2019年高一物理上学期第一次月考试题(含解析).doc

2019年高一物理上学期第一次月考试题(含解析)一、选择题：（共 11 题，每题 4 分，共 44 分。1-7 题为单选题，8-11 题为 多选题，少选得 2 分，错选或多选不得分）1.刻舟求剑的故事家喻户晓，“舟已行矣，而剑不行”这句话所选 用的参考系是( )A. 舟 B. 地面 C. 舟上的人 D. 流动的水【答案】B【解析】【详解】舟已行是说船相对于地面在运动，而剑落水后相对地面不再移动；故此句选用的参考系是地面；故选B。2.一个小球从4m高处落下，被地面弹回，在1m高处被接住，则小球在整个过程中（）A. 位移是5m B. 路程是5mC. 位移大小是1m D. 以上均不对【答案】B【解析】小球从4m高处自由落下，被地面弹回，在1m高处被接住。由于路程等于运动轨迹的长度，所以s=4+1m=5m。位移的大小等于首末位置的距离，大小为3m。故ACD错误，B正确。故选B。【点睛】路程等于物体运动轨迹的长度，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度3.物体沿一条直线运动，下列说法正确的是（ ）A. 物体在某时刻的速度为3m/s，则物体在1s内一定走3mB. 物体在某1s内的平均速度是3m/s，则物体在这1s内的位移一定是3mC. 物体在某段时间内的平均速度是3m/s，则物体在1s内的位移一定是3mD. 物体在发生某段位移过程中的平均速度是3m/s，则物体在这段位移的一半时的速度一定是3m/s【答案】B【解析】【分析】知道平均速度，根据可以求出这段时间内的位移但前提是平均速度是所求时间内的平均速度【详解】物体在某时刻的速度是3m/s，则在1s内的平均速度不一定是3m/s，所以1s内的位移不一定是3m。故A错误。物体在某1s内的平均速度是3m/s，根据知物体在这1s内的位移一定是3m。故B正确。某段时间内的平均速度是3m/s，在1s内的平均速度不一定是3m/s，位移不一定是3m。故C错误。平均速度与瞬时速度不一定相等。故D错误。【点睛】解决本题的关键理解平均速度和瞬时速度，知道平均速度和瞬时速度的区别4.在匀速上升的电梯里，一小球从电梯地板被竖直向上弹出后又落回地板，这一过程中小球没有触碰电梯天花板，不计空气阻力，下列对这一过程的分析正确的是A. 小球在空中运动的位移大小等于路程B. 小球在空中运动的平均速度大于电梯的速度C. 小球在空中运动的平均速度小于电梯的速度D. 小球在空中运动的平均速度等于电梯的速度【答案】D【解析】【详解】小球在空中运动时，存在向下过程，因此位移大小一定小于路程，故A错误；因小球与电梯的位移相同，所以小球的平均速度一定与电梯的速度相同，故BC错误，D正确；故选D.5.火箭发射时，速度能在10 s 内由0 增加到100 m/s；汽车以108 km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5 s内停下来。下列说法中正确的是A. 火箭的速度变化比汽车的慢B. 2.5 s内汽车的速度变化量为30 m/sC. 10 s内火箭的速度变化量为10 m/sD. 火箭运动的比汽车快【答案】A【解析】【详解】根据得：火箭的加速度a火m/s210m/s2，汽车的加速度a车 m/s212m/s2，负号表示加速度的方向与速度方向相反，加速度的大小为a车=12m/s2，由此可知汽车的加速度大，速度变化快，故A正确，D错误；2.5s内汽车的速度变化量v=v-v0=0-30 =-30m/s，故B错误；10s内火箭的速度变化量v=v-v0=100-0m/s=100m/s，故C错误；故选A。【点睛】掌握速度变化量和加速度的定义，知道矢量的正负号表示方向不表示大小，注意速度的变化量等于末态速度减去初态速度.6.如右图所示电路，电源电压不变，R是定值电阻。当将一个“2.5V，0.5A”的小灯泡L1接在a，b两点间时，小灯泡L1恰好正常发光；若换一个“2.5V，1A”的小灯泡L2接在a，b两点间，则这个小灯泡L2（ ）A. 也能正常发光 B. 比正常发光暗些C. 比正常发光亮些 D. 条件不足无法判断【答案】B【解析】【详解】由铭牌根据可得：，R1R2，当接入L2时，使电路中的电阻变小，电路中L2分的电压变小，不能达到正常电压，其实际功率小于额定功率，比正常发光暗些。故选B。【点睛】灯泡亮度决定于两端所加的电压：在额定电压下，灯泡正常发光；实际电压低于额定电压，灯泡发光较暗；实际电压高于额定电压，灯泡发光较亮，如果太高，可能烧坏灯丝。7.近几年，国内房价飙升，在国家宏观政策调控下，房价上涨出现减缓趋势小明同学将房价的“上涨”类比成运动学中的“加速”，将房价的“下跌”类比成运动学中的“减速”，据此，你认为“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动学中的( )A. 速度增加，加速度增大 B. 速度增加，加速度减小C. 速度减小，加速度增大 D. 