2019届高三物理12月月考试题(含解析) (I).doc

2019届高三物理12月月考试题(含解析) (I)一、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求； 第19-21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 汽车从A点由静止开始做匀加速直线运动，速度达到12m/s，后做匀速直线运动，最后到达B点。AB间的距离为90m。已知汽车加速运动的时间与匀速运动的时间相等，则汽车加速过程中的加速度大小为A. 2.0m/s2 B. 2.4m/s2C. 3.6m/s2 D. 4.0m/s2【答案】B【解析】设匀加速运动的时间为t，平均速度为v/2，由 解得t=5s，故B正确，ACD错误。故选：B。2. 如图5所示，竖直面内固定一段半圆弧轨道，两端点A，B连线水平。将一轻质小环P套在轨道上，一细线穿过轻环，一端系一质量为m的小球，另一端固定于B点。不计所有摩擦，重力加速度为g，平衡时轻环所受圆弧轨道的弹力大小A. 一定等于mgB. 一定等于mgC. 可能大于mgD. 可能等于2mg【答案】B【解析】平衡时，直线OP一定位于BPm的平分线上，一定有OBP=OPB=OPm=30，根据受力平衡，FN=2mgcos30=mg，故B正确，ACD错误。故选：B。3. 如图所示，等量异号点电荷连线上及延长线上有a、b、c三点，其中a、c两点关于连线中点O对称，d点位于中垂线上。下列说法正确的是A. a、c两点场强相等，电势也相等B. 将一正点电荷q1沿虚线由b经O移到d，q1所受电场力先增大后减小C. 将一负点电荷q2沿虚线由b经O移到d，电场力先做负功，后做正功D. 同一正点电荷在d点具有的电势能大于在c点具有的电势能【答案】D【解析】A根据等量异种电荷的等势线分布，a点电势高于c点，故A错误；B将一正点电荷q1沿虚线由b经O移到d，q1所受电场力一直减小，故B错误；C将一负点电荷q2沿虚线由b经O移到d，电场力先做负功，后不做功，故C错误；Dd点电势高于c点，正电荷在d点的电势能较大，故D正确。故选：D。4. 如图所示，在竖直方向运行的电梯中，一质量为m的物块置于电梯中倾角为的固定粗糙斜面上。设在电梯运动过程中，物块始终与斜面保持相对静止，则下列判断中正确的是A. 若电梯向上运动，则物块所受弹力与摩擦力的合力不可能小于mgB. 若电梯向上加速运动，且加速度逐渐增大，则物块所受弹力可能增大，而摩擦力可能减小C. 若电梯向下运动，则物块所受摩擦力的方向可能沿斜面向下D. 若电梯向下加速运动，且加速度逐渐增大，则物块所受弹力和摩擦力一定减小【答案】D【解析】A电梯向上减速运动时，弹力与摩擦力的合力小于mg，故A错误；B向上加速时，加速度增大，弹力和摩擦力合力向上且增大，则弹力和摩擦力均增大，故B错误；C摩擦力的方向不可能沿斜面向下，故C错误；D向下加速时，加速度增大，弹力和摩擦力合力向上且减小，则弹力和摩擦力均减小，故D正确。故选：D。5. 如图所示，xx1月1日，我国火星探测任务正式立项，预计将在xx左右发射火星着陆器并携带一辆火星车，在火星上软着陆。设火星着陆器的最后阶段先在圆轨道1上运行，接着经过变轨使其进入椭圆轨道2运行，最后再变轨进入距火星表面较近的圆轨道3上运行。轨道1、2相切于A点，轨道2、3相切于B点。已知着陆器在轨道1上的运行周期为T1，在轨道3上的运行周期为T3，A点距火星表面的高度为h，引力常量为G。仅利用以上数据，可以求得 A. 火星的质量和火星自转角速度B. 火星的密度和火星表面的重力加速度C. 着陆器在轨道1上运动时具有的动能和向心加速度D. 着陆器在轨道3上运动时具有的机械能和所受火星的万有引力【答案】B【解析】设火星半径为R，由，可求火星半径R。根据轨道半径和运行周期，可求火星质量、火星密度、火星表面的重力加速度以及相应的向心加速度。由于着陆器质量未知，着陆器的动能、机械能、万有引力均不可求，故B正确。