2019-2020学年高一物理5月月考试题火箭班.doc

2019-2020学年高一物理5月月考试题火箭班一、选择题（本题包括10小题，每小题4分，共40分1-7题是单项选择题，8-10题是多项选择题。选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不答的得0分）1下列说法正确的是A. 如果某力做的功越多，则该力的功率就越大B. 如果取时间t非常小时， 表示的就是瞬时功率C. 当汽车输出功率P一定时，增大牵引力就会增大速度D. 在平直公路上匀速行驶的汽车，受到的阻力越小则速度越大2火箭发射卫星时从地面加速升空，在这个过程中下列说法中正确的是A. 重力做正功，重力势能增大B. 重力做负功，重力势能减小C. 合力做正功，动能增大D. 合力做负功，动能减小3下列几种物理现象的解释中，正确的是A. 砸钉子时不用橡皮锤，只是因为橡皮锤太轻B. 跳高时在沙坑里填沙，是为了减小冲量C. 在推车时推不动是因为推力的冲量为零D. 动量相同的两个物体受到相同的制动力的作用，两个物体将同时停下来4如图所示，一质量为m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点，初始时刻小球静止于P点，第一次小球在水平拉力F作用下，从P点缓慢地移动到Q点，此时轻绳与竖直方向夹角为，张力大小为T，下列说法中正确的是（不计空气阻力，重力加速度为g）A. 拉力F先增大后减小B. 轻绳的张力逐渐减小C. 最终水平拉力，绳子拉力D. 整个过程中，水平拉力F所做的功为5如图所示，AB两小球静止在光滑水平面上，用轻弹簧相连接，A球的质量小于B球的质量。若用锤子敲击A球使A得到v的速度，弹簧压缩到最短时的长度为L1；若用锤子敲击B球使B得到v的速度，弹簧压缩到最短时的长度为L2，则L1与L2的大小关系为A. L1L2 B. L1L2 C. L1=L2 D. 不能确定6一质量为2kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动，F随时间t变化的图线如图所示，则A. t=1s时物块的速率为2m/sB. t=2s时物块的动量大小为4kgm/sC. 前3s内物块所受合外力的冲量大小为5NsD. t=4s时物块的速度为零7如图所示，质量为m的带有光滑弧形的槽静止在光滑水平面上，圆弧底部切线是水平的。一个质量也为m的小球从槽高h处开始由静止下滑，在下滑过程中，关于小球和槽组成的系统，以及小球到达底端的速度v，判断正确的是（ ）。A. 在水平方向上动量守恒， B. 在水平方向上动量不守恒， C. 在水平方向上动量守恒， D. 在水平方向上动量不守恒， 8如图所示；与轻弹簧相连的物体A停放在光滑的水平面上物体B沿水平方向向右运动，跟与A相连的轻弹簧相碰。在B跟弹簧相碰后，对于A、B和轻弹簧组成的系统，下列说法中正确的是A. 弹簧压缩量最大时，A、B的速度相同B. 弹簧压缩量最大时，A、B的动能之和最大C. 弹簧被压缩的过程中系统的总动量不断减小D. 物体A的速度最大时，弹簧的弹性势能为零9如图甲，长木板A静放在光滑的水平面上，质量为m=1的物块B以=3m/s的速度滑上A的左端，之后A、B速度随时间变化情 况如图乙所示，取g=10m/s，由此可得（ ）A. A的质量=lkgB. A、B间的动摩擦因数为0.2C. 木板A的长度至少为2mD. 02s内，A、B系统机械能的损失为3J10如图所示，轻弹簧一端固定于O点，另一端与可视为质点的小滑块连接，把滑块放在光滑斜面上的A点，此时弹簧恰好水平，将滑块从A点由静止释放，经B点到达位于O点正下方的C点，当滑块运动到B点时弹簧与斜面垂直，运动到C点时弹簧恰好处于原长，已知OC的距离为L,斜面倾角为=30,弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g.则滑块由A运动到C的过程中A. 滑块的加速度一直减小B. 滑块经过B点时的速度一定最大C. 