2019届高三物理考前冲刺模拟试题(含解析).doc

2019届高三物理考前冲刺模拟试题(含解析)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目的要求，第19-21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 下列说法中正确的是（ ）A. 光电效应现象揭示了光具有波动性B. 电子的衍射现象说明实物粒子也具有波动性C. 重核裂变时平均每个核子释放能量要比轻核聚变时多D. 天然放射现象使人们认识到原子具有复杂结构【答案】B【解析】光电效应现象揭示了光具有粒子性，故A错误；电子的衍射现象说明实物粒子具有波动性，电子是实物粒子，故B正确；平均每一个核子，轻核的聚变产生的能量比重核裂变释放的能量要多；故C错误；天然放射现象使人们认识到原子核具有复杂结构，故D错误。所以B正确，ACD错误。2. 我国国家大剧院外部呈椭球型，将国家大剧院的屋顶近似为半球形，一警卫人员为执行特殊任务，必须冒险在半球形屋顶上向上缓慢爬行(如图所示)，他在向上爬的过程中（ ）A. 屋顶对他的支持力变大B. 屋顶对他的支持力变小C. 屋顶对他的摩擦力变大D. 屋顶对他的摩擦力大小不变【答案】A【解析】对警卫人员受力分析，如图所示：3. 如图所示，一个小球沿竖直放置的光滑圆环形轨道做圆周运动，圆环的半径为R，关于小球的运动情况，以下说法正确的是（ ）A. 小球的线速度方向时刻在变化，但总是在圆周切线方向上B. 小球的加速度方向时刻在变，但总是指向圆心C. 小球的线速度大小一定大于D. 球通过轨道最低点的加速度的大小可能小于g 【答案】A【解析】小球在竖直的光滑圆形轨道内壁做圆周运动，线速度方向总是沿圆周切线方向，故A正确；匀速圆周运动的加速度指向圆心，但变速圆周运动的加速度不总是指向圆心的，只有最高点和最低点的加速度才指向圆心，故B错误；小球恰好到达最高点时，在最高点的线速度最小，此时由重力提供向心力，则有：，解得最小速度：，故C错误；小球通过轨道最高点的加速度的大小最小值为g，那么最低点的加速度的大小一定大于g，故D错误。所以A正确，BCD错误。4. xx11月24日，我国成功发射了天链一号04星。天链一号04星是我国发射的第4颗地球同步卫星，它与天链一号02星、03星实现组网运行，为我国神舟飞船、空间实验室天宫二号提供数据中继与测控服务。如图，1是天宫二号绕地球稳定运行的轨道，2是天链一号绕地球稳定运行的轨道。下列说法正确的是（ ） A. 天链一号04星的最小发射速度是11.2kmsB. 天链一号04星的运行速度小于天宫二号的运行速度C. 为了便于测控，天链一号04星相对于地面静止于北京飞控中心的正上方D. 由于技术进步，天链一号04星的运行速度可能大于天链一号02星的运行速度【答案】B【解析】由于第一宇宙速度是人造地球卫星飞船环绕地球做匀速圆周运动时的最大速度，同时又是最小的发射速度，可知飞船的发射速度大于第一宇宙速度7.9km/s飞船的发生时速度大于第二宇宙速度11.2km/s时，就脱离地球束缚所以飞船的发射速度要小于第二宇宙速度，同时要大于第一宇宙速度，介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间，故A错误；由万有引力提供向心力得：可得，可知轨道半径比较大的天链一号04星的运行速度小于天宫二号的运行速度故B正确；天链一号04星位于赤道正上方，不可能位于北京飞控中心的正上方，故C错误；根据题意，天链一号04星与天链一号02星都是地球同步轨道数据中继卫星，轨道半径相同，所以天链一号04星与天链一号02星具有相同的速度，故D错误；5. 如图所示，水平台面上放置一弹簧，弹簧一端固定，另一端系一滑块。弹簧劲度系数为k，弹簧处于自然状态时滑块位于O点。