6. 木块A从固定斜面底端以初速度v0冲上斜面，经一段时间，回到斜面底端。若木块在斜面上所受的摩擦阻力大小不变，关于木块A的下列说法中正确的是A. 在全过程中重力的冲量为零B. 在上滑过程中摩擦力的冲量小于下滑过程中摩擦力的冲量C. 在上滑过程中动量的变化量大于下滑过程中动量的变化量D. 在上滑过程中机械能的变化量大于下滑过程中机械能的变化量【答案】BC【解析】A根据重力的冲量I=mgt，全过程重力的冲量不为零，故A错误；B上滑过程加速度大于下滑过程的加速度，位移大小相等，上滑时间小于下滑时间，在上滑过程中摩擦力的冲量小于下滑过程中摩擦力的冲量，故B正确；C上滑过程中速度变化量较大，动量变化量较大，故C正确；D机械能的变化量等于摩擦力所做的功，上滑过程中机械能的变化量等于下滑过程中机械能的变化量，故D错误。故选：BC。点睛：上滑时间小于下滑时间，根据冲量的定义判断冲量的大小；根据动量定理判断动量的变化量；机械能的变化量等于摩擦力所做的功，根据做功公式判断机械能的变化量。7. 如图所示，在等边三角形MNP区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，质量和电量都相等的带电粒子，以不同的速率从MN中点a垂直于MN和磁场进入匀强磁场中，不计带电粒子的重力。关于从图中b点和c点飞出磁场的带电粒子，下列表述正确的是A. 从b点飞出的粒子带负电，从c点飞出的粒子带正电B. 从b点飞出的粒子的速率可能大于从c点飞出的粒子的速率C. 从b点飞出的粒子在磁场中运动的时间一定大于从c点飞出的粒子在磁场中运动的时间D. 改变带电粒子的速度，c点的位置可以无限接近P，b点的位置可以无限接近N【答案】AC【解析】A由左手定则可知从b点飞出的粒子带负电，从c点飞出的粒子带正电，故A正确；B由图可知，从b点飞出的粒子的轨道半径较小，速率较小，故B错误；C由图可知，从b点飞出的粒子在磁场中运动时所对应的圆心角较大，时间较大，故C正确；D不能无限接近N，因为半径增大后将从PN边界射出磁场，故D错误。故选：AC。点睛：由左手定则判断粒子带电的正负；由于质量和电量都相等，由半径大小判断速度的大小；由圆心角的大小判断时间的长短；半径增大后将从PN边界射出磁场。8. 如图所示，E为电源，R1、R2、R3为可变电阻，C为水平放置的平行板电容器，其中b板接地并固定不动，a板可以移动。当开关K1、K2均闭合时，电容器极板间有一带电油滴恰好处于静止状态。下列说法正确的是A. 减小R1，同时减小R2，带电油滴可能保持静止不动B. 减小R3，同时增大R2，带电油滴将向下运动C. 只断开K1，同时将电容器a极板缓慢向上平移，带电油滴将保持静止不动D. 只断开K2，同时将电容器a极板缓慢向右平移，带电油滴将向上运动【答案】BD【解析】AB电路中R1与R3串联，R2无电流，是一等势体，电容器两端电压为R3上的电压，当减小R1时，电容器两端电压增大，油滴向上运动，当减小R3时，电容器两端电压减小，油滴向下运动，故A错误，B正确。C只断开K1，电容器放电，油滴向下运动，故C错误；D只断开K2，电容器上电荷量不变，减小正对面积，C减小，U增大，E增大，油滴向上运动，故D正确。故选：BD。三、非选择题： 9. 图甲是“验证机械能守恒定律”的实验装置图，已知重物的质量为m，使用的交流电的频率为f。重物从高处由静止开始下落，重物上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点进行测量并通过计算，就可以验证机械能守恒定律（设重力加速度为g）。(1)如图乙所示，O为起始点，选取纸带上打出的三个连续点A、B、C，测出O、A两点的距离为x1，A、B两点的距离为动x2，B、C两点的距离为x3，用以上给出的已知量写出打点计时器在打O点到B点的这段时间内，重物的重力势能的减少量为_，动能的增加量为_。