（浙江专版）2018-2019学年高中物理 第五章 章末小结与测评讲义（含解析）新人教版选修3-2.doc

章末小结交变电流的产生与描述1交变电流的产生与描述，主要考查正弦式交变电流产生的原理，磁通量随时间变化的图象和感应电流随时间变化的图象及其对应关系，交变电流的表达式中含有交变电流的大小、相位、周期和频率等量，其中一个量的改变都会引起表达式的改变，通常考查表达式是正弦形式还是余弦形式的确定、峰值大小和角速度大小等。2线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的电流为正余弦交变电流。当线圈从中性面开始转动时，产生的电流为正弦图象(此时磁通量最大，产生的电动势最小)，当线圈从垂直于中性面的位置开始转动时，产生的电流为余弦图象(此时磁通量最小，产生的电动势最大)。产生正弦式交变电流的过程中，穿过回路的磁通量与产生的感应电流大小间的变化趋势恰好是相反的；特别注意中性面，这个位置是感应电流方向改变的位置。典例1(多选)图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，为交流电流表。线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，以下判断正确的是()A电流表的示数为10 AB线圈转动的角速度为50 rad/sC0.01 s时线圈平面与磁场方向平行D0.02 s时电阻R中电流的方向自右向左解析由题图乙可知交流电电流的最大值是Im10 A，周期T0.02 s，由于电流表的示数为有效值，故示数I10 A，选项A正确；角速度100 rad/s，选项B错误；0.01 s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故线圈平面与磁场方向平行，选项C正确；由楞次定律可判断出0.02 s时流过电阻的电流方向自左向右，选项D错误。答案AC1瞬时值反映的是不同时刻交流电的大小和方向，瞬时值是时间的函数，正弦交流电瞬时值表达式为：eEmsin t，iImsin t，此式表示从线圈位于中性面开始计时。 2最大值线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴旋转所产生的交变电流的电动势，其最大值EmnBS，在考虑电容器的耐压值时，应根据交流电的最大值。3有效值根据电流的热效应来规定，让交变电流和恒定电流通过相同阻值的电阻，如果它们在一个周期内产生的热量相等，则这个恒定电流I、电压U叫做这个交变电流的有效值。利用I、U、E计算有效值，只适用于正(余)弦式交流电。4平均值平均值需要用n 和计算，求一段时间内通过横截面的电量时要用平均值。计算通过电路横截面的电荷量qttn。5最大值、瞬时值、有效值和平均值的应用(1)求电功、平均电功率以及确定保险丝的熔断电流等物理量时，要用有效值计算。(2)求一段时间内通过导体横截面的电荷量时要用平均值，qttn。(3)在计算电容器的耐压值时，要用交流电的最大值。(4)计算线圈某一时刻的受力情况时要用瞬时值。典例2(北京高考)一个小型电热器若接在输出电压为10 V的直流电源上，消耗电功率为P；若把它接在某个正弦交流电源上，其消耗的电功率为。如果电热器电阻不变，则此交流电源输出电压的最大值为()A5 VB5VC10 VD10V解析设电热器电阻为R，正弦交流电源的电压有效值为U效，接10 V直流电源时，P；接交流电源时，联立得U效5 V，故最大值UmU效10 V，C选项正确。答案C交变电流的图象及应用交变电流的图象反映了交流电动势(电流)随时间的变化规律，对于正弦交变电流，可以从图象中获取如下信息：1交变电流的周期(T) 一个完整的正弦波对应的时间段。知道了周期便可以算出线圈转动的角速度2/T。 2交变电流的最大值(Em，Im)3任意时刻交变电流的瞬时值图象上每个“点”表示某一时刻交变电流的瞬时值。4交流电图象问题的分析方法(1)分析要点：一看、二变、三判一看：看“轴”、看“线”、看“斜率”、看“截距”、看“面积”、看“拐点”，并理解其物理意义。二变：掌握“图与图”、“图与式”和“图与物”之间的变通关系。三判：在此基础上进行正确的分析和判断。(2)对于正弦交变电流的变化规律，不应只从其随时间按正弦规律变化这一点去认识，还应看到交流电动势随线圈在匀强磁场中空间位置的变化而变化，随线圈的磁通量变化而变化。