2019-2020学年高一物理上学期期末考试试题(含解析) (IV).doc

2019-2020学年高一物理上学期期末考试试题(含解析) (IV)一、单项选择题1. 如图，物体P静止于固定的斜面上，P的上表面水平。现把物体Q轻轻地叠放在P上，则A. P向下滑动B. P受到3个力作用C. P所受的合外力增大D. P与斜面间的静摩擦力增大【答案】D【解析】A、未放Q物体时，对P受力分析，受重力、支持力、静摩擦力，根据平衡条件，有：，；由于P处于静止状态，则有，故；由于物体Q轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力，故P静止不动，故A错误；B、物体Q叠放在P上之后，P受到本身的重力、斜面的支持力、Q对P的压力以及斜面对其的静摩擦力作用，故4个力作用，故选项B错误；C、物体P保持静止，合力为零，没有增大，故C错误；D、由于物体Q轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力，故P与斜面间的静摩擦力增大，故D正确。点睛：解决本题的关键是分析物体的受力情况，明确物体要滑动的条件：重力的下滑分力大于最大静摩擦力，列式分析。2. 如图所示，木块受到F1=6N，F2=2N和摩擦力三个水平方向的力作用，静止在水平面上，若撤去F1，木块受到的合力( )A. 等于零B. 大小为8N，水平向右C. 大小为6N，水平向右D. 大小为4N，水平向左【答案】A【解析】试题分析：以物体为研究对象分析受力可知，在水平方向上有，解得此时的静摩擦力，当撤去F1后，物体在水平方向上受到两个力作用F2和摩擦力，很明显，此时的摩擦力没有达到最大静摩擦力，与F2平衡，故物体所受合力为零；考点：共点力平衡3. 某同学在单杠上做引体向上，如图所示其中双臂用力最小的是( )A. B. C. D. 【答案】B点睛：本题运用“大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大”结论判断4. 学习小组在课堂上对“惯性进行了交流与讨论，有如下观点，你认为止确的是( )A. 静止的物体没有惯性，只有运动的物体才有惯性B. 只有固体、液体有惯性，气体没有惯性，太空中的物体也没有惯性C. 物体只有加速、减速和拐弯时才有惯性，做匀速运动的物体没有惯性D. 一切物体，在任何状态下都有惯性，质量是惯性大小的量度【答案】D【解析】A、静止的物体和运动的物体都有惯性，静止的物体有保持原来静止状态的性质，也具有惯性，故A错误；B、惯性是物体的固有属性，固体和液体、气体、太空中物体都有惯性，故B错误；C、一切物体都有惯性，做匀速运动的物体也惯性，只是没有表现出来而已，故C错误；D、一切物体，在任何情况下都具有惯性，质量是惯性大小的量度，故D正确。点睛：本题考查对惯性概念的理解，关键抓住一切物体，在任何情况下都具有惯性，质量是惯性大小的量度。5. 用一水平外力将木板压在竖直墙上，使木板保持静止不动，如图所示，当水平外力F增大时，木板与墙之间的（ ） A. 压力增大，静摩擦力不变B. 压力增大，静摩擦力增大C. 压力不变，最大静摩擦力不变D. 压力不变，最大静摩擦力减小【答案】A【解析】由图可知，静摩擦力应沿墙壁方向且与重力方向相反，与静摩擦力大小相等，方向相反；故静摩擦力不变；垂直于墙面方向上，物体受F及墙面的弹力而处于平衡，水平外力增大时，物体受墙的弹力增大，则最大静摩擦力增大，由牛顿第三定律可知，物体对墙的压力增大，所以选项BCD错误，A正确。点睛：在分析摩擦力时一定要明确是静摩擦还是动摩擦力，动摩擦力一般由公式求出，而静摩擦力应由共点力平衡或牛顿第二定律求出。6. 如图所示，人站在体重计上，下列说法中正确的是( )A. 人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对平衡力B. 人所受的重力和人对体重计的压力是一对平衡力C. 人所受的重力和人对体重计的压力是一对作用力与反作用力D. 人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对作用力与反作用力【答案】D【解析】A、人对体重计的压力作用在体重计上，体重计反过来对人提供支持力，故人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对作用力和反作用力，故A错误，D正确；B、人所受的重力作用在人身上，人对体重计的压力作用在体重计上，不作用在一个物体上，故不是一对平衡力，故B错误；C、人所受的重力是由于地球吸引产生的，人对体重计的压力是由于人的重力产生的，故人所受的重力和人对体重计的压力这两者的产生没有相互性，故不是作用力和反作用力，故C错误。