2019高考数学二轮复习 第一部分 保分专题三 立体几何 第2讲 空间几何体中的计算问题练习 文.doc

第2讲 空间几何体中的计算问题A组小题提速练一、选择题1如图，某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条互相垂直的半径若该几何体的体积是，则它的表面积是()A17B18C20 D28解析：由三视图知该几何体为球去掉了所剩的几何体(如图)，设球的半径为R，则R3，故R2，从而它的表面积S4R2R217.故选A.答案：A2将一个长方体沿相邻三个面的对角线截去一个棱锥，得到的几何体的正视图与俯视图如图所示，则该几何体的侧(左)视图为()解析：由几何体的正视图、俯视图以及题意可画出几何体的直观图，如图所示该几何体的侧视图为选项B.故选B.答案：B3某几何体三视图如图所示，则该几何体的体积为()A8 B8C8 D82解析：由三视图可知，该几何体的体积是一个四棱柱的体积减去半个圆柱的体积，即V2221228.故选C.答案：C4已知直三棱柱ABCA1B1C1的6个顶点都在球O的球面上若AB3，AC4，ABAC，AA112，则球O的半径为()A. B2C. D3解析：由题意知，该三棱柱可以看作是长方体的一部分，且长方体同一顶点处的三条棱长分别为3、4、12，又三棱柱的外接球即为长方体的外接球，(2R)23242122，R.故选C.答案：C5(2018贵阳模拟)三棱锥PABC的四个顶点都在体积为的球的表面上，底面ABC所在的小圆面积为16，则该三棱锥的高的最大值为()A4 B6C8 D10解析：依题意，设题中球的球心为O、半径为R，ABC的外接圆半径为r，则，解得R5, 由r216，解得r4，又球心O到平面ABC的距离为3，因此三棱锥PABC的高的最大值为538，选C.答案：C6(2017高考全国卷)已知圆柱的高为1，它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上，则该圆柱的体积为()A B.C. D.解析：设圆柱的底面半径为r，则r2122，所以，圆柱的体积V1，故选B.答案：B7在封闭的直三棱柱ABCA1B1C1内有一个体积为V的球若ABBC，AB6，BC8，AA13，则V的最大值是()A4 B.C6 D.解析：设球的半径为R，ABC的内切圆半径为2，R2.又2R3，R，Vmax3.故选B.答案：B8如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗实线画出的是某多面体的三视图，则该多面体的表面积为()A1836 B5418C90 D81答案：B9如图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图，则该几何体的表面积为()A20 B24C28 D32解析：由三视图知该几何体是圆锥与圆柱的组合体，设圆柱底面圆半径为r，周长为c，圆锥母线长为l，圆柱高为h.由图得r2，c2r4，h4，由勾股定理得：l4，S表r2chcl416828.答案：C10(2018西安质量检测)某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为()A. B.C. D3解析：根据几何体的三视图，得该几何体是下部为直三棱柱，上部为三棱锥的组合体，如图所示，则该几何体的体积是V几何体V三棱柱V三棱锥211211.故选A.答案：A11(2018唐山统考)三棱锥PABC中，PA平面ABC且PA2，ABC是边长为的等边三角形，则该三棱锥外接球的表面积为()A. B4C8 D20解析：由题意得，此三棱锥外接球即以ABC为底面、以PA为高的正三棱柱的外接球，因为ABC的外接圆半径r1，外接球球心到ABC的外接圆圆心的距离d1，所以外接球的半径R，所以三棱锥外接球的表面积S4R28，故选C.答案：C12如图，直三棱柱ABC A1B1C1的六个顶点都在半径为1的半球面上，ABAC，侧面BCC1B1是半球底面圆的内接正方形，则侧面ABB1A1的面积为()A2 B1C. D.解析：由题意知，球心在侧面BCC1B1的中心O上，BC为截面圆的直径，BAC90，ABC的外接圆圆心N位于BC的中点，同理A1B1C1的外心M是B1C1的中点设正方形BCC1B1边长为x，RtOMC1中，OM，MC1，OC1R1(R为球的半径)，221，即x，则ABAC1，S矩形ABB1A11.故选C.答案：C二、填空题13已知某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为_解析：由题意知，该几何体的三视图是一个三棱柱，其体积V23412.答案：1214(2018洛阳统考)已知点A，B，C，D均在球O上，ABBC，AC2.