已知滑块质量为m，与水平台面间的动摩擦因数为，弹簧的弹性势能为Epkx2，其中x为弹簧的形变量，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，初始时将滑块拉至A0点，OA0l0，然后将滑块由静止释放。要使滑块通过O点一次后停于O点左方，则动摩擦因数的取值范围为（ ） A. B. C. D. 无法确定【答案】C【解析】当摩擦因数较小时，小滑块恰好运动到距O点左侧L0处，由能量守恒得：，解得，当摩擦因数较大时，由能量守恒得：，解得：，由以上可得：，故C正确，ABD错误。6. 如图所示为一自耦变压器，保持电阻R和输入电压不变，以下说法正确的是（ ） A. 滑键P向b方向移动，滑键Q不动，电流表示数减小B. 滑键P不动，滑键 Q上移，电流表示数不变C. 滑键P向b方向移动、滑键Q不动，电压表示数减小D. 滑键P不动，滑键Q上移，电压表示数增大【答案】AC【解析】左侧输入一定电压,在右侧感应到变化后的电压.起变压作用。pa是左侧电路,输入恒定电压V1，ab是右侧电路,输出感应电压V2, V2=V1*(ab/pa)。根据能量守恒,左侧电路和右侧电路功率相同。pa增加,右侧输出电压减小-右侧电路功率降低-左侧电路功率降低-左侧是恒压,只有电流降低。A正确。Q上移,右侧电路电阻减小-右侧电路功率增加-左侧电路功率增加-左侧是恒压,只有电流增加。B错。pa增加,右侧输出电压减小。C正确。右侧电压只和P的位置有关,Q的位置不影响。D错。故本题选AC。7. 如图所示，一带负电的离子只受某一正点电荷Q的电场力作用，从A点运动到B点再到C点，点电荷Q未在图中画出。离子运动轨迹关于水平轴线MN对称，B点位于轨迹的最右端。以下说法中正确的是（ ）A. 正点电荷Q一定在B点左侧B. 离子在B点的加速度一定最大C. 离子在B点的动能可能最小D. 离子在B点的电势能可能最小【答案】ACD【解析】由题意可知正电荷对负电荷的引力提供负电荷做曲线运动的合外力，故正电荷应在B点的左侧，故A正确；B是椭圆轨道到负电荷的最远点：在A到B运动的过程中，电场力对正电的离子做负功，正电的离子的速度减小，电势能增加；在由B向C运动的过程中，电场力对正电的离子做正功，正电的离子的速度增加，电势能减小；所以B点的速率最小；电势能最大，B是最远点，所以粒子的加速度最小，故CD正确，B错误。所以ACD正确，B错误。8. 如图所示，在竖直面内有一磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里、高度为h的有界匀强磁场，磁场上、下边界水平。将一边长为l(lh)、质量为m的正方形导体框abcd从磁场上方由静止释放，ab边刚进入磁场的瞬间和刚穿出磁场的瞬间速度相等。已知导体框的电阻为r，导体框下落过程中，ab边始终保持水平，重力加速度为g。则（ ）A. 导体框一定是减速进入磁场B. 导体框可能匀速穿过整个磁场区域C. 导体框穿过磁场的过程中，电阻产生的热量为D. 导体框进入磁场的过程中，通过某个横截面的电荷量为【答案】AD【解析】因为，所以导体框在磁场中运动过程中，一定会存在不受安培力，只受重力的过程，该过程做加速运动，所以为了满足ab边刚进入磁场的瞬间和刚穿出磁场的瞬间速度相等，导体棒必须先减速进入磁场，然后加速，再减速，故A正确B错误；因为ab边刚进入磁场的瞬间和刚穿出磁场的瞬间速度相等，所以进入磁场过程中和穿出磁场过程中产生的热量相等，故整个过程中产生的热量为，C错误；根据可得导体框进入磁场的过程中，通过某个横截面的电荷量为，D正确；三、非选择题： （一）必考题9. 某课外活动小组通过如图甲所示的实验装置测量动摩擦因数。将一木板用垫块垫高形成斜面，在木板底端B处固定一个光电门以测量滑块通过该处时的速度，实验时滑块由距地面h高的A处静止释放，测出滑块滑到B点的速度v，改变垫块的数量，从而改变木板的倾斜程度，但始终保持释放点A到B点的水平距离（即B、C间的距离）L=0.8m不变。重复实验，最后做出如图乙所示的hv2图象。