2019届高三物理8月月考试题(含解析).doc

2019届高三物理8月月考试题(含解析)一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。其中1至8题为单选题，9至12题为多选题，全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的0分。）1. 物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为16 m的路程，第一段用时4 s，第二段用时2 s，则物体的加速度是 （ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：第一段64m的平均速度为第2s末的瞬时速度，故，第二段64m的平均速度为第5s末的瞬时速度，故，故加速度为，D正确考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】做分析匀变速直线运动情况时，其两个推论能使我们更为方便解决问题，一、在相等时间内走过的位移差是一个定值，即，二、在选定的某一过程中，中间时刻瞬时速度等于该过程中的平均速度2. 如图所示,与水平面夹角为30的固定斜面上有一质量m=1.0kg的物体,细绳的一端与物体相连,另一端经摩擦不计的定滑轮与固定的弹簧秤相连.物体静止在斜面上,弹簧秤的示数为4.9 N.关于物体受力的判断(取g=9.8m/s2),下列说法正确的是() .A. 斜面对物体的摩擦力大小为零B. 斜面对物体的摩擦力大小为4.9N,方向沿斜面向上C. 斜面对物体的支持力大小为,方向竖直向上D. 斜面对物体的支持力大小为4.9N,方向垂直斜面向上【答案】A【解析】试题分析：物体重力沿斜面方向下的分力Gx=mgsin30=49N，与弹簧的弹力相等，根据共点力平衡，知物体不受摩擦力作用故A正确，B错误根据共点力平衡得，N=mgcos30=493N，方向垂直于斜面向上故C正确，D错误故选AC考点：物体的平衡【名师点睛】此题是关于物体的平衡问题；解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解。视频3. 一个质点以初速度v0做匀加速直线运动，加速度大小为a，经过时间t，位移大小为2at2，末速度为v，则v:v0= （ ）A. 4:3 B. 3:1 C. 5:3 D. 5:2【答案】C【解析】根据匀变速直线运动的速度时间公式可得v=v0+at，即vv0=at，根据匀变速直线运动的平均速度推论可得v+v02=2at2，即v+v0=4at，联立解得v=5at2，v0=3at2，故vv0=53，C正确4. 如图,光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内,A端与水平面相切。穿在轨道上的小球在拉力F作用下,缓慢地由A向B运动,F始终沿轨道的切线方向,轨道对球的弹力为N。在运动过程中 () A. F增大,N减小 B. F减小,N减小 C. F增大,N增大 D. F减小,N增大【答案】A【解析】对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如图，根据共点力平衡条件，有N=mgcos F=mgsin其中为支持力N与竖直方向的夹角；当物体向上移动时，变大，故N变小，F变大；故A正确，BCD错误故选A注：此题答案应该是A.视频5. 从地面上将一个小球竖直上抛，经t时间小球经过空中的某点A，再经过t时间小球又经过A点。不计空气阻力，下列说法正确的是 ()A. 小球抛出时的速率为2gtB. 小球抛出时的速率为32gtC. 小球上升的最大高度为32gt2D. A点的高度为12gt2【答案】B【解析】根据竖直上抛运动的对称性知，小球从抛出到上升至最高点用时3t2，设初速度为v0，可求v0=32gt，所以A错误；B正确；小球上升的最大高度为：h=12v032t，所以C错误；A点的高度hA=v0t-12gt2=gt2，故D错误。