2019高考化学二轮复习 第二部分 考前定点歼灭战专项押题2 主观题限时押题练 歼灭高考5个主观题(第二练).doc

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歼灭高考5个主观题(第二练)(限时30分钟)26氰化物有剧毒,冶金工业会产生大量含氰化物的废水,其中氰化物以CN等形式存在于废水中。某化学小组同学对含氰化物废水处理进行研究。.查阅资料:含氰化物的废水破坏性处理方法。利用强氧化剂将氰化物氧化为无毒物质,如以TiO2为催化剂用NaClO将CN氧化成CNO(CN和CNO中N元素均为3价),CNO在酸性条件下继续与NaClO 反应生成N2、CO2、Cl2等。.实验验证:破坏性处理CN的效果。化学兴趣小组的同学在密闭系统中用如图装置进行实验,以测定CN被处理的百分率,实验步骤如下:步骤1:取一定量废水进行加热蒸发、浓缩。步骤2:取浓缩后含CN的废水与过量NaClO溶液的混合液共200 mL(设其中CN的浓度为 0.2 molL1)倒入甲中,塞上橡皮塞。步骤3:点燃酒精灯对丁装置加热。步骤4:打开甲上的橡皮塞和活塞,使甲中溶液全部放入乙中,关闭活塞。步骤5:打开活塞K,通一段时间N2,关闭活塞K。步骤6:实验完成后测定干燥管(含碱石灰)的质量m2实验前干燥管(含碱石灰)的质量m1。回答下列问题:(1)在破坏性处理方法中,在酸性条件下NaClO和CNO反应的离子方程式为2CNO6ClO8H=2CO2N23Cl24H2O,请标出反应中电子转移的方向和数目:_。(2)对丁装置加热放在步骤3进行的原因是_。(3)丙装置中的试剂是_。(4)干燥管的作用是_。(5)请简要说明实验中通入N2的目的是_。(6)若干燥管中碱石灰增重1.408 g,则该实验中测得CN被处理的百分率为_。解析:(1)根据题意可知,酸性条件下CNO与NaClO反应生成N2、CO2和Cl2,电子转移的方向和数目如下:(2)装置丁的作用是利用铜与Cl2反应,除去乙中反应生成的气体中混有的Cl2,故乙中反应之前应先点燃酒精灯对丁装置加热,防止干燥管吸收Cl2,影响CO2质量的测定。(3)实验原理为测量干燥管吸收的CO2的质量确定对CN的处理效果,由于乙装置中产生N2、CO2、Cl2、H2O,Cl2与H2O都能被碱石灰吸收,影响CO2质量的测定。所以进入干燥管的气体应除去Cl2与H2O,用浓硫酸吸H2O,用铜丝除去Cl2,故丙装置中的试剂是浓硫酸。(4)干燥管的作用是吸收CO2,测定产生的CO2的质量,空气中的CO2、水蒸气进入干燥管会干扰实验,干燥管的作用是防止空气中的CO2、水蒸气进入干扰实验。(5)装置中残留有CO2未被完全吸收,导致测定的CO2质量偏低,通入N2使装置中的CO2全部被排到干燥管中被吸收,减少误差。(6)干燥管中碱石灰增重1.408 g为CO2的质量,物质的量为0.032 mol,根据碳原子守恒可知被处理的CN的物质的量为n(CN)n(CO2)0.032 mol,原溶液中CN的物质的量为0.2 L0.2 molL10.04 mol,所以该实验中测得CN被处理的百分率为100%80%。答案:(1)(2)将产生的氯气及时除去(3)浓硫酸(4)防止空气中的水和CO2进入干燥管中影响对CO2的测量(5)使装置中的CO2全部被排到干燥管中被吸收,减少误差(6)80%27碲被誉为“现代工业、国防与尖端技术的维生素”,它在地壳中平均的丰度值很低,铜阳极泥中碲的回收越来越引起人们的重视。某电解精炼铜的阳极泥经预处理后主要含有TeO2和少量Ag、Au,以此预处理阳极泥为原料制备单质碲的一种工艺流程如图:已知TeO2是两性氧化物,微溶于水,易溶于较浓的强酸和强碱分别生成Te4和TeO。回答下列问题:(1)阳极泥预处理时发生反应:Cu2TeO2CuOTeO2(未配平),Cu2Te中Te的化合价为_,该反应中氧化剂与还原剂的物质的量之比为_。(2)“过滤”所得滤液中,阴离子主要有_,要从滤渣1中分离出Au,可以向滤渣1中加入的试剂是_。(3)步骤控制溶液的pH为4.55.0,反应的化学方程式为_,防止酸度局部过大的操作是_。(4)步骤发生反应的离子方程式是_。(5)高纯碲的制备采用电解精炼法。将上述流程得到的粗碲溶于NaOH溶液配成电解液,用适当的电极进行电解,阳极产生的气体是_,阴极的电极反应式为_。解析:(1)Cu2Te中Cu的化合价为1,Te的化合价为2,根据得失电子守恒和原子守恒配平化学方程式:Cu2Te2O22CuOTeO2,结合氧化还原反应中元素化合价的变化可知,该反应中O2是氧化剂,Cu2Te是还原剂,氧化剂与还原剂的物质的量之比为21。