(江苏专版)2019年高考物理总复习 课时作业二十四 电荷及其守恒定律库仑定律.doc

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课时作业 二十四 电荷及其守恒定律库仑定律(限时:45分钟)(班级_姓名_)1带电微粒所带的电荷量不可能是下列值中的() A2.41019 C B6.41019 C C1.61018 C D4.01017 C2如图,两个电荷量均为q的小球用长为l的轻质绝缘细绳连接,静止在光滑的绝缘水平面上两个小球的半径r远小于l.k表示静电力常量则轻绳的张力大小为()第2题图 A0 B. C2 D.3复印机的核心部件是有机光电导体鼓,它是在一个金属圆柱表面涂覆一层有机光导体OPC(没有光照时OPC是绝缘体,受到光照时变成导体)制成的复印机的基本工作过程是:(1)在暗处的有机光导体鼓和一个金属丝电极之间加上高电压,金属丝电极附近空气发生电离,使转动鼓体均匀带上正电;(2)文件反射的强光通过光学系统在鼓上成像,鼓上形成“静电潜像”;(3)鼓体转动经过墨粉盒,潜像将带相反电荷的墨粉吸引到鼓体带电部位;(4)鼓体继续转动经过复印纸,带电复印纸又将墨粉吸引到复印纸,下列说法中正确的是() (1)(2) (3) (4)第3题图 A步骤(1)中发生了静电感应现象 B步骤(2)中发生了局部导电现象 C步骤(3)中发生了静电平衡现象 D步骤(4)中发生了静电屏蔽现象4如图所示,把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上,欲使球a能静止在斜面上,需在MN间放一带电小球b,则b应() A带负电,放在A点 B带正电,放在B点 C带负电,放在C点 D带正电,放在C点第4题图第5题图5(多选)如图所示,可视为点电荷的小物体A、B分别带负电和正电,B固定,其正下方的A静止在绝缘斜面上,则A受力个数可能为() A2 B3 C4 D56一个内表面光滑的半球形碗放在水平桌面上,碗口处于水平状态,O是球心有两个带同种电荷且质量分别为m1和m2可视为质点的小球,当它们静止后处于如图所示状态,则m1和m2对碗的弹力大小之比为() A. 1 B.1 C. 2 D.2第6题图第7题图7(多选)如图所示,用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.1 kg的小球A悬挂到水平板的MN两点,A上带有Q3.0106C的正电荷两线夹角为120,两线上的拉力大小分别为F1和F2.A的正下方0.3 m处放有一带等量异种电荷的小球B,B与绝缘支架的总质量为0.2 kg(g10 m/s2;静电力常量k9.0109 Nm2/C2,AB球可视为点电荷),则() A支架对地面的压力大小为2.0 N B两线上的拉力大小F1F21.9 N C将B水平右移,使M、A、B在同一直线上,此时两线上的拉力大小为F11.225 N,F21.0 N D将B移到无穷远处,两线上的拉力大小F1F20.866 N8一根放在水平面内的绝缘光滑玻璃管,内部有两个完全相同的弹性金属小球A和B,带电荷量分别为9Q和Q.两小球从图示位置由静止释放,那么,两小球再次经过图示位置时,A球的瞬时加速度为释放时的()第8题图 A. B. C. 1 D. 第9题图9(多选)如图所示,带电小球A、B所带的电荷量分别为QA、QB,都用长为L的丝线悬挂在O点静止时A、B相距为d.为使平衡时A、B间距离减为,则下列方法可采用的是() A将小球A、B的质量都增加到原来的2倍 B将小球B的质量增加到原来的8倍 C将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半 D将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半,同时将小球B的质量增加到原来的2倍10如图所示,质量为m的小球A穿在绝缘细杆上,杆的倾角为,小球A带正电,电荷量为q.在杆上B点处固定一个电荷量为Q的正电荷将A由距B竖直高度为H处无初速释放,小球A下滑过程中电荷量不变不计A与细杆间的摩擦,整个装置处在真空中,已知静电力常量k和重力加速度g.求:(1)A球刚释放时的加速度是多大;(2)当A球的动能最大时,A球与B点的距离第10题图11如图所示,一长为L的绝缘细线下端系质量为m、电荷量为q的带负电金属小球,在细线的悬点O处放一电荷量为q的带正电的点电荷金属小球能在竖直平面内做完整的圆周运动,已知静电力常量为k.(1)求金属小球在最高点的最小速度的大小;(2)如果金属小球刚好能通过最高点,则它通过最低点时的速度为多大?第11题图课时作业(二十四)电荷及其守恒定律库仑定律1.A2.B3B【解析】步骤(1)中空气发生电离形成带正电和带负电的离子,正离子向转动鼓体运动,使转动鼓体均匀带上正电,这不是静电感应现象,故A错误;步骤(2)中有机光导体OPC受到光照的部位变成导体,这部分有机光导体上所带的正电荷流失,故B正确;步骤(3)(4)中,是异种电荷的吸引作用,故C D错误故选B.4C5.AC6B【解析】分析两小球受力情况,选m1、m2组成的整体作为研究对象进行分析,则三力平衡必共点,故F1F2tan601,选项B正确第6题图7BC【解析】对B和支架分析可知,受到竖直向下的重力和A对B竖直向上的库仑力,故对地面的压力为FNGB支k20.91. 1 N,A错误;对A分析,A受到竖直向下的重力,竖直向下的库仑力,两线上的拉力,力的夹角正好是120,处于平衡状态,所以F1F2GAk1.9 N,故B正确;将B水平右移,使M、A、B在同一直线上,则两小球的距离变为r m0.6 m,故有F1kF2GA,解得F11.225 N,F21.0 N,C正确;将B移到无穷远处,两小球之间的库仑力为零,则两线上的拉力大小F1F2GA1 N,D错误故选BC.8A【解析】碰撞后两球等分原来的总电量,带电量均为4Q,根据库仑定律公式可知A受到的库仑力为原来的16/9倍,故A正确9BD【解析】对B进行受力分析,如图所示,根据三角形相似及库仑力公式可知BD正确第9题图10(1)gsin(2)【解析】(1)由牛顿第二定律可知mgsinFma,根据库仑定律Fk,r,得agsin;(2)当A球受到合力为零、加速度为零时,动能最大设此时A球与B点间的距离为d,则mgsin,解得d.11(1)(2)【解析】(1)设金属小球在最高点时的最小速度值为v1,根据牛顿第二定律有:mgkm解得:v1;(2)设金属小球刚好能通过最高点,它通过最低点时的速度值为v2,因为只有重力对小球做功,所以机械能守恒,可得mvmv2mgL解得:v2.
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