2019-2020学年高二物理上学期第三次月考试题(含解析) (I).doc

2019-2020学年高二物理上学期第三次月考试题(含解析) (I)1. 关于电场强度，下列说法中正确的是（）A. 由知，检验电荷在某点所受电场力越大，该点的场强越强B. 由知，检验电荷所带电量越少，检验电荷所在位置的场强越强C. 电场中某点的场强与检验电荷的电量和所受的电场力无关D. 电场中某点场强的方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向【答案】C【解析】试题分析：电场强度是电场本身的性质，与检验电荷的电量以及所受的电场力无关，选项AB错误，C正确；电场中某点场强的方向就是正的检验电荷在该点所受电场力的方向，选项D错误；故选C.考点：电场强度.2. 对下列物理公式的理解，其中正确的是 （ ）A. 由可知，某点的电势是由放入该点的点电荷所具有的电势能EP和该电荷电量q所决定的B. 由可知，导体的电阻R由它两端的电压U和它当中通过的电流I决定C. 由可知，点电荷Q在距其r处产生的电场强度E由场源电荷Q和距场源电荷的距离r决定D. 由可知，电容器的电容C由电容器所带电荷量Q和两极板间的电势差U决定【答案】C【解析】试题分析：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法比如物质密度 电阻 场强 磁通密度 电势差 等一般地，比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变，如确定的电场中的某一点的场强就不随q、F而变当然用来定义的物理量也有一定的条件，如q为点电荷，S为垂直放置于匀强磁场中的一个面积等类似的比值还有：压强，速度，功率等等静电场中某点的电势由电场本身决定，与试探电荷无关，A错误；由欧姆定律公式可知，属于比值定义法，导体的电阻R与两端电压U，及流过的电流I无关，故B错误；由公式可知，Q是形成此电场的点电荷的电量，r是该点距Q的距离，因此点电荷Q在距其r处产生的电场强度E由场源电荷电量Q和距场源电荷的距离r决定，C正确；电容器的电容C由电容器本身决定，与试探电荷无关，D错误3. 如图所示为一组电场线，A、B为其中两点，则（ ）A. A点的场强大于B点的场强B. A点电势低于于B点电势C. 将电子从A点移到B点，电场为做正功D. 正电荷在A点的电势能小于正电荷在B点的电势能【答案】A【解析】由图可知，A点电场线密，B点电场线稀，因此A点电场强度大于B点，即EAEB，故A正确沿电场线的方向电势逐渐降低，A点电势高于B点电势，故B错误；电子受到的电场力的方向由B指向A，所以将电子从A点移到B点，电场为做负功，故C错误；正电荷在A点的电势能大于正电荷在B点的电势能，故D错误；故选A.4. 如图所示为电流产生磁场的分布图，正确的分布图是( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布，并注意平面图及立体图的区分即可正确判断解：电流方向向上，由右手螺旋定则可得磁场为逆时针（从上向下看），故正确；电流方向向下，由右手螺旋定则可得磁场为顺时针（从上向下看），故错误；图中电流为环形电流，由由右手螺旋定则可知，内部磁场应向右，故错误；根据图示电流方向，由右手螺旋定则可知，内部磁感线方向向右，故正确；故选C【点评】因磁场一般为立体分布，故在判断时要注意区分是立体图还是平面图，并且要能根据立体图画出平面图，由平面图还原到立体图5. 一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电荷量q随时间变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（ ）A. U B. RC. D. 【答案】C【解析】由q=It知道，在q-t图像中斜率表示电流，又因为，所以斜率，故C正确，ABD错误。6. 有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路中电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，正常工作时的电流是1.0A，此时，电动机的输出功率是；如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是，则（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：电动机不转，由欧姆定律求出其内阻电动机正常工作时输出功率等于电功率与内部发热功率之差在电动机正常工作时，转子突然被卡住，根据P=求出电动机的发热功率解：当电动机不转时，电动机的内阻为r=0.5，电动机正常工作时输出功率为P出=U2I2I22r=1.5W卡住后热功率：P热=8W故选：B【点评】对于电动机电路，正常工作时其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立；当电动机被卡住时，其电路是纯电阻电路，欧姆定律成立7. 如图，实线为一正点电荷的电场线，虚线为其等势面A、B是同一等势面上的两点，C为另一等势面上的一点，下列的判断正确的是（）A. A点场强等于B点场强B. C点电势低于B点电势C. 将电子从A点移到B点，电场力不做功D. 将质子从A点移到C点，其电势能增加【答案】BC【解析】试题分析：AB两点的场强的方向不同，故A错误；沿电场线的方向电势降落，所以B点的等势面的电势高于C点的等势面的电势故B正确；A、B是同一等势面上的两点，它们之间的电势差为0，所以将电子从A点移到B点，电场力不做功故C正确；沿电场线的方向电势降落，所以A点的等势面的电势高于C点的等势面的电势，将质子从A点移到C点，电场力做正功，其电势能减小故D错误故选BC.【点睛】根据电场线的分布特点：电场线越密，场强越大顺着电场线，电势降低正电荷的电势能沿着电场线方向不断降低，负电荷的电势能沿着电场线方向不断升高.8. 如图，在倾角为的光滑斜面上，放置一根长为L，质量为m的导体棒。