点睛：重点是平衡力和作用力与反作用力的区别，平衡力：作用在一个物体上，合力为零；作用力和反作用力：作用在两个物体上，有相互性。7. 如图所示，某小球所受的合力与时间的关系，各段的合力大小相同，作用时间相同，设小球从静止开始运动，由此可判定( ) A. 小球向前运动，再返回停止B. 小球向前运动再返回不会停止C. 小球始终向前运动D. 小球向前运动一段时间后停止【答案】C【解析】由图可得，物体在奇数秒内，合力恒定不变，物体从静止开始做匀加速直线运动，偶数秒内合力反向，物体的加速度反向，物体仍沿原方向运动，做匀减速直线运动，偶数秒末物体的速度为零；此后物体做周期性的运动，周而复始，做单向直线运动，故C正确，ABD错误。8. 一条小船过河，河水流速v1=3m/s，船在静水中速度v2=4m/s，船头方向与河岸垂直，关于小船的运动，以下说法正确的是( )A. 小船相对于岸的速度大小是7m/sB. 小船相对于岸的速度大小是5m/sC. 小船相对于岸的速度大小是lm/sD. 小船的实际运动轨迹与河岸垂直【答案】B【解析】试题分析：小船实际的速度是水流速与静水速的合速度，根据平行四边形定则，合速度小船实际的运动沿合速度的方向，故B正确，A、C、D错误。考点：运动的合成和分解【名师点睛】解决本题的关键会根据平行四边形定则进行速度的合成，以及知道小船实际运动的轨迹与小船合速度的方向相同。二、多项选择题9. 如图，在同一竖直面内，小球a、b从高度不同的两点，分别以初速度va和vb沿水平方向抛出，经过时间ta和tb后落到与两抛出点水平距离相等的P点。若不计空气阻力，下列关系式正确的是A. tatb B. vavb C. tatbvavb D. vavb【答案】AD【解析】两个小球都做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，根据知，因为，则；根据，因为水平位移相等，则，故AD正确，BC错误。10. 一辆小车在水平面上行驶，悬挂的摆球相对小车静止并与竖直方向成角，如图所示，下列关于小车运动情况，正确的是 ( ) A. 加速度方向向左B. 加速度方向向右C. 加速度大小为gtanD. 加速度大小为gsin【答案】AC【解析】球相对车厢处于静止状态，球与车厢的加速度相同，根据悬绳偏转方向可知拉力与重力的合力应水平向左，则车厢加速度一定是水平向左；由牛顿第二定律得：，解得，故选项AC正确，BD错误。点睛：球相对车厢处于静止状态，球与车厢的加速度相同，以球为研究对象，根据牛顿第二定律研究加速度大小和方向。11. 一名质量为50kg的乘客乘电梯上楼，电梯在加速上升的过程中，加速度的大小是0.6m/s2，若g取10m/s2，则此过程中电梯地板对乘客的支持力可能为 ( )A. 0 B. 470N C. 500N D. 530N【答案】BD【解析】乘客在上升过程中受到重力，和电梯对人的支持力，由牛顿第二定律知： 解得： ，故D正确；综上所述本题答案是：D 12. 三个完全相同物块1、2、3放在水平桌面上,它们与桌面间的动摩擦数都相同。现用大小相同的外力F沿图示方向分别作用在1和2上，用F的外力沿水平方向作用在3上，使三者做加速运动。令a1、a2、a3分别代表物块1、2、3的加速度,则A. a1a2 B. a1=a2 C. a1 a3 D. a2 a3【答案】AC【解析】对1受力如图，根据牛顿第二定律有：对2有：受力分析，根据牛顿第二定律有：对3根据牛顿第二定律有：可见，故AC正确，BD错误。点睛：分别对三物体进行受力分析，运用牛顿第二定律求出三者的加速度，然后进行比较。三、实验题13. 某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为_N（2）下列不必要的实验要求是_（请填写选项前对应的字母，单选）A.应测量重物M所受的重力B.弹簧测力计应在使用前校零C.拉线方向应与木板平面平行D.改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置【答案】 (1). 