滑块经过C点的速度大于D. 滑块的加速度大小等于的位置一共有三处二、实验题（本题共2个小题，共16分）11利用下述装置“探究弹簧的弹性势能”，一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连：弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图（）所示向左推小球，使弹簧压缩一段距离后由静止释放：小球离开桌面后落到水平地面通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能回答下列问题： （）本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能与小球抛出时的动能相等已知重力加速度大小为为求得，至少需要测量下列物理量中的_（填正确答案标号）A小球的质量B小球抛出点到落地点的水平距离C桌面到地面的高度D弹簧的压缩量E弹簧原长（）用所选取的测量量和已知量表示，得_（）图（）中的直线是实验测量得到的图线从理论上可推出，如果不变， 增加， 图线的斜率会_（填“增大”、“减小”或“不变”）由图（）中给出的直线关系和的表达式可知， 与的_次方成正比12在学校开展的一次科技活动中，某同学为了用打点计时器验证动量守恒定律，他设计了一个实验，装置如图甲所示，他在长木板右端垫着薄木片平衡摩擦力后，再在小车A后面连上纸带，前端粘有强力双面胶，然后推动小车A使之做匀速直线运动，到达长木板下端时与原来静止的小车B发生碰撞并粘合在一起继续做匀速直线运动，电磁打点计时器所用电源的频率为f。（1）选择一条比较理想的纸带，每间隔4个点取一个计数点，并测得各计数点间的距离标在纸带上（如图乙所示），A为运动的起点，则应选_段来计算A碰撞前的速度。应选_段来计算A和B碰后的共同速度（以上两空选填“AB”、“BC”、“CD”或“DE”）。（2）小车A的质量为m1，小车B的质量为m2，则碰撞前两小车的总动量为P1=_，碰撞后两小车的总动量P2=_。（用m1、m2、x1、x2、x3、x4和f表达）三、 计算题 （本题共4小题，共44分，解题要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数据计算的题目，还应计算出最后结果，只有最后答案的不得分。）13（8分）两物块A、B用轻弹簧相连，质量均为m2 kg，初始时弹簧处于原长，A、B两物块都以v6 m/s的速度在光滑的水平面上运动，质量为M4 kg的物块C静止在前方，如图所示，B与C碰撞后二者会粘在一起运动（1）当弹簧弹性势能最大时，物块A的速度v1为多大？（2）系统运动过程中弹簧可以获得的最大弹性势能为多少？14（10分）将一轻质弹簧竖直地固定在水平地面上，其上端拴接一质量为mB=3 kg的平板，开始时弹簧处于压缩状态，在平板正上方h1=5 cm处将一质量为mA=1 kg的物块A无初速度释放，物块A与平板碰后合为一体，平板用t=0.2 s的时间到达最低点，且下降的高度为h2=5 cm，再经过一段时间平板返回到出发点，整个过程弹簧始终处在弹性限度以内，重力加速度g=10 m/s2。空气阻力不计，求：（1）上述过程中弹簧的弹性势能最大为多少？（2）物块A与平板由碰撞结束到平板返回到出发点的过程中，弹簧的冲量应为多大？15（12分）如图所示，水平轨道与半径为的竖直半圆形轨道相切于点，质量为和的、两个小滑块（可视为质点）原来静止于水平轨道上，其中小滑块与一轻弹簧相连某一瞬间给小滑块一冲量使其获得的初速度向右冲向小滑块，与碰撞后弹簧不与相粘连，且小滑块在到达点之前已经和弹簧分离，不计一切摩擦，求：（）和在碰撞过程中弹簧获得的最大弹性势能（）小滑块经过圆形轨道的点时对轨道的压力（）通过计算说明小滑块能否到达圆形轨道的最高点16（14分）如图所示，倾角为37的斜面固定在地面上，斜面的末端有一垂直于斜面的弹性挡板c，滑块与挡板c相碰后的速率等于碰前的速率，斜面上铺了一层特殊物质，该物质在滑块上滑时对滑块不产生摩擦力，下滑时对滑块有摩擦且动摩擦因数处处相同。