群的基因频率不变【答案】C【解析】新物种的形成必须经过生殖隔离，A错误；自然选择决定生物进化的方向，B错误；种群是生物进化的基本单位，生物进化的实质是种群基因频率的改变，C正确；由于基因突变具有普遍性，环境很稳定的情况下，基因突变也是会发生的，这样就会导致种群的基因频率发生改变，D错误。4BrdU(5一溴尿嘧啶)与胸腺嘧啶脱氧核苷酸结构类似，可与碱基A配对。当染色体上的DNA两条脱氧核苷酸链均含有BrdU时，经姬姆萨染料染色显浅色，其余均显深色。现有果蝇某体细胞1个，置于含BrdU的培养液中连续分裂2次，得到4个子细胞若对这些细胞的染色体进行上述染色，则下列可能出现的现象是1个细胞染色体均为深色，3个细胞染色体均为浅色 1个细胞染色体均为浅色，3个细胞染色体均为深色 4个细胞染色体均为4条深色、4条浅色 1个细胞染色体均为深色，1个细胞染色体均为浅色，2个细胞染色体4条深色、4条浅色A B C D【答案】B【解析】完成一次有丝分裂后，每条染色体上有一个DNA分子，每个DNA分子均有1条脱氧核苷酸链上含有BrdU，因此此时所有细胞的染色体均为深色；第二次有丝分裂经过复制后，两个子细胞中的8条染色体均为一条染色单体是浅色的，一条是深色的，因此在第二次分裂后期时，8条浅色和8条深色的染色体随机分配到细胞的两极，形成的子细胞可能的情况有多种。由于第一次分裂形成的2个细胞均为深色，因此第二次分裂完成后不可能出现1个细胞染色体均为深色，3个细胞均为浅色的结果，错误；第一次分裂形成的2个细胞在第二次有丝分裂后期时均含有8条浅色和8条深色的染色体，因此所形成的的子细胞不可能出现1个细胞染色体均为浅色，3个细胞均为深色的结果，错误；在第二次分裂后期，如果8条浅色和8条深色的染色体平均分配到细胞的两极，则形成的4个细胞染色体均为4条深色、4条浅色，正确；在第二次分裂后期时，一个细胞的8条浅色的染色体和8条深色的染色体分别分配到两极，另一个细胞的8条浅色的染色体和8条深色的染色体平均分配到细胞的两极，则会出现1个细胞染色体均为深色，1个细胞染色体均为浅色，2个细胞染色体4条深色、4条浅色，正确。故选：B。【点睛】本题考查细胞分裂及DNA的半保留复制的相关知识，意在考查学生提取信息和分析问题的能力，关键是抓住题干信息中的“5-溴尿嘧啶（Bu）是胸腺嘧啶（T）的结构类似物”，可与A互补配对，据此答题。5一个自然繁殖的直刚毛果蝇种群中，偶然出现了一只卷刚毛雄果蝇。为了探究卷刚毛性状是如何产生的，科学家用这只卷刚毛雄果蝇与直刚毛雌果蝇杂交，F1全部为直刚毛果蝇，F1雌雄果蝇随机自由交配，F2的表现型及比例是直刚毛雌果蝇:直刚毛雄果蝇：卷刚毛雄果蝇=2:1:1。最合理的结论是A亲代生殖细胞中X染色体上基因发生隐性突变B亲代生殖细胞中X染色体上基因发生显性突变C亲代生殖细胞中常染色体上基因发生隐性突变D亲代生殖细胞中常染色体上基因发生显性突变【答案】A6下表是用2，4-D溶液处理黄瓜花蕾以后的植株结实情况。下列叙述正确的是项目未处理的组2，4D处理的组浓度（ppm）01000850720630平均结果率（）27100100100100平均株产量（kg）0.160.730.920.910.72平均单果重（g）186247277273243A实验表明：2，4D促进细胞分裂、伸长，而促进果实的发育B对照组结果率低，是因为植物体内2，4D的合成量较低C不同浓度的2，4D对同种植物的结果情况影响一定不同D实验结果说明一定浓度的2，4D促进黄瓜结果【答案】D【解析】分析表格可知，本实验中实验的自变量为2，4-D溶液的浓度，因变量为平均结果率、平均株产量、平均单果重；而2，4-D溶液的浓度为0的作为实验的对照组，因此通过与对照组结果的比较，不同浓度的处理均具有促进作用，并且其中浓度为850ppm的促进效果最好。但实验不能表明2，4D是通过促进细胞分裂和伸长，而促进果实的发育，A错误；2，4D是人工合成的生长素类似物，植物体内不能合成，B错误；由于2，4D的作用具有两重性，在最适浓度两侧存在两种不同的浓度其促进作用相同，C错误；对照组和实验组比较，平均结果率增加，可以说明一定浓度2，4-D能促进黄瓜结果，D正确。