(1)木板倾斜程度更大时，为了保证L不变，滑块下滑到底端B点的位移将_（填“变大”、“变小”或“不变”）(2)滑块与木板间的动摩擦因数=_(3)若所用木板更粗糙些，重复上述实验步骤，得到的图象的斜率将_（填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】 (1). 变大 (2). 0.25 (3). 不变【解析】（1）根据几何关系得出滑块下滑到底端B点的位移，木板倾斜程度更大时，为了保证（即B、C间的距离）L=0.8m不变，滑块下滑到底端B点的位移将变大（2）根据图象得v=0时，即此时滑块处于平衡状态，根据牛顿第二定律得，解得，（3）若所用木板更粗糙一些，重复上述实验步骤，根据动能定理得，解得，所以若所用木板更粗糙一些，重复上述实验步骤，得到的图象的斜率将不变10. 物理兴趣小组的同学要探究一质地均匀的圆柱形热敏电阻的电阻率随温度变化的规律。(1)利用以下实验器材设计实验研究热敏电阻的阻值随温度变化的规律：A.热敏电阻(常温下约300 )B.温度计C.电流表A1(60 mA，约10 )D.电流表A2(3 A，约0.1 )E.电压表V(6 V，约15 )F.滑动变阻器R1(500 ，0.5 A)G.滑动变阻器R2(5 ，2 A)H.蓄电池(9 V,0.05 )I.开关一个，导线若干要求通过热敏电阻的电流从零开始增大，电流表应选择_，滑动变阻器应选择_。(填器材前的字母标号)请你将图1中的实验器材连接成测量电路。(2)实验的主要步骤：a.在烧杯中加入适量冷水和冰块，形成冰水混合物，正确连接电路，闭合开关，记录电流表、电压表的示数和温度计的示数，断开开关；b.在烧杯中添加少量热水，闭合开关，记录电流表、电压表示数和温度计的示数，断开开关；c.重复b的操作若干次，测得多组数据。若某次测量中，温度计的示数为t，电流表、电压表的示数分别为I、U，则温度为t时热敏电阻的阻值为_。若他们得到的热敏电阻的阻值随温度变化的图象如图2所示，则热敏电阻的阻值随温度变化的函数关系为R_。【答案】 (1). CG (2). 如图所示 (3). (4). t【解析】（1）电路最大电流约为：，电流表应选择C，为方便实验操作，滑动变阻器应选择G。（2）电阻阻值约为300，电流表内阻约为10，电压表内阻约为15k，电压表内阻远大于电阻阻值，电流表应采用外接法，待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：如图所示（3）由欧姆定律可得：（4）由图象可得：截距为 ，斜率为： ，则函数为：。11. 如图所示，倾角为=37o的粗糙斜面的底端有一质量m1 kg、带有凹槽的小滑块，小滑块与斜面间的动摩擦因数0.25。现小滑块以某一初速度v从斜面底端上滑，同时在斜面底端正上方有一小球以v0水平抛出，经过t=0.4s，小球恰好沿垂直斜面方向落入正在上滑的小滑块凹槽中。已知sin37o0.6，cos37o0.8，取g=10m/s2，求：(1)小球水平抛出的初速度v0(2)小滑块的初速度v【答案】（1）3m/s（2）5.35m/s【解析】试题分析：（1）设小球落入凹槽时竖直速度为,则（2）小球落入凹槽时的水平位移则滑块的位移为滑块上滑时：解得根据公式解得：考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力12. 某种弹射装置的示意图如图所示，光滑的水平导轨MN右端N处与倾斜传送带理想连接，传送带长度L=15.0m，皮带以恒定速率v=5.0m/s 顺时针转动。三个质量均为m=1.0kg 的滑块A、B、C置于水平导轨上，B、C之间有一段轻弹簧刚好处于原长，滑块B与轻弹簧连接，C未连接弹簧，B、C处于静止状态且离N点足够远，现让滑块A以初速度v0=6.0m/s 沿B、C连线方向向B运动，A与B碰撞后粘合在一起，碰撞时间极短。滑块C脱离弹簧后滑上倾角37o传送带，并从顶端沿传送带方向滑出斜抛落至地面上。