（江苏专版）2019年高考物理总复习 课时作业二十四 电荷及其守恒定律库仑定律.doc

课时作业 二十四 电荷及其守恒定律库仑定律(限时：45分钟)(班级_姓名_)1带电微粒所带的电荷量不可能是下列值中的() A2.41019 C B6.41019 C C1.61018 C D4.01017 C2如图，两个电荷量均为q的小球用长为l的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑的绝缘水平面上两个小球的半径r远小于l.k表示静电力常量则轻绳的张力大小为()第2题图 A0 B. C2 D.3复印机的核心部件是有机光电导体鼓，它是在一个金属圆柱表面涂覆一层有机光导体OPC(没有光照时OPC是绝缘体，受到光照时变成导体)制成的复印机的基本工作过程是：(1)在暗处的有机光导体鼓和一个金属丝电极之间加上高电压，金属丝电极附近空气发生电离，使转动鼓体均匀带上正电；(2)文件反射的强光通过光学系统在鼓上成像，鼓上形成“静电潜像”；(3)鼓体转动经过墨粉盒，潜像将带相反电荷的墨粉吸引到鼓体带电部位；(4)鼓体继续转动经过复印纸，带电复印纸又将墨粉吸引到复印纸，下列说法中正确的是() (1)(2) (3) (4)第3题图 A步骤(1)中发生了静电感应现象 B步骤(2)中发生了局部导电现象 C步骤(3)中发生了静电平衡现象 D步骤(4)中发生了静电屏蔽现象4如图所示，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，则b应() A带负电，放在A点 B带正电，放在B点 C带负电，放在C点 D带正电，放在C点第4题图第5题图5(多选)如图所示，可视为点电荷的小物体A、B分别带负电和正电，B固定，其正下方的A静止在绝缘斜面上，则A受力个数可能为() A2 B3 C4 D56一个内表面光滑的半球形碗放在水平桌面上，碗口处于水平状态，O是球心有两个带同种电荷且质量分别为m1和m2可视为质点的小球，当它们静止后处于如图所示状态，则m1和m2对碗的弹力大小之比为() A. 1 B.1 C. 2 D.2第6题图第7题图7(多选)如图所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.1 kg的小球A悬挂到水平板的MN两点，A上带有Q3.0106C的正电荷两线夹角为120，两线上的拉力大小分别为F1和F2.A的正下方0.3 m处放有一带等量异种电荷的小球B，B与绝缘支架的总质量为0.2 kg(g10 m/s2；静电力常量k9.0109 Nm2/C2，AB球可视为点电荷)，则() A支架对地面的压力大小为2.0 N B两线上的拉力大小F1F21.9 N C将B水平右移，使M、A、B在同一直线上，此时两线上的拉力大小为F11.225 N，F21.0 N D将B移到无穷远处，两线上的拉力大小F1F20.866 N8一根放在水平面内的绝缘光滑玻璃管，内部有两个完全相同的弹性金属小球A和B，带电荷量分别为9Q和Q.两小球从图示位置由静止释放，那么，两小球再次经过图示位置时，A球的瞬时加速度为释放时的()第8题图 A. B. C. 1 D. 第9题图9(多选)如图所示，带电小球A、B所带的电荷量分别为QA、QB，都用长为L的丝线悬挂在O点静止时A、B相距为d.为使平衡时A、B间距离减为，则下列方法可采用的是() A将小球A、B的质量都增加到原来的2倍 B将小球B的质量增加到原来的8倍 C将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半 D将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，同时将小球B的质量增加到原来的2倍10如图所示，质量为m的小球A穿在绝缘细杆上，杆的倾角为，小球A带正电，电荷量为q.在杆上B点处固定一个电荷量为Q的正电荷将A由距B竖直高度为H处无初速释放，小球A下滑过程中电荷量不变不计A与细杆间的摩擦，整个装置处在真空中，已知静电力常量k和重力加速度g.求：(1)A球刚释放时的加速度是多大；(2)当A球的动能最大时，A球与B点的距离第10题图11如图所示，一长为L的绝缘细线下端系质量为m、电荷量为q的带负电金属小球，在细线的悬点O处放一电荷量为q的带正电的点电荷金属小球能在竖直平面内做完整的圆周运动，已知静电力常量为k.(1)求金属小球在最高点的最小速度的大小；(2)如果金属小球刚好能通过最高点，则它通过最低点时的速度为多大？第11题图课时作业(二十四)电荷及其守恒定律库仑定律1.A2.B3B【解析】步骤(1)中空气发生电离形成带正电和带负电的离子，正离子向转动鼓体运动，使转动鼓体均匀带上正电，这不是静电感应现象，故A错误；步骤(2)中有机光导体OPC受到光照的部位变成导体，这部分有机光导体上所带的正电荷流失，故B正确；步骤(3)(4)中，是异种电荷的吸引作用，故C D错误故选B.4C5.AC6B【解析】分析两小球受力情况，选m1、m2组成的整体作为研究对象进行分析，则三力平衡必共点，故F1F2tan601，选项B正确第6题图7BC【解析】对B和支架分析可知，受到竖直向下的重力和A对B竖直向上的库仑力，故对地面的压力为FNGB支k20.91. 1 N，A错误；对A分析，A受到竖直向下的重力，竖直向下的库仑力，两线上的拉力，力的夹角正好是120，处于平衡状态，所以F1F2GAk1.9 N，故B正确；将B水平右移，使M、A、B在同一直线上，则两小球的距离变为r m0.6 m，故有F1kF2GA，解得F11.225 N，F21.0 N，C正确；将B移到无穷远处，两小球之间的库仑力为零，则两线上的拉力大小F1F2GA1 N，D错误故选BC.8A【解析】碰撞后两球等分原来的总电量，带电量均为4Q，根据库仑定律公式可知A受到的库仑力为原来的16/9倍，故A正确9BD【解析】对B进行受力分析，如图所示，根据三角形相似及库仑力公式可知BD正确第9题图10(1)gsin(2)【解析】(1)由牛顿第二定律可知mgsinFma，根据库仑定律Fk，r，得agsin；(2)当A球受到合力为零、加速度为零时，动能最大设此时A球与B点间的距离为d，则mgsin，解得d.11(1)(2)【解析】(1)设金属小球在最高点时的最小速度值为v1，根据牛顿第二定律有：mgkm解得：v1；(2)设金属小球刚好能通过最高点，它通过最低点时的速度值为v2，因为只有重力对小球做功，所以机械能守恒，可得mvmv2mgL解得：v2.