3.6 (2). D【解析】【解析】（1）弹簧测力计读数，每1 N被分成5格，则1格就等于0.2 N，图指针落在8 N到9 N的第3格处，所以读数为8.6N。（2）实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道，故A正确；弹簧测力计是测出力的大小，所以要读数准确必须在测之前校零，故B正确；拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小的准确性，故C正确；当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以无法改变拉力多次实验，故D错误。本题选不必要的，故选D。14. 某实验小组利用图示的装置探究加速度与力、质量的关系。下列做法正确的是_（多选，填字母代号）A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴木块上C.实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D.通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量_木块和木块上砝码的总质量（填远大于，远小于，或近似于）【答案】 (1). AD (2). 远小于【解析】（1）调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“重物”，故B错误；打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故C错误；平衡摩擦力后，有mgsin=mgcos，即=tan，与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度，故D正确；故选AD；（2）设砝码与砝码桶的质量为m，小车的质量为M，对砝码桶及砝码与小车组成的系统，由牛顿第二定律得：，对木块，由牛顿第二定律得：，只有当砝码桶及桶的质量远小于小车质量时，即：mM时，小车受到的拉力近似等于砝码及砝码桶的重力；点睛：本题主要考察“验证牛顿第二定律”的实验，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法四计算题15. 如图所示，用两根细线把质量均为m的A、B两小球悬挂在天花板上的同一点O，并用第三根细线连接A、B两小球，然后用一水平力F作用在小球A上，使三根细线均处于直线状态，已知三根细线长度相同且OB细线恰好沿竖直方向，两小球均处于静止状态。求力F的大小（重力加速度为g） 【答案】.由题知T与水平方向成角为30，则由平衡关系可得：，即：16. 如图所示，质量为50kg的滑雪运动员，在倾角为37的斜坡顶端，从静止开始自由匀加速下滑，加速度大小为2m/s2，若g取10 m/s2，忽略滑雪板等装备的质量，（sin37=0.6,cos37=0.8）求：(1)运动员下滑过程中所受合力大小； (2)运动员对斜坡的压力大小；(3)滑雪板与斜坡间的滑动摩擦因数【答案】（1）100N（2）400 N（3）0.5【解析】（1）由牛顿第二定律得：合力；（2）垂直于斜面方向，运动员受支持力FN与重力垂直于斜面的分力相等，有：由牛顿第三定律知，所求压力，方向垂直斜面向下（3）沿斜面方向根据牛顿第二定律得到：解得：。点睛：本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确受力分析和运动过程分析，注意体会加速度在联系力和运动学过程中的桥梁作用。17. 如图所示，把质量为2kg的物体放在水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2用l2N的水平拉力使物体由静止开始运动，在2s末撤去拉力求：(g取10m/s2)(1)撤去拉力前，物体加速度的大小； (2)撤去拉力时，物体瞬时速度的大小； (3)撤去拉力后，物体还能滑行的距离【答案】（1）4m/s2（2）8m/s（3）16m【解析】（1）根据牛顿第二定律，得：；（2）撤去拉力时，物体的瞬时速度；（3）撤去拉力后，根据牛顿第二定律，得：根据，解得：。点睛：本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的直接应用。