已知滑块C与传送带之间的动摩擦因数=0.8，重力加速度g=10m/s2， sin37o=0.6，cos37o=0.8，求：(1)滑块A、B碰撞时损失的机械能； (2)滑块C在传送带上因摩擦产生的热量Q；(3)若每次实验开始时滑块A的初速度v0大小不相同，要使滑块C滑离传送带后总能落至地面上的同一位置，则v0的取值范围是什么？（结果可用根号表示）【答案】（1）（2）（3）【解析】试题分析：A、B碰撞过程，应用动量守恒定律与能量守恒定律可以机械能损失；设A、B碰撞后，弹簧第一次恢复原长时,根据由动量守恒和机械能守恒求出A、B的速度，在传送带上根据运动学公式求出相对位移进而求出热量；根据物体在传送带上的运动情况结合动量守恒及机械能守恒求出速度范围。1）设A与B碰撞后共同速度为，对A、B有：动量守恒 碰撞时损失机械能 解得 （2）设A、B碰撞后，弹簧第一次恢复原长时AB的速度为，C的速度为由动量守恒： 由机械能守恒：解得 C以滑上传送带，假设匀加速的直线运动位移为x时与传送带共速，由运动学公式，解得 加速运动的时间为t，有所以相对位移摩擦生热（3）设A的最大速度为，滑块C与弹簧分离时C的速度为，AB的速度为，则C在传送带上一直做加速度为的匀减速直线运动直到P点与传送带共速，有： 解得 设A的最小速度为，滑块C与弹簧分离时C的速度为，AB的速度为，则C在传送带上一直做加速度为的匀加速直线运动直到P点与传送带共速，有：解得。对A、B、C和弹簧组成的系统从AB碰撞后到弹簧第一次恢复原长的过程中，有：动量守恒：机械能守恒：解得，同理，所以 点睛：本题主要考查了滑块碰撞后在在传送带上的运动情况，应用了动量守恒定律、机械能守恒、运动学公式和牛顿第二定律等知识，过程较复杂，要求具有较高的分析解题能力。（二）选做题13. 下列说法正确的是 A. 布朗运动就是液体分子的热运动B. 物体温度升高，并不表示物体内所有分子的动能都增大C. 内能可以全部转化为机械能而不引起其他变化D. 分子间距等于分子间平衡距离时，分子势能最小E. 一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行【答案】CDE【解析】布朗运动是小微粒的运动，不是分子的运动，故A错误；温度升高，平均动能增大，但不是物体内所有分子的动能都增大，故B错误；内能可以全部转化为机械能而不引起其他变化，故C正确；根据分子势能和分子之间距离关系可知，当分子间距离等于分子间平衡距离时，分子势能最小，故D正确；一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行，故E正确。所以CDE正确，AB错误。14. 如图，在大气中有一水平放置的固定圆筒，它由a、b和c三个粗细不同的部分连接而成，各部分的横截面积分别为2S、和S。已知大气压强为P0，温度为T0。两活塞A和B用一根长为4l的不可伸长的轻线相连，把温度为T0的空气密封在两活塞之间此时两活塞的位置如图所示。(活塞与圆筒壁之间的摩擦可忽略)(i)现对被密封的气体缓慢加热，当活塞B向左移动距离刚好为l时，求封闭气体的温度；(ii)当气体温度缓慢上升到2 T0时，求两活塞之间轻线的拉力。【答案】(i) (ii) (i) 设加热前，被封闭气体的压强为，轻线的张力为f，根据平衡条件有：对活塞A：对活塞B：解得： 即被封闭气体的压强与大气压强相等，轻线处在拉直的松弛状态，这时气体的体积为：对气体加热时，被密封气体温度缓慢升高，两活塞一起向左缓慢移动，气体体积增大，压强保持不变，若持续加热，此过程会一直持续到活塞向左移动的距离等于l为止，这时气体的体积为：根据盖-吕萨克定律得：解得: （ii）由于时，活塞已无法移动，被密封气体的体积保持V 2不变，由查理定律得：解得：对活塞A受力分析解得：点睛： 本题重点在于对被封闭气体状态变化的讨论，依据给定的情形，气体会做两种变化：等压变化、等容变化，能讨论出来这两点是本题的关键。