2019-2020学年高一物理下学期6月月考试题 (II).doc

2019-2020学年高一物理下学期6月月考试题 (II)一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分) 1.xx年10月10日太空探索技术公司(SpaceX)的“龙”飞船已与国际空间站成功对接“龙”飞船运抵了许多货物，包括实验器材、备件、空间站宇航员所需的衣服和食品以及一个冰箱，冰箱里还装有冰激凌，下列相关分析中正确的是()A “龙”飞船的发射速度，国际空间站的运行速度均小于第一宇宙速度B “龙”飞船欲实现对接，必须在国际空间站的后下方，伺机喷气减速变轨，实现对接C “龙”飞船喷气加速前，“龙”飞船与国际空间站的加速度大小相等D 空间站中收到的冰激凌处于完全失重状态2.以相同大小的初速度v0将物体从同一水平面分别竖直上抛、斜上抛、沿光滑斜面(足够长)上滑，如图所示，三种情况达到的最大高度分别为h1、h2和h3，不计空气阻力(斜上抛物体在最高点的速度方向水平)，则()Ah1h2h3Bh1h2h3Ch1h3h23.一辆卡车在丘陵地面匀速率行驶，地形如图所示，由于轮胎太旧，爆胎可能性最大的地段应是()Aa处Bb处Cc处Dd处4.水平恒力F作用在一个物体上，使该物体由静止沿光滑水平面在力的方向上移动距离l，恒力F做的功为W1，平均功率为P1；再用同样的水平恒力F作用在该物体上，使该物体在粗糙的水平面上在力的方向上由静止移动距离l，恒力F做的功为W2，平均功率为P2，下列选项正确的是()AW1P2BW1W2，P1P2CW1W2，P1P2DW1W2，P1a2；由运动学公式得la1ta2t，所以t1P2，C正确5.【答案】D【解析】重力做功与路径是否受其他力以及物体的速度无关，仅与初末位置的高度差有关，与运动的位移有关故D正确，A、B、C错误6.【答案】B【解析】汽车在拱桥顶端时所受到的合外力提供向心力，而合外力就是重力与支持力的合力，故B是正确的；A，C错误；因为物体的向心力是物体所受力的合力，并不是单独的一个力；故该题选B.7.【答案】A【解析】万有引力近似等于重力，设地球的质量为M，物体质量为m，物体距地面的高度为h，分别列式mg，Gm，联立得2R2(Rh)2，解得h(1)R，选项A正确.8.【答案】B【解析】当弹力F方向向下时，Fmg，解得：Fv2mg，当弹力F方向向上时，mgFm，解得：Fmgm，对比Fv2图象可知，bgR、amg，联立解得g、m，选项A正确，B错误；v2c时，小球对杆的弹力方向向上，选项C正确；v22b时，小球受到的弹力与重力大小相等，选项D正确9.【答案】B【解析】10.【答案】B【解析】功是标量，没有方向，A错误；某力做正功，表明这个力对物体的运动起动力作用，某力做负功，表明这个力对该物体的运动起阻碍作用，B正确；某个力对物体不做功，由WFlcos知，物体的位移可能为零或者可能力与位移的夹角为90，故C错误；功是标量，所以合力的功等于各分力做功的代数和11.【答案】C【解析】由向心力公式ma，解得T2，应用黄金代换将GMgR2代入得T2，故A错误；飞船在椭圆轨道上由远地点运行到近地点时，万有引力做正功，动能增大，所以近地点的速度大于远地点的速度故B错误；飞船在椭圆轨道上运行时，经过远地点时要变轨到圆轨道上需要加速，故在圆轨道上的速度要大于在椭圆轨道上远地点的速度故C正确；飞船在椭圆轨道上运行时，经过远地点的向心力小于经过近地点的向心力，故经过远地点的加速度小于经过近地点的加速度，故D错误12.【答案】B【解析】设卫星的质量为m由万有引力提供向心力，得Gmmmg由已知条件：m的重力为N得Nmg由得g，代入得：R代入得M，故B项正确.13.