(2)某同学上交的实验报告显示，重物增加的动能略大于重物减小的重力势能，则出现这一间题的原因可能是：_ （填序号）A.重物的质量测量错误B.使用中交流电实际频率大于fC.该同学实验操作时先释放纸带，后接通电源D.重锤下落时受到的阻力过大【答案】 (1). (2). (3). C【解析】（1）重物下落的高度为x1+x2，所以重物的重力势能的减少量为；根据匀变速运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则动能的增加量为；（2）A由于两式中都有质量，所以与重物质量无关，故A错误；B如果实际频率大于f，则会造成计算时动能的增加量偏小，故B错误；C如果有初速度，即先释放纸带，后接通电源，则重物增加的动能会略大于重物减小的重力势能，故C正确；D重锤下落时受到的阻力过大，则动能的增加量偏小，故D错误。故选：C。10. 在物理课外活动中某同学制作了一个只有两挡的简单多用电表，图甲为多用电表的电路图。已知选用的电流表G的内阻Rg=10，满你电流Ig=10mA。要求改装后当选择开关接1时为量程25V的电压表。(1)根据图甲电路图，请在图乙实物图中面出连线_，将器材连接成实验电路。(2)按正确连接，则图甲中表笔A应为_（填“红”或“黑”）色(3)R1的值应为_。(4)为了测该多用电表内电源的电动势，该同学在实验查找到了一个电阻箱。设计了如下实验；将选择开关接2，红、黑表笔短接，调节R2的阻值使电表指针满编；将电表红、黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱当其示数如图丙所示时，电流表G的指针正好半偏。由此可得到多用电表内电源的电动势为_V（结果保留3位有效数字）。【答案】 (1). (2). 黑 (3). 2490 (4). 1.48【解析】（1）根据电路图，实物图如图示：（2）多用电表内部电源的正极应接黑表笔，所以图甲中表笔A应为黑表笔。（3）电压表应将电流表G与电阻串联，电阻R1=；.点睛：多用电表内部电源的正极应接黑表笔；电流表G的指针正好半偏时，外接电阻等于内阻，根据闭合电路欧姆定律计算电动势。11. 如图所示，倾角=37的租糙斜面轨道与一半径R=0.2m的坚直光滑圆狐软道在B点平滑连接。一质量m=0.2kg的小滑块Q静置于圆弧轨道最低点B处。现将另一与滑块Q完全相同的小滑块P从斜面上高h=4.8m处的A点由静止释放，运动到最低点与Q发生正碰，碰撞后（碰撞时间极短）两物块立即粘合在一起，已知小滑块P与斜面间的动摩擦因数=0.25，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：(1)小滑块P从A点运动到量低点B所用的时间t以及与Q碰撞前瞬间的速度v；(2)小滑块P与Q碰撞过程中损失的机械能E；(3)滑块运动到圆弧轨道最高点D时对轨道的压力。【答案】（1）8m/s（2）3.2J(3)12N【解析】（1）由，得 ，t=2s v=at=8m/s （2）由动量守恒有mv=2mv1 （3）由机械能守恒有 解得FN=12N 12. 如图所示为真空室内研究电子在电场和磁场中运动的简化模型示意图。在xOy平面边长为3L的正方形ABCD（AD边与y轴重台，0为AD中点）区域内，存在三个匀强电场，电场I的场强大小为E，方向沿x轴负方向、电场、的场强大小均为2E，方向分别沿y轴负方向和y轴正方向，三个电场沿x轴方间的宽度均为L。a、b两点位于电场I的左边界y轴上，距坐标原点O的距离均为L/2，今在a点处由静止释放电子。设电子的电量为q，质量为m，不计电子所受重力。(1)求电子刚进入电场时的速度大小；(2)求电子离开电场时的位置以及速度方向与x轴正方向所成夹角的正切值；(3)今在b点沿y轴方向安装一荧光屏，为使电子难直打在要光屏上，可在x3L的整个空间区域内加一垂直于xOy平面的匀强磁场，求所加磁场磁感应强度的大小和方向【答案】(1) (2)1(3) ，磁感应强度方向垂直xOy平面向里【解析】粒子运动的轨迹如图所示：（1）由 得 （2）由L=v0t 得y=L/2 位置为（3L，L） （3）磁感应强度方向垂直xOy平面向里 由图可知 解得B= 13. 