现有一质量为M=0.9kg的滑块沿斜面上滑，到达最高点b时的速度恰好为零，此时恰好与从a点水平抛出的质量为m=0.1kg的小球在沿斜面方向上发生弹性碰撞，且滑块与弹性挡板c碰后恰好反弹回到b点。已知a点和b点距地面的高度分别为H=2.4m，h=0.6m(取g=10m/s2)。求：(1)小球做平抛运动的初速度大小；(2)斜面与滑块间的动摩擦因数；(3)从与小球碰撞到最后停止，滑块在斜面上通过的总路程。林州一中xx级高一火箭班5月调研考试物理答案1B【解析】由，可知功率大小取决于功的多少以及所用时间，故某力做的功多，若所用时间很长，则功率不一定越大，故A错误根据功率的定义式，当时间间隔t非常小时， 就可以表示瞬时功率，这里运用了极限思想方法，故B正确；由，可知汽车输出机功率一定P时，增大牵引力，速度一定减小，故C错误；由，可知只有当汽车输出机功率一定P时，牵引力减到，最小与阻力相等时，速度最大，故此时受到的阻力越小则速度越大，故D错误；选B.2C【解析】火箭发射卫星时从地面加速升空时，质量不变，合力做正功，故动能不断增大；重力做负功，故重力势能不断增大，故选C。3D【解析】解：A、砸钉子时不用橡皮锤，是由于橡皮锤有弹性，作用时间长，根据动量定理Ft=P，产生的力小，故A错误；B、跳高时在沙坑里填沙，根据动量定理Ft=P，是为了增加作用时间，减小了作用力，冲量等于动量的变化，是恒定的，故B错误；C、在推车时推不动是因为推力小于最大静摩擦力，推力的冲量Ft不为零，故C错误；D、动量相同的两个物体受到相同的制动力的作用，根据动量定理Ft=P，两个物体将同时停下来，故D正确；故选：D4D【解析】A、小球在水平拉力F作用下，从P点缓慢地移动到Q点，则小球处于平衡状态，根据平衡条件得F=mgtan，随着增大，F逐渐增大，故A错误。B、小球运动过程中，根据几何关系可知，绳子的拉力，所以轻绳的张力变大，故B错误。C、结合平衡知识有F=mgtan，故C错误。D、小球缓慢运动当成平衡状态，由动能定理可知，则，故D正确。故选D.5C【解析】若用锤子敲击A球，两球组成的系统动量守恒，当弹簧最短时，两者的共速，则，解得，弹性势能最大，最大为；若用垂直敲击B球，同理可得，解得，弹性势能最大为，即两种情况下弹簧压缩最短时，弹性势能相等，故，C正确6B【解析】前2s，根据牛顿第二定律，得，则0-2s的速度规律为： ，当t=1s时，速率为1m/s，当t=2s时，速率为2m/s，则动量为，故A错误，B正确；前3s的冲量为，2-4s力开始反向，物体减速，根据牛顿第二定律，得： ，则当t=4s时速度为1m/s，故CD错误；故选B。7C【解析】对于小球和槽组成的系统，在水平方向上不受外力，所以在水平方向上动量守恒，BD错；若槽固定，小球到达底端的速度，现在槽不固定，小球在下滑的同时槽要向左运动，由能量守恒定律知，小球减小的重力势能转化成小球和槽的动能，即小球到达底端的速度，A错，C对。8AD【解析】滑块B与弹簧接触时，弹簧发生形变，产生弹力，可知B做减速运动，A做加速运动，当两者速度相等时，弹簧的压缩量最大，故A正确。A、B组成的系统动量守恒，压缩量最大时，弹性势能最大，根据能量守恒，此时A、B的动能之和最小，故BC错误。当两者速度相等时，弹簧的压缩量最大，然后A继续做加速，B继续做减速，弹簧逐渐恢复原长，当弹簧恢复原长时，B的速度最大，此时弹簧的弹性势能为零，故D正确。故选AD。9BD【解析】由图示图象可知，木板获得的速度为 v=1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，根据动量守恒定律可得：mv0=（m+mA）v，解得：mA=2kg，故A错误；02s内，A、B系统机械能的损失为：，故D正确；B的加速度大小：，由牛顿第二定律得 mg=ma，解得 =0.2，故B正确；根据“面积”之差求出木板A的长度即：，故C错误。所以BD正确，AC错误。