典例3(多选)在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个面积为S的矩形线圈匀速转动时产生的交流电电压随时间变化的规律如图所示，线圈与一阻值为R9 的电阻串联在一起，线圈的电阻为1 ，则()A通过电阻R的电流瞬时值表达式为i10sin 200t AB电阻R两端的电压有效值为90 VC1 s内电阻R上产生的热量为450 JD图中t1102 s时，线圈位于中性面解析通过电阻R的电流最大值为Im10 A，线圈转动的角速度 rad/s100 rad/s，故电流的瞬时值表达式为i10sin 100t A，A项错误；电阻R两端的电压有效值为UR9 V45 V，B项错误；1 s内电阻R上产生的热量Qt450 J，C项正确；由题图知t1.0102 s时感应电动势为零，此时穿过线圈的磁通量最大，线圈位于中性面，D项正确。答案CD变压器1一个原理根据电磁感应的原理改变交变电流的电压。2三个关系(1)功率：P入P出。(2)电压：(3)电流：只有一个副线圈时。3四个决定(1)原线圈电压U1由提供原线圈电压的电源决定。(2)副线圈电压U2由原线圈电压及匝数比决定，与副线圈所接负载无关。(3)副线圈电流I2由副线圈电压和副线圈所接负载决定。(4)原线圈电流I1由副线圈中的电流决定。典例4(多选)如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是()AP向下滑动时，灯L变亮BP向下滑动时，变压器的输出电压不变CP向上滑动时，变压器的输入电流变小DP向上滑动时，变压器的输出功率变大解析由于U1保持不变，根据变压器的变压比可知，副线圈的输出电压U2不变，B项正确；P向下滑动时，灯泡L两端的电压不变，灯泡的亮度不变，A项错误；P向上滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，副线圈电路的总电阻R变小，根据P2可知，变压器的输出功率变大，D项正确；由P1U1I1P2可知，变压器的输入电流增大，C项错误。答案BD高压输电问题的一般解题思路1解决高压输电问题时，应先画输电线路草图，并在草图上标出各量，然后依次逐级计算。2以升压变压器和降压变压器原、副线圈为参考将输电线路划分为几个独立回路。3根据串联电路特点、欧姆定律、电功率公式等确定各部分回路电学量之间的关系。4根据升压变压器和降压变压器原、副线圈的电压、电流关系和功率关系列式求解，利用好能量守恒这条主线。典例5(浙江高考)如图所示为远距离交流输电的简化电路图。发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1。在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流为I2。则()A用户端的电压为B输电线上的电压降为UC理想变压器的输入功率为I12rD输电线路上损失的电功率为I1U解析理想变压器输入和输出功率相同，设用户端得到的电压为U2，则有I1U1U2I2，U2，选项A正确；输电线上的电压降为UI1r，或者UUU1，选项B错误；理想变压器的输入功率为PI1U1，选项C错误；输电线路上损失的电功率为PI12r，选项D错误。答案A专题训练1如图所示，实验室一台手摇交流发电机，内阻r1.0 ，外接R9.0 的电阻。闭合开关S，当发电机转子以某一转速匀速转动时，产生的电动势e10sin 10t V，则( )A该交变电流的频率为10 HzB该电动势的有效值为10 VC外接电阻R所消耗的电功率为10 WD电路中理想交流电流表的示数为1.0 A解析：选D从电动势瞬时值表达式可知，交变电流的频率fHz5 Hz，选项A错误；该电动势的有效值E10 V，选项B错误；电路中电流(有效值)I1.0 A，电阻R消耗功率PI2R9 W，选项C错误；电流表的读数即为电流的有效值，选项D正确。2发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至学校的输电导线的总电阻为R，通过导线的电流为I，学校得到的电压为U2，则输电线上损耗的电压可表示为()AU1BU1IRCIRDU2解析：选C输电线上的电压损失UU1U2IR，选项B错误，C正确；U1为输出电压，U2为用户得到的电压，选项A、D错误。