(2)TeO2是两性氧化物,微溶于水,易溶于较浓的NaOH溶液生成TeO,则“过滤”所得滤液中,阴离子主要有TeO、OH。因为Ag能够溶于稀硝酸,而Au不溶于稀硝酸,要从滤渣1中分离出Au,可以向滤渣1中加入的试剂是稀硝酸。(3)结合流程图可知,经过步骤生成TeO2,发生反应的化学方程式为H2SO4Na2TeO3=Na2SO4TeO2H2O,防止酸度局部过大的操作是缓慢加入硫酸并不断搅拌。(4)TeO2是两性氧化物,易溶于较浓的强酸生成Te4,故步骤反应后的溶液中含有Te4,步骤发生反应的离子方程式为Te42SO24H2O=Te2SO8H。(5)粗碲溶于NaOH溶液可得含Na2TeO3的溶液,用适当的电极进行电解,阳极上OH失电子生成O2,阴极上TeO得电子生成Te,故阴极的电极反应式为TeO4e3H2O=Te6OH。答案:(1)221(2)TeO、OH稀硝酸(3)H2SO4Na2TeO3=Na2SO4TeO2H2O缓慢加入硫酸并不断搅拌(4)Te42SO24H2O=Te2SO8H(5)O2TeO4e3H2O=Te6OH28对温室气体二氧化碳的研究一直是科技界关注的重点。.在催化剂存在下用H2还原CO2是解决温室效应的重要手段之一,相关反应如下:主反应:CO2(g)4H2(g)CH4(g)2H2O(g)H1副反应:CO2(g)H2(g)=CO(g)H2O(g)H241.2 kJmol1已知:H2和CH4的燃烧热分别为285.5 kJmol1和890.0 kJmol1;H2O(l)=H2O(g)H44 kJmol1。(1)H1_ kJmol1。(2)有利于提高CH4产率的反应条件是_(至少写两条)。工业上提高甲烷反应选择性的关键因素是_。(3)T 时,若在体积恒为2 L的密闭容器中同时发生上述反应,将物质的量之和为5 mol的H2和CO2以不同的投料比进行反应,结果如图1所示。若a、b表示反应物的平衡转化率,则表示H2平衡转化率的是_,c、d分别表示CH4(g)和CO(g)的体积分数,由图1可知_时,甲烷产率最高。若该条件下CO的产率趋于0,则T 时的平衡常数K_。.溶于海水的CO2 95% 以HCO形式存在。在海洋中,通过图2钙化作用实现碳自净。(4)写出钙化作用的离子方程式_。(5)如图3所示,电解完成后,a室的pH_(填“变大”“变小”或“几乎不变”);b室发生反应的离子方程式为_。解析:(1)由H2和CH4的燃烧热分别为285.5 kJmol1和890.0 kJmol1,可得H2(g)O2(g)=H2O(l)H285.5 kJmol1,CH4(g)2O2(g)=CO2(g)2H2O(l)H890.0 kJmol1,将H2O(l)=H2O(g)H44 kJmol1编号为,根据盖斯定律知,42,则H1(285.5 kJmol1)4(890.0 kJmol1)(44 kJmol1)2164.0 kJmol1。(2)该主反应为气体分子数减小的放热反应,故有利于提高CH4产率的反应条件是降低温度、增大压强。催化剂具有专一性,工业上提高甲烷反应选择性的关键因素是催化剂。(3)随着增大,H2的平衡转化率减小,CO2的平衡转化率增大,结合题图1可得,b表示H2的平衡转化率,a表示CO2的平衡转化率,c表示甲烷的体积分数,当4时,甲烷产率最高。4时,CO的产率趋于0,由题意并结合题图1得起始时c(CO2)0.5 molL1,c(H2)2 molL1,CO2、H2的平衡转化率均为0.80,则根据三段式法有:CO2(g)4H2(g)CH4(g)2H2O(g) 0.5 2 0 0 0.4 1.6 0.4 0.8 0.1 0.4 0.4 0.8平衡常数K100。(4)由题图2可知,HCO为反应物,CaCO3、CO2为生成物,则钙化作用的离子方程式为2HCOCa2=CaCO3CO2H2O。(5)a室为阳极室,阳极上发生氧化反应,电极反应式为2H2O4e=O24H,反应产生的H通过质子交换膜进入b室参与反应生成CO2和H2O,所以电解后a室溶液的pH几乎不变,b室发生反应的离子方程式为HHCO=CO2H2O。答案:(1)164.0(2)降低温度、增大压强催化剂(3)b4100(4)2HCOCa2=CaCO3CO2H2O(5)几乎不变HHCO=CO2H2O35选修物质结构与性质镧系为元素周期表中第B族、原子序数为5771的元素。(1)镝(Dy)的基态原子电子排布式为Xe4f106s2,画出镝(Dy)原子外围电子排布图:_。