6. 入冬以来,全国多地多次发生雾霾天气,能见度不足100 m。在这样的恶劣天气中,甲、乙两汽车在一条平直的单行道上,乙在前,甲在后同向行驶。某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示,同时开始刹车,结果两辆车发生了碰撞。如图为两辆车刹车后若恰好不相撞的v-t图象,由此可知 ()A. 两辆车刹车时相距的距离一定等于112.5 mB. 两辆车刹车时相距的距离一定小于90 mC. 两辆车一定是在刹车后的20 s之内的某时刻发生相撞的D. 两辆车一定是在刹车后的20 s以后的某时刻发生相撞的【答案】C【解析】试题分析：由图像可知，两车速度相等时经历的时间为20s，甲车的加速度为：，乙车的加速度为：，此时甲乙两车速度为5m/s,故甲车的位移：，乙车的位移为：，可知要想不相撞，两车的至少距离，因为两车发生碰撞，则两车的距离小于100m，故A.B错；因为速度相等后，若不相撞，两者的距离由逐渐增大，可知两辆车一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生相撞的，故C对，D错。考点：匀变速直线的速度时间图像.【名师点睛】追及相遇问题：1从常见的三种追及、相遇问题看一个条件两者速度相等（1）初速度为零（或较小）的匀加速直线运动的物体追匀速运动的物体，在速度相等时二者间距最大；（2）匀减速直线运动的物体追匀速运动的物体，若在速度相等之前未追上，则在速度相等时二者间距最小；（3）匀速运动的物体追匀加速直线运动的物体，若在速度相等之前未追上，则在速度相等时二者间距最小2分析追及、相遇类问题时，要注意抓住题目中的关键字眼审题时要充分挖掘题目中的隐含条件，如“刚好”、“恰好”、“最多”、“至少”等，往往对应一个临界状态，满足相应的临界条件7. 如图所示,固定在水平地面上的物体P,左侧是光滑圆弧面,一根轻绳跨过物体P顶点上的小滑轮,一端系有质量为m=3 kg的小球,小球与圆心连线跟水平方向的夹角=60,绳的另一端水平连接物块3,三个物块重均为50 N,作用在物块2的水平力F=10N,整个系统处于平衡状态,g取10 m/s2,则以下说法正确的是 ()A. 1和2之间的摩擦力是10 NB. 2和3之间的摩擦力是25 NC. 3与桌面间的摩擦力为15 ND. 物块3受6个力作用【答案】D【解析】A、物体1受重力和支持力而平衡，不受静摩擦力，否则不能平衡，故A错误；B、对1与2整体分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件，3对12整体的静摩擦力向左，与拉力平衡，为10N，故2和3之间的摩擦力是10N，故B错误；C、对m受力分析，重力，支持力与绳子的拉力，由平衡条件，结合力的平行四边形定则可知，绳子的拉力F=mgsin30=15N，则3与桌面之间的摩擦力是15-10=5N，即3与桌面间摩擦力为5N，故C错误；D、对物块3受力分析，重力，支持力，2对3的压力，绳子对3向左的拉力，2对3水平向右静摩擦力，绳子对3向左的拉力，桌面对3静摩擦力，共受到6个力，故D正确；故选D。8. 如图所示,物块A和滑环B用绕过光滑定滑轮的不可伸长的轻绳连接,滑环B套在与竖直方向成=37的粗细均匀的固定杆上,连接滑环B的绳与杆垂直并在同一竖直平面内,滑环B恰好不能下滑,滑环和杆间的动摩擦因数=0.4,设滑环和杆间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则物块A和滑环B的质量之比为 ()A. 75 B. 2310 C. 135 D. 3925【答案】C【解析】【分析】对A受力分析根据平衡条件表示出绳子拉力，对B受力分析，根据平衡条件求出绳子拉力与B重力的关系，进而得到AB质量之比【详解】解：对A受力分析根据平衡条件：T=mAg对B受力分析，如图：根据平衡条件：mBgcos=fmAg=N+mBgsinf=N得：mAmB=135 ,故C对，ABD错故选：C9. xx年12月在上海举行的汽车展销会上，一辆汽车从静止开始匀加速运动，表中给出了某些时刻汽车的瞬时速度，根据表中的数据通过分析、计算可以得出（ ）A. 