7化学与生活、环境、科技等密切相关。下列说法不正确的是A温室效应导致海水的酸度增加,贝壳类生物的生存将会受到威胁B油脂的主要成分是高级脂肪酸甘油酯，长时间放置的油脂会因水解而变质C石墨烯弹性气凝胶制成的轻质“碳海绵”可用作处理海上原油泄漏的吸油材料D具有吸水性的植物纤维加工后可用作食品干燥剂【答案】B【解析】A、二氧化碳和水反应生成碳酸，可以增加海水酸度，碳酸能与碳酸钙反应，所以珊瑚、贝壳类等生物的生存将会受到威胁，故A正确；B、油脂是不饱和高级脂肪酸与甘油形成的酯，分子中含有不饱和键，长时间放置在空气中，被氧化变质，而不是水解变质，且油脂的水解要在酸性或碱性条件下进行，故B错误；C、气凝胶制成的轻质“碳海绵”，具有吸附性，可用作处理海上原油泄漏的吸油材料，故C错误；D、具有吸水性的植物纤维无毒，可用作食品干燥剂，故D正确。故选B。8设NA为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是（ ）A在0.1molNaHSO4晶体中阳离子与阴离子总数为0.3NAB25时，pH=13的1.0LBa(OH)2溶液中含有的OH-数目为0.2NAC常温常压下，4.4gCO2和N2O混合物中所含有的原子数为0.3NAD标准状况下，2.24LCl2通入足量H2O或NaOH溶液中转移的电子数均为0.1NA9下列有关物质的性质与用途具有对应关系的是A浓硫酸具有脱水性，可用于干燥气体B铝具有良好导热性，可用铝罐贮运浓硝酸C维生素C具有还原性，能帮助人体将Fe3+转化为易吸收的Fe2+DFeCl3溶液具有酸性，可用作铜制线路板的蚀刻剂【答案】C【解析】A浓硫酸具有吸水性，可用作干燥剂，与硫酸的脱水性无关，故A错误；B常温下Al遇浓硝酸发生钝化，则可用铝罐贮运浓硝酸，与导热性无关，故B错误；C人体不能直接吸收利用Fe3+，维生素C具有还原性，能帮助人体将Fe3+转化为易吸收的Fe2+，故C正确；D三价铁离子的氧化性大于铜离子，所以可用FeCl3溶液腐蚀线路板上的Cu，2FeCl3+Cu =2FeCl2 +CuCl2，与FeCl3溶液的酸性无关，故D错误；故选C。10下列关于正丁烷（b）、2-甲基丙烷（d）、甲苯（p）的说法中正确的是Ab与d互为同系物Bb、d、p的一氯代物种数分别为2、3、4Cb、d、p均不能使酸性高锰酸钾溶液褪色Db、d、p中只有d的所有碳原子不能处于同一平面【答案】D【解析】Ab与d的分子组成相同，结构不同，互为同分异构体，不互为同系物，故A错误；Bb、d、p的一氯代物种数分别为2、2、4，故B错误；Cp能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C错误；Db、d、p中只有d的所有碳原子不能处于同一平面，故D正确。故选D。11某实验小组利用下图装置制取少量氯化铝，已知氯化铝熔沸点都很低(178升华),且易水解。下列说法中完全正确的一组是氯气中含的水蒸气和氯化氢可通过盛有苛性钠的干燥管除去装置I中充满黄绿色气体后，再加热盛有A铝粉的硬质玻璃管装置II是收集装置，用于收集氯化铝装置III可盛放碱石灰也可盛放无水氯化钙，二者的作用相同a处使用较粗的导气管实验时更安全A B C D【答案】B【解析】氯气能够与氢氧化钠反应，故错误；用图示装置制取少量氯化铝，为防止铝与氧气反应，反应之前需要用氯气排除装置的空气，即装置I中充满黄绿色气体后，再加热盛有A铝粉的硬质玻璃管，故正确；氯化铝熔沸点都很低(178升华)，装置II可以用于收集氯化铝，故正确；装置III中盛放的物质需要能够吸收水蒸气和除去多余的氯气，因此盛放碱石灰可以达到目的，盛放无水氯化钙不能除去多余的氯气，故错误；氯化铝熔沸点都很低，a处使用较粗的导气管，不容易造成堵塞，实验时更安全，故正确；正确的有，故选B。