3某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是()A交变电流的频率为0.02 HzB交变电流的瞬时值表达式为i5cos 50t AC在t0.01 s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D若发电机线圈电阻为0.4 ，则其产生的热功率为5 W解析：选D由题图知，交流电的周期为0.02 s，故频率为50 Hz，A错；转动的角速度100 rad/s，故电流瞬时值表达式为i5cos 100t A，B错；t0.01 s时，电流最大，此时穿过线圈的磁通量应为0，C错；交流电电流的有效值I A，故PI2R20.4 W5 W，故D对。4.(多选)如图所示，将额定电压为60 V的用电器，通过一理想变压器接在正弦交变电源上。闭合开关S后，用电器正常工作，交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220 V和2.2 A。以下判断正确的是()A变压器输入功率为484 WB通过原线圈的电流的有效值为0.6 AC通过副线圈的电流的最大值为2.2 AD变压器原、副线圈匝数比n1n2113解析：选BD根据功率公式可以求出用电器消耗的功率为602.2 W132 W，因此A错误；再根据变压器变压公式和变流公式和，联立可求得通过原线圈的电流的有效值为0.6 A，所以B正确；由于电流表显示的是有效值，因此通过副线圈电流的最大值为2.2 A，故C错误；根据变压器的变压公式可知，变压器原、副线圈的匝数比为n1n2113，所以D正确。(时间：45分钟满分：100分)一、单项选择题(本题共6个小题，每小题6分，共36分。每小题只有一个选项正确)1(2016浙师大附中高二检测)如图甲至丁是交流电发电过程的示意图，图中只画出了一匝线圈，线圈的AB边连在金属滑环K上，CD边连在滑环L上，导体做的两个电刷E、F分别压在两个滑环上，线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路的连接。线圈沿逆时针方向以角速度匀速转动，线圈的面积为S，磁场可视为水平向右的匀强磁场，磁感应强度为B，电路的总电阻为R。以下说法中正确的是()A由甲转到乙的过程中，线圈中的电流方向为ABCDAB由丙转到丁的过程中，线圈中的电流方向为ABCDAC转到丙位置时，穿过线圈的磁通量为零D转动一圈的过程中，线圈产生的电能为解析：选B由甲转到乙的过程中，穿过线圈的磁通量变小，根据楞次定律，可以判断电流方向为ADCBA；故A错误；当线圈由丙转到丁的过程中，通过线圈的磁通量变小，根据楞次定律，可以判断电流方向为ABCDA；故B正确；转到丙位置时，线圈处于中性面上，穿过线圈的磁通量最大，故C错误；转动一圈过程中，线圈中产生的能量QT，故D错误。2.线框在匀强磁场中绕OO轴匀速转动(由上向下看是逆时针方向)，当转到如图所示位置时，磁通量和感应电动势大小的变化情况是()A磁通量和感应电动势都在变大B磁通量和感应电动势都在变小C磁通量在变小，感应电动势在变大D磁通量在变大，感应电动势在变小解析：选D由题图可知，设线框平面与中性面的夹角为，mcos ，eEmsin ，所以磁通量变大，感应电动势变小。故D正确。3如图所示，面积均为S的单匝线圈绕其对称轴或中心轴在匀强磁场B中以角速度匀速转动，能产生正弦交变电动势eBSsin t的图是()解析：选A线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴(轴在线圈所在平面内)匀速转动，产生的正弦交变电动势为eBSsin t，由这一原理可判断，A图中感应电动势为eBSsin t；B图中的转动轴不在线圈所在平面内；C、D图转动轴与磁场方向平行。4.一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如图所示。由图可知该交变电流()A周期为0.125 sB电压的有效值为10 VC电压的最大值为20 VD电压瞬时值的表达式为u10sin 8t V解析：选B由题图可知，交变电流的周期为0.250 s，A错误；电压的有效值U V10 V，B正确；电压的最大值为20 V，C错误；电压瞬时值的表达式为u20sin 8t V，D错误。5.用一理想变压器向一负载R供电，如图所示，当增大负载电阻R时，原线圈中的电流I1和副线圈中的电流I2之间的变化关系是()AI2增大，I1也增大BI2增大，I1却减小CI2减小，I1也减小DI2减小，I1却增大解析：选C因为原线圈电压U1及原、副线圈匝数不变，故U2不变，当R增大时，电流I2减小，由知I1也减小，选项C正确。6.