汽车运动的加速度为2 m/s2B. 汽车前6 s内的位移为54 mC. 汽车第8 s的速度为24 m/sD. 汽车运动第7 s内的位移为16 m【答案】BC【解析】【详解】A、汽车运动的加速度为a=vt=31=3m/s2故A错B、汽车前6s内的位移为:s=12at2=12362=54m .故B对 C、汽车在第8s末的速度为:v=at=38=24m/s ,故C对 D、汽车运动第7s内的位移为:s7=1237212362=19.5m .故D错误.故选BC【点睛】根据速度时间公式求出汽车运动的加速度,根据位移时间公式求出物体的位移.10. 某研究性学习小组为颈椎病人设计了一个牵引装置。如图，一根绳绕过两个定滑轮和一个动滑轮后两端挂着相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内。如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是 ( )A. 只增加绳的长度B. 只增加重物的重量C. 只将手指向下移动D. 只将手指向上移动【答案】BC【解析】试题分析：对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，大小等于悬挂物体的重量，根据三力平衡条件分析解：A、对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，拉力等于悬挂物体的重量mg，如图三个力的合力为零，两个拉力的大小恒定，夹角越大，合力越小，夹角越小，合力越大；增加细线长度时，由于两个细线拉力也不变，动滑轮位置不变，故三个力大小方向都不变，故A错误；B、增加重物的重力，两个拉力变大，动滑轮位置不变，则两拉力夹角不变，故合力变大，故手要用较大的力，故B正确；C、手指向下移动，两个拉力大小不变，夹角变小，故两拉力合力变大，故手要用较大的力，故C正确；D、手指向上移动，两个拉力大小不变，夹角变大，故两拉力合力变小，故手要用较小的力，故D错误；故选BC【点评】本题关键是对动滑轮受力分析，根据三力平衡条件，结合力的合成的平行四边形法则进行分析讨论11. 将甲、乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出,抛出时间间隔2s,它们运动的v-t图像分别如直线甲、乙所示。则()A. t=2s时,两球高度相差一定为40mB. t=4s时,两球相对于各自抛出点的位移相等C. 两球从抛出至落到地面所用的时间间隔相等D. 甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的相等【答案】BD【解析】【详解】A项，根据v-t图像，可由所围面积求得位移。得出甲球的位移为40m，乙球刚抛出，但需注意题干两球从距地面不同高度处抛出，故高度差不等于位移差。故A项错误。B项，对甲球位移为x轴上方面积减去下方面积代表的位移为40m，对乙球为上方至4s处面积代表的位移也为40m。故B项正确。C、D项，由于初速度相同，两球从抛出到回到抛出点的运动情况一致，所以到达最高点时间间隔和回到抛出点的时间相等。但由于抛出点高度不同，回到抛出点之后的运动时间不同，所以落到地面的时间间隔不同。故C项错误，D项正确。故选BD12. 两个中间有孔的质量为M的小球用一轻弹簧相连,套在一水平光滑横杆上.两个小球下面分别连一轻弹簧.两轻弹簧下端系在同一质量为m的小球上,如图所示.已知三根轻弹簧的劲度系数都为k,三根轻弹簧刚好构成一个等边三角形.则下列判断正确的是 ()A. 水平横杆对质量为M的小球的支持力为Mg+mgB. 连接质量为m小球的轻弹簧的弹力为mg3C. 连接质量为m小球的轻弹簧的伸长量为33kmgD. 