12短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W与Y位于同一主族，X的原子半径是所有短周期主族元素中最大的。由W、Y和Z三种元素形成的一种液态化合物甲溶于水后，可观察到剧烈反应，液面上有白雾形成，并有能使品紅溶液褪色的带刺激性气味的气体逸出。下列说法错误的是AY的简单氢化物的热稳定性比Z的弱BW的简单离子半径大于X的简单离子半径C化合物甲可用作某种锂电池的还原剂DXZW是漂白液的有效成分【答案】C【解析】短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W与Y位于同一主族，X的原子半径是所有短周期主族元素中最大的，则X为钠元素；由W、Y和Z三种元素形成的一种液态化合物甲溶于水后，可观察到剧烈反应，液面上有白雾形成，并有能使品红溶液褪色的带刺激性气味的气体逸出，则反应生成氯化氢和二氧化硫，说明W为O元素、为S元素、Z为Cl元素。AY的简单氢化物H2S的热稳定性比Z的简单氢化物HCl弱，选项A正确；B具有相同电子层结构的离子，核电荷数越大半径越小，则 W的简单离子O2-半径大于X的简单离子Na+半径，选项B正确；C化合物甲SOCl2遇水或醇易分解，不能用作某种锂电池的还原剂，选项C错误；DXZW为NaClO是漂白液的有效成分，选项D正确。答案选C。点睛：本题考查结构性质位置关系应用，推断元素是解题关键，侧重对元素周期律的考查，短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W与Y位于同一主族，X的原子半径是所有短周期主族元素中最大的，则X为钠元素；由W、Y和Z三种元素形成的一种液态化合物甲溶于水后，可观察到剧烈反应，液面上有白雾形成，并有能使品红溶液褪色的带刺激性气味的气体逸出，则反应生成氯化氢和二氧化硫，说明W为O元素、为S元素、Z为Cl元素，据此解答。13某温度下，向一定体积0.1mol的氨水中逐滴加入等浓度的盐酸，溶液中与pH的变化关系如下图所示。下列说法不正确的是AM点和N点溶液中的电离程度相同BQ点溶液中，CM点溶液的导电性小于Q点溶液的导电性DN点溶液加水稀释，变小【答案】B点睛：本题考查酸碱中和反应的定性判断，涉及水的电离程度、溶液导电性的判断，溶液中粒子浓度的关系和变化。把握pH、pOH与溶液酸碱性的关系是解题的关键，pOH越小、pH越大，溶液的碱性越强，随着盐酸的滴入发生酸碱中和反应，溶液pH减小、pOH增大。判断溶液中粒子浓度关系时巧用电荷守恒（B项）。二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。14以下关于物理学研究方法的叙述正确的是A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替 物体的方法叫假设法B根据速度的定义式，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了放大思想方法C在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了类比的思想方法D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法【答案】 D【解析】A质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故A错误；B为研究某一时刻或某一位置时的速度，我们采用了取时间非常小，即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度，即采用了极限思维法，故B错误；C在研究加速度与质量和合外力的关系时，由于影响加速度的量有质量和力，故应采用控制变量法，故C错误；D在探究匀变速运动的位移公式时，采用了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动，即采用了微元法；故D正确；故选：D15如图所示，倾角为的足够长传送带以恒定的速率沿逆时针方向运行 