【答案】AD【解析】A、B两点共轴，角速度相同，周期也相同，故A、D正确；位于赤道上的物体A与位于北纬30的物体B，可知A的半径与B的半径R之比为Rcos30R，由公式vr得，A、B两点线速度大小之比cos301.故B、C错误14.【答案】BCD【解析】比较围绕同一个中心天体做匀速圆周运动的行星或卫星的v、T、an等物理量的大小时，由八字口诀“越远越慢”(v、T)、“越远越小”(an)知离太阳越远的行星线速度越小、角速度越小、加速度越小、周期越大15.【答案】ADE【解析】为了保证小球平抛运动的初速度相同，则每次从同一高度由静止释放小球，故A正确，B错误为了保证小球水平飞出，则斜槽的末端切线保持水平，故C错误斜槽是否光滑不影响结果，故D错误为了得出更符合实际的轨迹，应尽量多的描出点，故E正确16.【答案】CD【解析】水平方向匀速直线运动：L=vt，所以运动时间跟速度成反比，即运动时间之比是2：1，A错；西红柿在竖直方向自由落体运动，下落的高度与时间的平方成正比，即下落的高度之比是4：1，故B错；运动的加速度都为g，所以运动加速度之比是1：1，C对；西红柿的运动可分解为竖直方向的自由落体运动和水平方向的匀速直线运动，D对.17.【答案】(1)三角板橡皮条(2)O点位置细绳所指方向相应弹簧测力计读数同一位置O点弹簧测力计读数和细绳方向(3)FFFF【解析】实验中要记录橡皮条拉伸后O点的位置、弹簧测力计的读数及力的方向18.【答案】(1)gl(2)先释放纸带，后接通电源gl【解析】(1)E点的速度为vE，则O到E，动能的增加量为Ekmvm()2，重力势能的减小量Epmgl，若mglm()2，即gl()2，机械能守恒(2)若初速度为零，加速度为g，则OA间的距离大约为2 mm，发现OA距离大约4 mm，知初速度不为零，可能是先释放纸带后启动打点计时器求解动能的变化量时，未减去初速度，则重力势能的减小量可能小于动能的增加量，即gl()2.19.【答案】(1)9mg(2)(n0,1,2)【解析】(1)设滑块滑至B点时速度为vB，对滑块由A点到B点应用动能定理有mg5Rmvmv滑块在B点，由牛顿第二定律有：FNmgm解得FN9mg由牛顿第三定律可知，滑块在B点时对轨道的压力大小FNFN9mg(2)滑块从B点开始运动后机械能守恒，设滑块到达P处时速度为vP，则mvmvmg2R解得vP2滑块穿过P孔后再回到平台的时间t4要想实现题述过程，需满足t(2n1)(n0,1,2)20.【答案】(1)4 m/s (2)5 m/s【解析】(1)设滑块下滑至P点时的速度为v1，由机械能守恒定律得mgxsin 53mv解得v14 m/s(2)设滑块再次滑到P点时速度为v2，M的速度为vM，如图，将v2进行分解得：vMv2cos，绳与直杆的夹角为，由几何关系得90，vM0，再由系统机械能守恒定律得：MgL(1sin 53)mgxsin 53mv0，解得v25 m/s.21.【答案】(1)(2)【解析】(1)天体绕火星做圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，令火星的质量为M，天体质量为m，则有Gmr，可得火星的质量为M.(2)火星的半径为R，故火星的体积VR3，根据密度公式有：火星的密度为.22.【答案】(1)0.15 J(2)vN4.0 m/s【解析】(1)设钢珠在M轨道最高点的速度为v，在最高点，由题意mgm从发射前到最高点，由机械能守恒定律得：EpmgRmv2得EpmgR0.15 J(2)钢珠从最高点飞出后，做平抛运动xvtygt2由几何关系x2y2r2从飞出M到打在N的圆弧面上，由机械能守恒定律：mgymv2mv联立解出vN4.0 m/s.