套在水平光滑横杆上的轻弹簧的形变量为36kmg【答案】CD【解析】【详解】A、对整体受力分析,由平衡条件可得,水平横杆对质量为M的小球的支持力N=122Mg+mg ，故A错；B、对质量为m小球受力分析,由平衡条件可得2Tcos30=mg 解得T=33mg 故B错；C、由胡克定律T=kx 解得：x=33kmg ，故C对；D、对横杆上一个小球M受力分析,水平轻弹簧对小球M的作用力F=Tcos60=33mg12=36mg 在根据胡克定律知F=kx 解得x=36kmg ，故D对故选CD【点睛】对小球受力分析后根据平衡条件得到弹簧的弹力,根据胡克定律求解出压缩量;根据几何关系得到弹簧的长度.二、实验题（本题共2个小题，共14分。）13. 某同学用打点计时器研究小车的匀变速直线运动。他将打点计时器接到电源频率为50 Hz的交流电源上，实验时得到一条实验纸带，纸带上O、A、B、C、D、E、F、G为计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出。(1)两相邻计数点间的时间间隔为T=_s。(2)由纸带可知，小车的加速度为a=_m/s2，在打D点时小车的速度vD=_m/s（以上两空保留两位有效数字），F到G的距离为_cm。(3)若实验时，电源频率略低于50 Hz，但该同学仍按50 Hz计算小车的加速度，则测量得到的小车的速度与真实的速度相比将_（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。【答案】 (1). 0.1 (2). 0.75 (3). 0.40 (4). 5.90 (5). 偏大【解析】试题分析：（1）了解电磁打点计时器和电火花计时器的工作电压、打点周期、工作原理即可正确解答；（2）根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小，根据连续相等时间内的位移差为常数可求出F与G之间的距离大小；（3）明确打点计时器打点频率和打点周期之间的关系即可正确解答。（1）当电源频率是50Hz时，打点计时器每隔0.02s打一次点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，因此时间间隔为：T=50.02s=0.1s。（2）x=0.75cm，根据匀变速直线运动推论x=aT2可得：a=xT2=0.75102m(0.1s)2=0.75m/s2，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，因此有：vD=xCE2T=(14.506.45)102m20.1s=0.40m/s，根据题意可知：xEF=19.65cm14.50cm=5.15cm，xFGxEF=x，xFG=xEF+x=5.15cm+0.75cm=5.90cm。（3）当电源频率低于50Hz，其打点周期大于0.02s，所以仍按50Hz计算，即0.02s，据v=xt可知，测出的速度数值将比真实值偏大。【点睛】分析匀变速直线运动情况时，其两个推论能使我们更为方便解决问题：一、在相等时间内走过的位移差是一个定值，即x=aT2；二、在选定的某一过程中，中间时刻瞬时速度等于该过程中的平均速度。14. 在“用DIS测电源的电动势和内阻”的实验中(1)将待测电池组、滑动变阻器、电流传感器、电压传感器、定值电阻、电键及若干导线连接成电路如图甲所示。图中未接导线的A端应接在_点(选填“B”“C”“D”或“E”)。(2)实验得到的U-I关系如图乙中的直线所示,则电池组的电动势为_V,内电阻阻值为_。(3)为了测量定值电阻的阻值,应在图甲中将“A”端重新连接到_点 (选填“B”“C”“D”或“E”),所得到的U-I关系如图乙中的直线所示,则定值电阻的阻值为_。【答案】 (1). C (2). 2.8 (3). 2 (4). D (5). 3【解析】试题分析：（1）分析图（a），共有两个传感器其中一个已经串联在电路，说明为电流传感器，那么没有连接完整的就是电压传感器，测量路端电压，并联在电路中，所以a端接入C接线柱。（2）根据串并联电路路端电压和电流电动势关系可得u=EIr，uI图像与纵轴的截距即电动势，所以E=2.8v，斜率即内阻即r=2.81.4=2。