时，将质量的小物块（可视为质点）轻放在传送带上，物块速度随时间变化的图象如图所示设沿传送带向下为正方向，取重力加速度则（ ）A内，物块的加速度为B小物块受到的摩擦力的方向始终沿传送带向下C小物体与传送带之间的动摩擦因数D传送带的倾角【答案】 C【解析】速度时间图线的斜率表示加速度，则内，物块的加速度故A错误；开始时，物块相对于传送带向上滑动，受到的摩擦力方向沿传送带向下，当速度与传送速速度相等后，所受的滑动摩擦力沿传送带向上故B错误；开始匀加速运动的加速度根据牛顿第二定律得： 速度相等后，加速度联立两式解得， 故C正确，D错误；故选C点睛：解决本题的关键是搞清图像的物理意义，结合图像理清物体在整个过程中的运动规律，根据牛顿第二定律和运动学公式进行求解16质谱仪是测量带电粒子的比荷和分析同位素的重要工具如图所示，带电粒子从容器下方的小孔飘入电势差为的加速电场，其初速度几乎为零，然后经过沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为的匀强磁场中，最后打到照相底片上现有某种元素的三种同位素的原子核由容器进入质谱仪，最后分别打在底片、三个位置不计粒子重力则打在处的粒子( )A质量最小 B比荷最小 C动能最小 D动量最小【答案】 B点睛：本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程是正确解题的关键，应用动能定理与牛顿第二定律可以解题。172017年11月5日我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射了第24、25颗北斗导航卫星，开启了北斗卫星导航系统全球组网的新时代。北斗导航系统由5颗静止轨道卫星（即卫星相对地面的位置保持不变）和30颗非静止轨道卫星组成，其中北斗-G5为地球静止轨道卫星，轨道高度约为36000kg；北斗-M3为中圆地球轨道卫星，轨道高度约为21500km，已知地球半径为6400km，则下列说法中正确的是A北斗G5绕地球运转周期为24hB北斗G5绕地球运转的线速度大于7.9km/sC北斗M3绕地球运转的角速度小于北斗-G5的角速度D北斗M3绕地球运转的向心加速度小于北斗-G5的向心加速度【答案】 A【解析】A、北斗G5绕地球做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律， ，故北斗G5绕地球做匀速圆周运动的周期为，故A正确；B、北斗G5绕地球做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，解得北斗G5绕地球运转的线速度，故B错误；C、绕地球做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，解得，由于北斗-M3的轨道高度小于北斗-G5的轨道高度，北斗M3绕地球运转的角速度大于北斗-G5的角速度，故C错误；D、绕地球做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，解得，由于北斗-M3的轨道高度小于北斗-G5的轨道高度，北斗M3绕地球运转的向心加速度大于北斗-G5的向心加速度，故D错误；故选A。【点睛】在地球表面可认为万有引力等于重力，对卫星来说，万有引力充当向心力根据牛顿第二定律求解。