下列说法正确的是_A. 当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而增大B. 气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度有关C. 温度高的物体分子平均动能一定大，内能也一定大D. 小昆虫水黾可以站在水面上是液体表面张力的缘故E. 热力学第二定律指出：在任何自然的过程中，一个孤立的系统的总熵不会减小【答案】BDE【解析】A当分子间作用力表现为斥力时，随分子间距离的增大，分子力做正功，分子势能减小，故A错误；B气体压强的大小跟温度和体积有关。温度是分子平均动能的标志，体积决定分子的密集程度，故B正确；C内能是所有分子动能与势能之和，与温度和体积都有关。温度高的物体分子平均动能一定大，内能不一定大，故C错误；D昆虫可以站在水面上是液体表面张力的缘故，故D正确；E在任何自然的过程中，一个孤立的系统的总熵一定是增大的，故E正确。故选：BDE。14. 如图所示，左边开口右边封闭且等高的U形玻璃管粗细不同，右管横截面积是左管的2倍。管中装人水银，在右管中封闭一段长为20cm的空气柱，此时环境温度为51，两侧水银面的高度差为6cm设大气压强相当于75cm高水银柱产生的压强。求：.为使左右两便水银面高度相等，环境温度应变为多少？.若保持环境温度51不变，然后将细管管口用一活寒封闭并将活常缓慢推入管中，直至两管中水银面高度相等，则活塞下移的距离是多少？【答案】(1)270K(2) 【解析】.对右管封闭气体，由理想气体的状态方程有 T2=270K .对右边封闭气体有p1V1=p3V3 P3=90cmHg 对左边封闭气体有p4V4=p5V5，p4=p0，p5=p3 V5=L5S，L5=35/3cm 15. 如图所示，半圆柱形玻璃砖的圆心为0。一束复色光束以入射角i=30由玻璃砖内射向0点，折射后分为两束单色光束a、b。其中单色光束a的折射角恰为r=45，则下列说法正确的是_A. 玻璃砖对单色光b的折射率应略小于B. 在水中的传播速度：光束a比光束b大C. 若光束从水中射向空气，则光束a的临界角比光束b的临界角小D. 光束a比光束b更容易发生衍射现象E. 在光的双缝干涉实验中，仅将入射光束由a改为b，则条纹间隔变窄【答案】BDE【解析】A根据折射定律有n=sin/sini可知，a的折射率为，由图可知，b的折射率大于a的折射率，故A错误；B. 光在水中的传播速度为v=c/n，a的在玻璃中的折射率较小，在水中的折射率也较小，所以光束a在水中的传播速度比光束b大，故B正确；C. 全反射临界角等于C，则有sinC=1/n,折射率越小，临界角越大，故C错误；D光速a折射率小说明频率低，由c=f可知，a的波长较长，所以光束a比光束b更容易发生衍射现象，故D正确；D在光的双缝干涉实验中，条纹间隔，仅将入射光束由a改为b，则条纹间隔变窄，故E正确。故选：BDE.点睛：根据折射定律和临界角公式，确定折射率的大小和临界角C的大小，并求得玻璃砖的折射率同等条件下波长越大，衍射越容易；波长越大，干涉条纹越宽。16. 一列频率为25Hz的横波在x轴上传播，某时刻，在x=-2m的质点A正通过平衡位置向上运动时，在x=4m处的质点恰好位于上方最大位移处。.设这列波的波长大于6m，若沿x轴正方向传播，则波速多大?若沿x轴负方向传播，则波速多大？.若这列波的波速为120m/s，求波的传播方向。【答案】（1）200m/s，600m/s（2）沿x轴负方向传播【解析】.T=1/f=0.04s 若波沿x轴正方向传播， 若波沿x轴负方向传播， .波沿x轴正方向传播，可能的波长满足（n=0，1，2，3 ） 波沿x轴负方向传播，可能的波长满足（n=0，1，2，3 ） 由 ，可知波沿x轴负方向传播