速度减小，加速度减小【答案】B【解析】试题分析：解：房价的“上涨”类比成运动中的“速度增大”，将房价的“下降”类比成运动中的“速度减小”，房价上涨类比成速度增大，减缓趋势反映房价上涨变慢，类比成速度增加变慢而加速度的物理意义表示速度变化的快慢，房价上涨出现减缓趋势可以类比成运动中的速度增大，加速度减小，选项ACD错误，B正确。考点：加速度【名师点睛】能正确理解和区分速度和加速度的物理意义是不一样的，要求同学们能够从题目中获取有用信息，运用类比法进行分析，把房价类比成速度，房价上涨或下跌快慢类比成加速度，根据加速度与速度关系进行分析即可。8.不计空气阻力，同时将一重一轻两石块从同一高度自由下落，则（ )A. 在任一时刻具有相同的加速度、位移和速度；B. 在下落这段时间内平均速度相等；C. 在下过程中每个石块第1 s内、第2 s内位移之比都为13D. 重的石块落得快，轻的石块落得慢。【答案】ABC【解析】【详解】轻重不同的物体自由下落的加速度相等，任一时刻速度、位移也相等，A正确D错误；根据知下落相等的时间，位移相等，则根据可知平均速度相等，B正确；根据知，从开始下落第1s内的位移为、第2s内的位移为，故每个石块第1s内、第2s内位移之比都为13，C正确9.下列说法中正确的是A. 对于匀速直线运动，其平均速度跟哪段时间或哪段位移有关B. 物体运动的加速度减小，其速度有可能变大C. 加速度方向一定和速度变化的方向相同D. 加速度比大【答案】BC【解析】【详解】对于匀速直线运动，其平均速度跟哪段时间或哪段位移无关，选项A错误；当加速度和速度同向时，物体运动的加速度减小，其速度也是变大的，选项B正确；加速度方向一定和速度变化的方向相同，选项C正确；加速度的符号只代表方向，不代表大小，则2m/s2比-5m/s2小，选项D错误；故选BC.10.甲、乙两汽车同一条平直公路上同向运动，其速度时间图像分别如图中甲、乙两条曲线所示。已知两车在t2时刻并排行驶，下列说法正确的是（ ）A. 两车在t1时刻也并排行驶B. t1时刻甲车在后，乙车在前C. 甲车的加速度大小先增大后减小D. 乙车的加速度大小先减小后增大【答案】BD【解析】试题分析：在v-t图像中图像包围的面积代表了运动走过的位移，图像的斜率代表加速度，解本题要利用这个知识点求解。AB，v-t图像中图像包围的面积代表运动走过的位移，两车在t2时刻并排行驶，利用逆向思维并借助于面积可知在t1时刻甲车在后，乙车在前，故A错误，B正确；CD、图像的斜率表示加速度，所以甲的加速度先减小后增大，乙的加速度也是先减小后增大，故C错D正确； 故选BD点睛：本题考查了对图像的理解及利用图像解题的能力问题11. 如图所示，物体自 O点由静止开始做匀加速直线运动，A、B、C、D为其运动轨迹上的四点，测得AB2 m， BC3 m，且物体通过AB、BC、CD所用的时间均为02 s，则下列说法正确的是（ ）A. 物体的加速度为20 m/s2B. CD4 mC. OA之间的距离为1125 mD. OA之间的距离为15 m【答案】BC【解析】由匀变速直线运动的规律，相邻的相等时间内位移之差为常数，即xaT2可得： am/s225 m/s2，故A错误；根据CDBCBCAB1 m，可知CD3 m1 m4 m，故B正确；根据平均速度公式可得，vB，再由2axOB，可得OB两点间的距离为xOB3125 m，所以O与A间的距离xOAxOBxAB（31252）m1125 m，故C正确，D错误。二、实验题（共 16 分）12.在研究小车做匀变速运动的加速度的实验中，实验装置如下：(1)（多选）实验中不需要的器材是_（用代号表示）电火花计时器、刻度尺、秒表、带滑轮长木板、小车、纸带、天平(2)（多选）打点计时器在纸带上打出点痕，下列说法正确的是_A.电磁打点计时器使用6V的直流电源B.电火花打点计时器使用220V的交流电源C.点痕记录了物体运动的时间D.点痕记录了物体在某段时间内的位移（3）某同学在测定小车做匀变速运动的加速度的实验中，他实验时将打点计时器接到频率为50 Hz的交流电源上，得到一条纸带，打出的部分计数点如图所示（每相邻两个计数点间还有4个点，图中未画出）。x1=3.59 cm，x2=4.41 cm，x3=5.19 cm，x4=5.97 cm，x5=6.78 cm，x6=7.64 cm。则打点计时器在打计数点1时小车的速度v1=_m/s，小车的加速度a=_m/s2【答案】 (1). (2). BCD (3). 0.40 (4). 0.80【解析】【详解】（1）在本实验中不需要测量小车或砝码的质量因此不需要天平，电火花打点计时器使用的是220V交流电源，同时打点计时器记录了小车运动时间，因此不需要秒表。故不需要的器材为：。（2）电磁打点计时器使用的是4-6V交流电源，而电火花打点计时器使用220V的交流电源，故A错误，B正确。打点计时器每隔一定的时间打下一个点，因而点迹记录了物体运动的时间，同时也记录了物体在不同时刻的位置和某段时间内的位移，故CD正确；故选BCD；（3）两点的时间间隔为T=0.1s，打点计时器在打1点时小车的速度为：由逐差法可以得：【点睛】本题考查了“探究匀变速直线运动”的实验中所需实验器材，以及利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力。