10CD【解析】AD、滑块下滑过程中受到重力，斜面对它的支持力，还有弹簧弹力在C点弹簧恰处于原长，故在C点加速度大小为，当滑块运动到B点时弹簧与斜面垂直，在B点加速度大小为，滑块从A到B过程中,与C关于B点对称的D点位置，弹簧恰处于原长，加速度大小，故A错误，D正确；B、当加速度为零时，速度最大或最小，由于在B点加速度大小不为零，滑块经过B点时的速度不是最大，故B错误；C、A到D阶段弹力做正功， D到C阶段不做功；设整个过程弹力做功为W，到达C点时速度为v，则由动能定理：可得c点速度，故C正确；故选CD11（1）ABC （2） （3）增大 2【解析】（1、2）由平抛规律可知：竖直方向上，水平方向上，而动能联立可得，所以本实验至少需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s、桌面到地面的高度h，（）由题意可知只有h增加，则物体下落的时间增加，则相同的下要对应更大的水平位移s，故图线的斜率会增大若取弹簧原长为零势面，则弹簧的弹性势能可表示： 可知的2次方成正比12（1）BC； DE； （2） ； ；【解析】（1）从纸带上打点的情况看，BC段既表示小车做匀速运动，又表示小车有较大的速度，因此BC段能较准确地描述小车A在碰撞前的运动情况，故应选用BC段计算小车A碰前的速度。从CD段打点的情况看，小车的运动情况还未稳定，而在DE段内小车运动已稳定，故应选用DE段计算A和B碰后的共同速度。(2)因为BC段的时间为，距离为，小车A在碰撞前总动量为；因为DE段的时间为，距离为，小车A在碰撞后总动量为。133 m/s12 J【解析】根据题意，A、B、C三物块动量守恒，当弹簧的弹性势能最大时满足： 代入数值得：v1=3m/s根据动量守恒，B、C刚刚完成碰撞时满足：此后系统机械能守恒，当弹簧的弹性势能最大时满足：代入数值后整理得：Ep=12J14（1）2.125 J （2）18 Ns【解析】（1）设物块A与平板碰前瞬间的速度为v0，由机械能守恒定律得：代入数据解得：v0=1 m/s物块A与平板碰撞过程系统动量守恒，以物块A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：代入数据解得：m/s物块A与平板运动到最低点时，弹簧的弹性势能最大，则由能量守恒定律得：代入数据解得：（2）从碰后到返回碰撞点的过程，以向上为正方向，由动量定理得代入数据解得：I=18 Ns15（）（）（）小滑块不能到达圆形轨道的最高点【解析】试题分析：碰撞过程动量守恒，当两球的速度相等时，系统损失动能最大，此时对应的弹性势能最大当弹簧恢复原长时，b球速度最大，此时b球向右运动滑上轨道，根据动量守恒、机械能守恒以及向心力公式可求得正确结果根据完成圆周运动的临界条件，判断b球是否能通过最高点（）与碰撞达到共速时弹簧被压缩至最短，弹性势 能最大，设此时的速度为则由系统的动量守恒可得： 由机械能守恒定律： 解得： （）当弹簧恢复原长时弹性热能为零， 开始离开弹簧，此时的速度达到最大值，并以此速度在水平轨道上向前匀速运动，设此时、的速度分别为和由动量守恒定律和机械能守恒定律可得：解得： 滑块到达时，根据牛二定律有： 解得： 根据牛顿第三定律滑块在点对轨道的压力方向竖直向下（）设恰能到达最高点点，且在点速度为此时轨道对滑块的压力为零，滑块只受重力，由牛二定律： 解得： 再假设能够到达最高点点，且在点速度为由机械能守恒定律可得： 解得： 所以不可能到在点，假设不成立16(1) (2) (3) 【解析】(1)小球从a到b做平抛运动，在竖直方向： 小球到达b点时恰好沿斜面方向 ，有 解得：；(2)到达b点的速度 小球与滑快发生弹性碰撞，由动量守恒定律得： 由能量守恒定律得： 解得滑块与小球刚碰后的速度 由几何关系知斜面长 滑块恰好反弹回到b点，由能量守恒定律得： 解得：；(3)设滑块与挡板第二次碰后到达最高点与c点的距离 由能量守恒定律得： 解得： 设滑块与挡板第三次碰后到达最高点与c点的距离由能量守恒定律得：解得：以此类推 所以滑块在斜面上共通过的路程为。