若三棱锥DABC体积的最大值为3，则球O的表面积为_解析：由题意可得，ABC，ABC的外接圆半径r，当三棱锥的体积最大时，VDABCSABCh(h为D到底面ABC的距离)，即3hh3，即R3(R为外接球半径)，解得R2，球O的表面积为42216.答案：1615正四面体ABCD的外接球半径为2，过棱AB作该球的截面，则截面面积的最小值为_解析：由题意，面积最小的截面是以AB为直径的圆，在正四面体ABCD中，如图，设E为BCD的中心，连接AE，BE，则球心O在AE上，延长AE交球面于F，则AF是球的直径，ABF90，又AEBE，所以在ABF中，由射影定理得AB2AEAF4AE，又AEAB，所以AB，故截面面积的最小值为2.答案：16(2018贵州适应性考试)已知正三棱柱(底面是正三角形，侧棱与底面垂直)的体积为3 cm3，其所有顶点都在球O的球面上，则球O的表面积的最小值为_cm2.解析：球O的表面积最小球O的半径R最小设正三棱柱的底面边长为a，高为b，则正三棱柱的体积Va2b3， 所以a2b12.底面正三角形所在截面圆的半径ra，则R2r22，令f(b)，0b2R，则f(b)，令f(b)0，解得b2 ，当0b2时，f(b)0，函数f(b)单调递减，当b2时，f(b)0，函数f(b)单调递增，所以当b2时，f(b)取得最小值3, 即(R2)min3，故球O的表面积的最小值为12.答案：12B组大题规范练1如图，在正方体ABCDA1B1C1D1中，AA12，E为棱CC1的中点(1)求证：B1D1AE；(2)求证：AC平面B1DE.证明：(1)连接BD，则BDB1D1.四边形ABCD是正方形，ACBD.CE平面ABCD，CEBD.又ACCEC，BD平面ACE.AE平面ACE，BDAE，B1D1AE.(2)取BB1的中点F，连接AF，CF，EF，则FCB1E，CF平面B1DE.E，F是CC1，BB1的中点，EF綊BC.又BC綊AD，EF綊AD，四边形ADEF是平行四边形，AFED.AF平面B1DE，ED平面B1DE，AF平面B1DE.AFCFF，平面ACF平面B1DE.又AC平面ACF，AC平面B1DE.2如图，在三棱锥VABC中，平面VAB平面ABC，VAB为等边三角形，ACBC且ACBC，O，M分别为AB，VA的中点(1)求证：VB平面MOC；(2)求证：平面MOC平面VAB；(3)求三棱锥VABC的体积解析：(1)证明：因为O，M分别为AB，VA的中点，所以OMVB.又因为VB平面MOC，所以VB平面MOC.(2)证明：因为ACBC，O为AB的中点，所以OCAB.又因为平面VAB平面ABC，且OC平面ABC，所以OC平面VAB.所以平面MOC平面VAB.(3)在等腰直角三角形ACB中，ACBC，所以AB2，OC1.所以等边三角形VAB的面积SVAB.又因为OC平面VAB，所以三棱锥CVAB的体积等于OCSVAB.又因为三棱锥VABC的体积与三棱锥CVAB的体积相等，所以三棱锥VABC的体积为.3如图，在四棱锥PABCD中，底面ABCD是菱形，DAB60，PD平面ABCD，PDAD1，点E，F分别为AB和PD的中点(1)求证：直线AF平面PEC；(2)求三棱锥PBEF的表面积解析：(1)证明：作FMCD交PC于M，连接ME.点F为PD的中点，FM綊CD，又AE綊CD，AE綊FM，四边形AEMF为平行四边形，AFEM，AF平面PEC，EM平面PEC，直线AF平面PEC.(2)连接ED，BD，可知EDAB，ABPE，ABFE，故SPEFPFED；SPBFPFBD1；SPBEPEBE；SBEFEFEB1.因此三棱锥PBEF的表面积SPBEFSPEFSPBFSPBESBEF.4如图，在单位正方体ABCDA1B1C1D1中，E，F分别是AD，BC1的中点(1)求证：EF平面C1CDD1；(2)在线段A1B上是否存在点G，使EG平面A1BC1？若存在，求点G到平面C1DF的距离；若不存在，请说明理由解析：(1)证明：取BC的中点M，连接EM，FM，E，F分别是AD，BC1的中点，EMDC，FMC1C，EM平面EFM，FM平面EFM，EMFMM，DC平面C1CDD1，C1C平面C1CDD1，DCC1CC，平面EFM平面C1CDD1，而EF平面EFM，EF平面C1CDD1.(2)取A1B的中点G，连接EG，EA1，EB，易知EA1EB，而G为中点，EGA1B.连接FG，则FGA1C1，正方体棱长为1，在A1BC1中，FGA1C1.在RtFME中，EF，在RtEAG中，EG，FG2EG2FE2，即EGFG，故EGA1C1，又A1B，A1C1平面A1BC1，A1BA1C1A1，EG平面A1BC1.点G到平面C1DF的距离就是点G到平面C1DB的距离GAC1D，GA平面C1DB，点G到平面C1DB的距离就是点A到平面C1DB的距离易知SBDC1，SABD，点C1到平面ABD的距离为1，设点G到平面C1DF的距离为d，由VC1ABDVABDC1得1SABDdSBDC1，即d，d，即点G到平面C1DF的距离为.