在导体棒中通以电流I时，欲使导体棒静止在斜面上，下列外加匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向正确的是（ ）A. ，方向垂直斜面向上B. ，方向垂直斜面向下C. ，方向竖直向下D. ，方向竖直向上【答案】AD.视频9. 如图所示，在真空中有两个等量的正点电荷q1和q2，分别置于A、B两点，DC为AB连线的中垂线，D为无穷远处一点。在将一正电荷q3由C点沿CD移到D点的过程中A. q3的电势能逐渐减小B. q3的电势能逐渐增大C. q3受到的电场力逐渐减小D. q3受到的电场力先增大后减小【答案】AD【解析】A、B,由题, ，是两个等量的正电荷,作出中垂线CD上电场线如图,根据顺着电场线电势降低,可以知道正电荷 由C点沿CD移至无穷远的过程中,电势不断降低,电场力做正功,其电势能不断减小.所以A选项是正确的,B错误.C、D根据电场的叠加可以知道,C点的场强为零,而无穷远处场强也为零,所以由C点沿CD移至无穷远的过程中,场强先增大,后减小, 受到的电场力先逐渐增大,后逐渐减小.故C错误,D正确.综上所述本题答案是：AD10. (1)用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为_mm.(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知道直径为_mm.【答案】 (1). 50.10 (2). 4.700【解析】游标卡尺的固定刻度读数为50mm，游标读数为0.053mm=0.15mm，所以最终读数为50.15mm螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.0120.0mm=0.200mm，所以最终读数为4.700mm。综上所述本题答案是：（1） 50.15； （2） 4.70011. 某同学查阅资料发现铅笔芯的电阻随温度的升高而变小在实验中，他取一段长为16 cm的铅笔芯，用多用电表测量其电阻大约为4 .该同学要较精确地测量铅笔芯的电阻，现有下列器材可供选择：A电源3 V(内阻不计)B电流表03 A(内阻0.1 )C电流表0600 mA(内阻0.5 )D电压表03 V(内阻3 k)E电压表015 V(内阻200 k)F滑动变阻器(010 ，1 A)G滑动变阻器(01 k，300 mA)(1)除开关、导线外，实验中要求能够在电压表上从零开始读取若干组数据，需要选用的器材有： _ (填写字母代号)；(2)用笔画线代替导线，在实物图中连接实验电路_；(3)该同学记录了实验数据，并画出了该铅笔芯的伏安特性曲线，证实了铅笔芯的电阻随温度的升高而减小，则该铅笔芯的伏安特性曲线为下图中的_【答案】 (1). ACD (2). (3). C【解析】试题分析：（1）电源电动势为3V，故电压表选D，电流，若选取3A量程，则指针偏转不及刻度的，误差较大，故电流表选C，滑动变阻器分压接法，选取小电阻即可，故选择器材为：ACDF（2）电压表上从零开始读取，所以选择滑动变阻器分压接法，被测电阻为小电阻，电流表用外接，如图：（3）铅笔芯的电阻随温度的升高而减小，则I-U图象的斜率越来越大，故选C【点睛】解决本题的关键掌握电流表的内外接问题和滑动变阻器的分压限流接法，知道什么情况下用什么接法12. 如图所示，质量为m，电荷量为q的带电粒子，以初速度v沿垂直磁场方向射入磁感应强度为B的匀强磁场，在磁场中做匀速圆周运动。不计带电粒子所受重力。求:(1)粒子做匀速圆周运动的半径R;(2)粒子做匀速圆周运动周期T.【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律求出轨道半径，（2）由求出周期（1）粒子在磁场中由洛伦兹力提供所需向心力公式则有：解得：（2）由匀速圆周运动周期与线速度关系：解得：【点睛】本题考查了求粒子做圆周运动的轨道半径、周期，应用牛顿第二定律、线速度与周期的关系即可正确解题13. 如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，且CD4cm，CD连线和场强方向成60角。已知电子从D点移到C点的过程中电场力做功为6.410-17J，求：(1)匀强电场的场强；(2)A、B两板间的电势差；(3)若A板接地，D点电势为多少？【答案】（1）2104N/C（2）1200V（3）-400V【解析】（1）由题，DC电场力做正功，为：，得（2）因电场力做正功，则知电子在电场中受到的电场力方向向上，电子带负电，则场强方向为AB所以A、B间电势差为：（3）A、D间电势差为：由，得：14. 如图所示，水平绝缘光滑轨道AB的B端与处于竖直平面内的四分之一圆弧形粗糙绝缘轨道BC平滑连接，圆弧的半径R=0.40m。在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场强度E=1.0104N/C。现有一质量m=0.10kg的带电体（可视为质点）放在水平轨道上与B端距离s=1.0m的位置，由于受到电场力的作用带电体由静止开始运动，当运动到圆弧形轨道的C端时，速度恰好为零。已知带电体所带电荷q=8.010-5C，取g=10m/s2，求：(1)带电体在水平轨道上运动的加速度大小及运动到B端时的速度大小；(2)带电体运动到圆弧形轨道的B端时对圆弧轨道的压力大小；(3)带电体沿圆弧形轨道运动过程中，电场力和摩擦力对带电体所做的功各是多少。【答案】(1) vB=4.0m/s (2)N=5.0N (3) W摩=-0.72J（1）设带电体在水平轨道上运动的加速度大小为a根据牛顿第二定律有：qE=ma解得：设带电体运动到B端的速度大小为由运动学公式得：解得：（2）设带电体运动到圆轨道B端时受轨道的支持力为N根据牛顿第二定律有：解得：N=5N根据牛顿第三定律可知，带电体对圆弧轨道B端的压力大小为：方向：竖直向下（3）因电场力做功与路径无关则带电体沿圆弧形轨道运动过程中，电场力所做的功为设带电体沿圆弧形轨道运动过程中摩擦力所做的功为对此过程根据动能定理有：解得： 【点睛】本题综合运用了牛顿运动定律和动能定理，关键是理清过程，正确地受力分析，根据动能定理列表达式求解