18假设空间某一静电场的电势随变化情况如图所示，根据图中信息可以确定下列说法中正确的是（ ）A空间各点场强的方向均与轴垂直B电荷沿轴从移到的过程中，一定不受电场力的作用C正电荷沿轴从移到的过程中，电场力做正功，电势能减小D负电荷沿轴从移到的过程中，电场力做负功，电势能增加【答案】 D【解析】由图看出， 轴上各点电势随着值得变化也会发生变化，说明随着的变化有电场力在轴方向上做功，所以空间各点场强的方向不全与轴垂直，故A错误在轴上从 移到，各点电势相等，任意两点间电势差为零，电场力做功为零，但电场力不一定为零，也可能电场力与轴垂直，故B错误正电荷沿轴从移到的过程中，电势升高，电荷的电势能增大，电场力做负功，故C错误负电荷沿轴从移到的过程中，电势降低，电荷的电势能增加，电场力做负功，故D正确故选D点睛：此题关键是搞清图像反应的物理意义，通过电势的变化分析电势能的变化，从而分析电场力做功情况；判断电场力做功情况，也可以根据公式WAB=qUAB=q（A-B）分析。19如图所示，图中的线段、分别表示在光滑水平面上沿一条直线运动的滑块、和它们发生正碰后结合体的速度时间图象已知相互作用时间极短，则由图象可知（ ）A碰前滑块的速度比滑块的速度大B碰前滑块的动量比滑块的动量大C滑块的质量比滑块的质量大D碰撞过程中，滑块受到的冲量比滑块受到的冲量大【答案】 ABC【解析】碰撞前滑块速度为，滑块速度为，碰撞后的共同速度为A：碰撞前滑块速度为： ，滑块速度为，故A项正确B：碰撞的总动量为正，根据动量守恒定律，碰撞前的总动量也为正，则碰撞前滑块的动量较大，故B项正确C根据动量守恒定律，则： ，代入数据有： ，计算得出： ，则滑块的质量比滑块的质量大，故C项正确的D碰撞过程中，滑块受到的冲量与滑块受到的冲量等大，反向。故D项错误所以选ABC20如图所示，半径为r的圆刚好与正方形abcd的四个边相切，在圆形区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，一带负电粒子从ad边的中点以某一初速度沿纸面且垂直ad边方向射入磁场，一段时间后粒子从圆形磁场区域飞出并恰好通过正方形的d点，设该粒子在磁场中运动的轨道半径为R，运动时间为t，若粒子在磁场中做圆周运动的周期为T，粒子重力不计，下列关系正确的是（ ）A B C D【答案】 BD【解析】粒子在磁场中做圆周运动由几何关系可得轨迹的圆心角为，运动时间为，故C错误，D正确；由几何关系可得，解得，故A错误，B正确；故选BD。【点睛】粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出粒子运动轨迹，由几何关系求出轨迹的圆心角。21如图所示，两根足够长的光滑平行金属导轨固定在同一水平面内，两导轨间的距离为L。导轨上面横放这两根导体棒ab和cd，构成矩形回路，导体棒ab的质量为2m，导体棒cd的质量为m，电阻皆为R，回路中其余部分的电阻可不计。在整个导轨平面内都有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B。开始时，棒cd静止，给棒ab水平向右的初速度，若两导体棒在运动中始终不接触，则A在运动过程中回路产生的焦耳热最多是B两金属棒之间的距离先减小后增大C当ab棒的速度变为初速度的时，cd棒的加速度是D假如改成给棒ab水平向右的恒力F，则最终两金属棒都做匀速运动【答案】 AC【解析】从初始至两棒达到速度相同的过程中，两棒总动量守恒，有，根据能量守恒，整个过程中产生的总热量，故A正确；两棒速度达到相同后，回路面积保持不变，磁通量不变化，不产生感应电流，两棒以相同的速度作匀速运动，故B错误；设ab棒的速度变为初速度的时，cd棒的速度为v1，则由动量守恒可知： ，此时回路中的感应电动势和感应电流分别为，此时cd棒所受的安培力，所以cd棒的加速度为，故C正确；开始时，金属棒ab在恒力F作用下做加速运动，回路中产生感应电流，金属棒cd在安培力作用下也将做加速运动，但此时ab的加速度肯定大于cd的加速度，因此速度差将增大。根据法拉第电磁感应定律，感应电流将增大，同时两杆所受安培力增大，导致cd的加速度增大，ab的加速度减小。但只要ab的加速度大，两棒的速度差就会继续增大，所以当两棒的加速度相等时，速度差最大。此后，两棒都做加速度相等的匀加速直线运动，故D错误。所以AC正确，BD错误。