如图所示是“探究变压器两个线圈的电压关系”的实验示意图，a线圈接交流电源，b线圈接交流电压表，在实验过程中( )A只增加b线圈的匝数，电压表的示数一定增大B只增加a线圈的匝数，电压表的示数一定增大C同时增加a、b两线圈的匝数，电压表的示数一定增大D只改变a线圈两端的电压，电压表的示数不变答案：A二、多项选择题(本题共4小题，每小题6分，共24分。选对但不全的得3分，错选不得分)7某小型发电机产生的交变电动势为e50sin 100t V。对此电动势，下列表述正确的是()A最大值是50 VB频率是100 HzC有效值是25 VD周期是0.02 s解析：选CD从中性面开始计时，交变电动势的表达式为eEmsin t，因e50sin 100t V，所以最大值Em50 V，A错误；由2f100 rad/s得f50 Hz，B错误；有效值E25 V，C正确；T0.02 s，D正确。8.如图所示，是一个匝数n10的线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴转动时，通过线圈平面的磁通量随时间变化的图象。关于线圈中的感应电动势，以下说法正确的是()A在t10.1 s时，线圈中的感应电动势最大B在t20.2 s时，线圈中的感应电动势最大C在t30.3 s时，线圈中的感应电动势改变方向D在t40.4 s时，线圈中的感应电动势改变方向解析：选BC由题图可知，在t10.1 s时，线圈中的磁通量最大，线圈转到中性面，感应电动势为零，A错；在t20.2 s时，线圈中的磁通量为零，线圈平面跟磁场平行，感应电动势最大，B对；在t30.3 s时，线圈中磁通量又达到最大值，感应电动势为零，方向发生改变，C对；t40.4 s前后，线圈中的感应电动势的方向不变，D错。9.如图所示，输入端ab的输入电压既有直流成分，又有交流成分，以下说法中正确的是(L的直流电阻与R相同)()A直流成分只能从L通过B交流成分只能从R通过C通过R的既有直流成分又有交流成分D通过L的交流成分比通过R的交流成分必定要少解析：选CD线圈具有通直流阻交流的作用，所以大部分交流成分通过R，故选C、D。10.如图所示，接在交流电源上的电灯泡正常发光，以下说法正确的是()A把电介质插入电容器，灯泡变亮B增大电容器两板间的距离，灯泡变亮C减小电容器两板间的正对面积，灯泡变暗D使交变电流频率减小，灯泡变暗解析：选ACD电容器的电容与介电常数成正比，与两板间正对面积成正比，与两板间距离成反比。而容抗与电容成反比，与交变电流频率成反比。把电介质插入电容器，电容变大，容抗减小，灯泡变亮，A正确；电容器两板间距离增大，电容减小，容抗增大，灯泡变暗，B错误；减小电容器两极正对面积，电容减小，容抗增大，灯泡变暗，C正确；交变电流的频率减小，容抗增大，灯泡变暗，D正确。三、非选择题(本题共2小题，共40分)11(20分)如图所示，线圈abcd的面积是0.05 m2，共100匝，线圈电阻为1 ，外接电阻R9 ，匀强磁场的磁感应强度B T，当线圈以300 r/min的转速匀速旋转时，问：(1)若从线圈处于中性面开始计时，写出线圈中感应电动势的瞬时值表达式；(2)线圈转过 s时电动势的瞬时值多大？(3)电路中，电压表和电流表的示数各是多少？(4)从中性面开始计时，经 s通过电阻R的电荷量是多少？解析：(1)eEmsin tnBS2fsin 2ft1000.052sin(2t) V50sin 10t V。(2)当t s时，e50sin (10) V43.3 V。(3)电动势的有效值为E V35.4 V，电流表示数I A3.54 A，电压表示数UIR3.549 V31.86 V。(4) s内线圈转过的角度t2。该过程中，BSBScos BS，由，qt，得q C C。答案：(1)e50sin 10t V(2)43.3 V(3)31.86 V3.54 A(4) C12.(20分)如图所示，降压变压器的变压系数是3，即初级线圈的匝数与次级线圈的匝数之比是31。初级线圈的输入电压是660 V，次级线圈的电阻为0.2 ，用这台变压器供给100盏标有“220 V,60 W”的电灯用电。求：(1)空载时次级线圈的端电压和输出功率；(2)接通电路时次级线圈的端电压；(3)每盏灯的实际功率。解析：(1)将变压器视为理想变压器。设空载时次级线圈的输出电压为U2，由，得到U2U1220 V，因为空载，次级线圈的负载电阻R2，次级线圈中的电流为零，所以I20，PI2U20。(2)接通电路后，100盏灯并联的总电阻为R外8.07 ，次级线圈中的电流I2 A A，端电压：U2I2R外214.68 V。(3)每盏灯的实际功率PU2 W57.1 W。答案：(1)220 V0(2)214.68 V(3)57.1 W