13.在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端，进行测量，利用描点法作出了所挂钩码的重力G与弹簧总长L的关系图象，如图所示。根据图象回答以下问题。（1）弹簧的原长为_cm。（2）弹簧的劲度系数为_N/m。（3）分析图象，总结出弹簧弹力F跟弹簧总长度L之间的关系式为_。【答案】 (1). 10 (2). 1000 (3). 【解析】(1) 根据平衡条件所持钩码的重力G等于弹簧的拉力根据胡克定律可知：F=k（l-l0），由此可知横轴截距为l0，故由图象可知l0=10cm；(2) 当所持钩码的重力G为0时，弹簧的拉力也为0，此时弹簧长度即为原长，所以弹簧的原长为10cm,根据F=k（l-l0）可知，图象的斜率大小等于劲度系数大小，由图象求出,劲度系数为k=50N/m；(3) 根据平衡条件所持钩码的重力G等于弹簧的拉力即。三、计算题14.一列长为 L 的队伍直线行进，行进的速度大小为 v1，通讯员从队尾以速度大小 v2(v2v1)赶到队头，又立即以速度大小 v2 返回队尾求这段时间里队伍前进的距离【答案】【解析】【分析】求这位通讯员往返一次的时间，就要分别求出这位通讯员从队尾到排头以及从排头返回队尾所用的时间从队尾到排头，应用队伍长除以它们的速度差求出时间，从排头返回队尾应用队伍长除以它们的速度和求出时间然后把求出的两个时间加起来即为通讯员往返一次的时间再求出队伍前进的距离【详解】通讯员从队伍排尾跑步到队伍排头的过程中通讯员相对于队伍的速度大小为：故通讯员从队伍排尾跑步到队伍排头所需的时间为；在通讯员从队伍排头跑步到队伍排尾的过程中通讯员相对于队伍的速度大小为：，故通讯员从队伍排头跑步到队伍排尾所需的时间为 所以这段时间里队伍前进的距离为【点睛】此题的解答思路是：先求出通讯员走到排头用的时间，再求通讯员返回队尾所用的时间，最后求队伍前进的距离明确相对速度的应用15.为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0cm的遮光板，滑块在牵引力作用下匀加速先后通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为t10.30s，通过第二个光电门的时间为t20.10s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为t3.0s试估算：（1）滑块的加速度多大？（2）两个光电门之间的距离是多少？【答案】(1) (2) 0.60m【解析】【详解】根据题意，遮光板通过单个光电门的短暂时间里视滑块为匀速运动，则滑块经过第一个光电门的速度 滑块经过第二个光电门的速度 所以滑块在两个光电门间的加速度 （2）因为滑块做匀加速直线运动，故在3s的时间里的平均速度 所以两个光电门间的距离s=t0.23m0.6m16.一辆执勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以v=10m/s的速度匀速行驶的摩托车有违章行为时，立即决定前去追赶；经t0=2s警车发动起来，以加速度a=2m/s2做匀加速直线运动，试问：（1）在警车追上摩托车之前，两车经过多长时间相距最远？（2）在警车追上摩托车之前，两车间的最大距离是多少？（3）若警车能达到的最大速度为，警车发动起来后要多长的时间才能追上摩托车？【答案】（1）7s；（2）45m；（3）28s；【解析】（1、2）两车间距离最大时：v警=v=at1sm=v（t1+t0）-vt1解得 t1=5s；sm=45m即在警车追上摩托车之前，两车经过7s相距最远，最远距离为45m。（3）设警车匀加速运动时间为t2，警车发动起来经t追上货车，vmax=at2vmaxt2+vm（t-t2）=v（t+t0）解得 t=28s点睛：对于追击问题，主要是搞清两车的位移关系和时间关系；知道当两者的速度相等时，物体之间的距离出现最大值或最小值，这是解决此类问题的一个突破口17.如图所示，足够长的倾角=37的光滑斜面体固定在水平地面上，一根轻绳 跨过定滑轮，一端与质量为ml=1 kg的物块 A连接，另一端与质量为m2=3kg的物块 B连接，绳与斜面保持平行开始时，用手按住 A，使 B悬于距地面 高 H=0.6m 处，而 A静止于斜面底端。现释放 B，试求 A在斜面上向上滑行 的最大距离？ （设 B 落地后不再弹起，且所有接触面间的摩擦均忽略不计， sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2）【答案】1.2m【解析】【详解】在B落地前，设两者的加速度为，绳子的拉力为T； B落地时的速度为v，B落地后A的加速度为，则根据牛顿第二定律可得，联立解得；根据位移速度公式可得；当B落地后，A以v减速上滑，则，联立解得；故A在斜面上向上滑行的最大距离