（3）由于电压传感器左端已经接入电源负极，所以电压传感器右端接入C则电压表等于路端电压，无法测量定值电阻，又无法测量定值电阻电压，所以改而滑动变阻器电压，接入D接线柱。此时，电压表示数u=EI(r+R)，uI图像斜率即r+R=2.80.56，可得定值电阻阻值R=2.80.562=3。考点：测量电源电动势和内阻实验探究及拓展视频三、解答题（共38分）15. 如下图所示，一辆长为12m的客车沿平直公路以8.0m/s的速度匀速向北行驶，一辆长为10m的货车由静止开始以2.0m/s2的加速度由北向南匀加速行驶，已知货车刚启动时两车相距180m，求两车错车所用的时间【答案】0.8s【解析】解：设货车启动后经过时间t1时两车开始错车，则有x1+x2=180 m其中x1=at12x2=vt1解之可得t1=10 s设货车从开始运动到两车错车结束所用时间为t2，在数值上有x1+x2=（180+10+12）m=202 m其中x1=at22x2=vt2解得t2=10.8 s故两车错车时间t=t2t1=0.8 s【点评】本题属于相遇问题，关键抓住位移关系，运用运动学公式灵活求解16. 一个底面粗糙、质量为M=3m的劈放在粗糙水平面上，劈的斜面光滑且与水平面成30角。现用一端固定的轻绳系一质量为m的小球，小球放在斜面上，小球静止时轻绳与竖直方向的夹角也为30，如图所示。(1)当劈静止时，求绳子的拉力大小。(2)当劈静止时，求地面对劈的摩擦力大小。(3)若地面对劈的最大静摩擦力等于地面对劈支持力的k倍，为使整个系统静止，k值必须满足什么条件？【答案】(1)T=33mg (2)f=36mg (3)k321【解析】【分析】小球静止时合力为零，对小球受力分析，由共点力平衡条件可求得绳子的拉力，对劈进行受力分析，当劈相对于地面刚要滑动时静摩擦力达到最大，由共点力的平衡条件可得出支持力的大小，从而得到k的取值范围；解:（1）以小球为研究对象，受力分析如图（左）所示，对T和mg进行正交分解，由平衡条件有Tcos 30=mgsin 30得T=33mg (2)以劈和小球整体为研究对象，受力情况如图（右）所示由平衡条件可得f=Tcos 60=36mg(3)为使整个系统静止，必须满足fmax=kFNTcos 60，且有FN+Tsin 60=(M+m)g联立解得k32117. 如图所示，一列沿x轴正向传播的简谐横波，当波传到O点时开始计时，t7.0s时刚好传到x3.5m处下列说法正确的是_A波源的起振方向向下B该波的波速为2m/sC波源的振动频率为0.25HzD再经过1.0s，x1.8m处质点通过路程是20cmE该波的波长为2m【答案】ACE【解析】【详解】A、t7.0s时刚好传到x3.5m处，所以3.5m处质点的振动方向即为波源的起振方向，所以波源的起振方向向下，故A对；B、根据题意： ，故B错；C、根据题意 ，所以波源的振动频率为0.25Hz，故C对；D、再经过1.0s，由于x1.8m处质点在平衡位置附近运动，平均速度大，所以通过路程大于20cm，故D错；E、结合图像可知此波的波长为2m，故E对；故选ACE18. 如图,三角形ABC为某透明介质的横截面,O为BC边的中点,位于截面所在平面内的一束光线自O以角i入射,第一次到达AB边恰好发生全反射。已知=15,BC边长为2L,该介质的折射率为2。求:入射角i;从入射到发生第一次全反射所用的时间(设光在真空中的速度为c,可能用到: 或。【答案】(1)i=45 (2) 【解析】试题分析：（1）根据全反射定律可知，光线在AB面上P点的入射角等于临界角C，由折射定律得：，代入数据得：设光线在BC面上的折射角为，由几何关系得：由折射定律得：，联立代入数据得：。（2）在中，根据正弦定理得：，设所用时间为，光线在介质中的速度为，得：，光在玻璃中的传播速度，联立代入数据得：。考点：光的折射定律【名师点睛】由全反射定律求出临界角，由几何关系得到光线在BC面上的折射角，折射定律得到入射角；根据正弦定理求出光线在介质中路程，由v=cn求出光在玻璃中的传播速度，进而求出所用时间。视频