(2)高温超导材料镧钡铜氧化物中含有Cu3,基态时Cu3的电子排布式为_。(3)观察下面四种镧系元素的电离能(单位:kJmol1)数据,判断最有可能显示3价的元素是_(填元素名称)。元素I1I2I3I4Yb(镱)6041 2174 4945 014Lu(镥)5321 3904 1114 987La(镧)5381 0671 8505 419Ce(铈)5271 0471 9493 547(4)元素铈(Ce)可以形成配合物(NH4)2Ce(NO3)6。组成配合物的四种元素,电负性由大到小的顺序为_(用元素符号表示)。写出氮的最简单气态氢化物水溶液中存在的氢键:_(任写一种)。元素Al也有类似成键情况,气态氯化铝分子表示为(AlCl3)2,分子中Al原子杂化方式为_,分子中所含化学键类型有_(填字母)。a离子键B极性键c非极性键 D配位键(5)PrO2(二氧化镨)的晶体结构与CaF2相似,晶胞中镨原子位于面心和顶点,则PrO2(二氧化镨)的晶胞中有_个氧原子;已知晶胞参数为a pm,密度为 gcm3,NA_(用含a、的代数式表示)。解析:(1)根据镝(Dy)的基态原子电子排布式可知,镝(Dy)原子外围4f能级上有10个电子,6s能级上有2个电子,则可以画出其外围电子排布图为。(2)Cu是29号元素,基态原子的电子排布式为Ar3d104s1,高温超导材料镧钡铜氧化物中含有Cu3,说明Cu失去3个电子,则基态时Cu3的电子排布式为Ar3d8(或1s22s22p63s23p63d8)。(3)第三电离能与第一电离能、第二电离能相差越小,第三个电子越容易失去,3价可能性越大,在题表中,镧的I1、I2和I3最接近,则最有可能显示3价的元素是镧。(4)元素铈(Ce)可以形成配合物(NH4)2Ce(NO3)6,组成配合物的四种元素中,因元素非金属性越强,电负性越大,则ONH,又因Ce是金属,其电负性在四种元素中最小,所以电负性大小顺序为ONHCe。N和O元素的电负性强,则NH3的水溶液中存在的氢键有:NHO(或NHN或OHN或OHO)。在气态氯化铝(AlCl3)2中,每个Al原子与4个Cl原子形成4个键,则Al原子的杂化方式为sp3,在该分子中,与Al原子形成极性共价键的Cl原子中,有一个是配位键,氯原子提供电子,铝原子提供空轨道。(5)PrO2(二氧化镨)的晶体结构与CaF2相似,晶胞中镨原子位于面心和顶点,所以晶胞中镨原子的个数为684,则氧原子个数为428;根据上述分析可知,一个二氧化镨晶胞中含有4个PrO2,则,则NA或。答案:(1)(2)Ar3d8(或1s22s22p63s23p63d8)(3)镧(4)ONHCeNHO(或NHN或OHN或OHO)sp3bd(5)836选修有机化学基础顺丁橡胶、制备醇酸树脂的原料M以及杀菌剂N的合成路线如图:已知:;RCH=CHRRCHORCHO(R、R代表烃基或氢)。(1)CH2=CHCH=CH2的名称是_。(2)顺式聚合物P的结构简式是_。(3)A的相对分子质量为108。反应的化学方程式是_。1 mol B完全转化成M所消耗H2的质量是_ g。(4)A的某些同分异构体在相同的反应条件下也能生成B和C。写出其中一种同分异构体的结构简式_。(5)杜仲树是我国特产,杜仲胶可从杜仲树的树皮、叶、果实中提取,杜仲胶是反式聚异戊二烯,现在已开发出多种产品,如杜仲胶形状记忆材料、海底电缆、绝缘器件和高尔夫球外壳等。下面是合成杜仲胶的流程,请回答下列问题:写出A的名称_。反应的反应类型为_。写出B的结构简式_。解析:(2)CH2=CHCH=CH2聚合生成顺式聚合物P,则P的结构简式为 (3)A由 CH2=CHCH=CH2加热得到,则A为烃,烃A的相对分子质量为108,故烃A的分子式为C8H12,结合已知反应可知,反应的化学方程式为2CH2=CHCH=CH2。A的结构简式为,结合已知反应、化合物M和N的信息及合成路线图可知B为,C为HCHO,故1 mol B可与3 mol H2完全反应生成M,消耗H2的质量为3 mol2 gmol16 g。(4)在相同的反应条件下也能生成B和C,满足条件的A的同分异构体的结构简式为或。(5)由反应中反应物和生成物的结构简式可知A为乙炔。反应为加成反应。与H2发生加成反应生成B,B在一定条件下反应生成异戊二烯,B的结构简式为。答案:(1)1,3丁二烯(2) (3)2CH2=CHCH=CH26(4)(或)(5)乙炔加成反应
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