资源描述
二次函数与线段的和差问题知识讲解知识点二次函数综合；勾股定理；相似三角形的性质；教学目标1. 熟练运用所学知识解决二次函数综合问题2灵活运用数形结合思想教学重点巧妙运用数形结合思想解决综合问题；教学难点灵活运用技巧及方法解决综合问题；知识讲解线段的和的最小值：此类问题归结为对称点问题，我们只需将其中的一个已知点关于直线的对称点找到，同时连接该对称点与另一已知的点，则该直线与已知直线的交点即为寻找的点；线段的差的最大值：此类问题归结为三点共线问题，我们只需将两个已知的点都转换到直线的同一侧，同时连接这两个已知的点得到的直线与已知直线的交点即为寻找的点；线段的最值问题：我们可以将所需线段用所设的未知数表示出来，再根据函数最值的求解方式便可以得到线段的最值了；图形周长的最值问题：此类问题可以归结为线段的和的最值问题，我们可以借助线段和的最值求法来研究。当需要求解出线段的最值时，我们可以将线段放置于直角三角形中，运用勾股定理求解。例题精析例1已知：直线l：y=2，抛物线y=ax2+bx+c的对称轴是y轴，且经过点（0，1），（2，0）（1）求该抛物线的解析式；（2）如图，点P是抛物线上任意一点，过点P作直线l的垂线，垂足为Q，求证：PO=PQ（3）请你参考（2）中结论解决下列问题：（i）如图，过原点作任意直线AB，交抛物线y=ax2+bx+c于点A、B，分别过A、B两点作直线l的垂线，垂足分别是点M、N，连结ON、OM，求证：ONOM（ii）已知：如图，点D（1，1），试探究在该抛物线上是否存在点F，使得FD+FO取得最小值？若存在，求出点F的坐标；若不存在，请说明理由例2已知平面直角坐标系中两定点A（-1，0），B（4，0），抛物线（）过点A、B，顶点为C点P（m，n）（n0）为抛物线上一点（1）求抛物线的解析式与顶点C的坐标（2）当APB为钝角时，求m的取值范围（3）若，当APB为直角时，将该抛物线向左或向右平移t（）个单位，点P、C移动后对应的点分别记为、，是否存在t，使得首尾依次连接A、B、所构成的多边形的周长最短？若存在，求t值并说明抛物线平移的方向；若不存在，请说明理由例3如图，抛物线y=ax2+bx+c（a0）的图象过点M（2，），顶点坐标为N（1，），且与x轴交于A、B两点，与y轴交于C点（1）求抛物线的解析式；（2）点P为抛物线对称轴上的动点，当PBC为等腰三角形时，求点P的坐标；（3）在直线AC上是否存在一点Q，使QBM的周长最小？若存在，求出Q点坐标；若不存在，请说明理由例4如图，抛物线与x轴交A、B两点（A点在B点左侧），直线与抛物线交于A、C两点，其中C点的横坐标为2（1）求A、B 两点的坐标及直线AC的函数表达式；（2）P是线段AC上的一个动点，过P点作y轴的平行线交抛物线于E点，求线段PE长度的最大值；A（3）点G是抛物线上的动点，在x轴上是否存在点F，使A、C、F、G这样的四个点为顶点的四边形是平行四边形？如果存在，求出所有满足条件的F点坐标；如果不存在，请说明理由课程小结有针对性的对勾股定理、相似三角形的性质及二次函数的基础知识进行复习，有助于为研究二次函数与线段的和差问题提供有利的依据。在探究二次函数与线段的和差问题时，抓住已有的信息及条件用所设未知数来表示出线段的长度，并能运用二次函数的最值来解决问题，掌握此类问题的解题思路及技巧是解决问题的关键，如遇到线段和最大及差最小问题可相应的将其转换为对称点及三点共线的问题来解决。例1【规范解答】解：（1）由题意，得，解得：，抛物线的解析式为：y=（2）如图，设P（a， a21），就有OE=a，PE=a21，PQl，EQ=2，QP=a2+1在RtPOE中，由勾股定理，得PO=，PO=PQ；（3）如图，BNl，AMl，BN=BO，AM=AO，BNAM，BNO=BON，AOM=AMO，ABN+BAM=180BNO+BON+NBO=180，AOM+AMO+OAM=180，BNO+BON+NBO+AOM+AMO+OAM=3602BON+2AOM=180，BON+AOM=90，MON=90，ONOM；如图，作FHl于H，DFl于G，交抛物线与F，作FEDG于E，EGH=GHF=FEG=90，FO=FG，FH=FO，四边形GHFE是矩形，FO+FD=FG+FD=DG，FO+FD=FH+FDEG=FH，DEDF，DE+GEHF+DF，DGFO+DF，FO+FDFO+DF，F是所求作的点D（1，1），F的横坐标为1，F（1，）【总结与反思】1. 由抛物线y=ax2+bx+c的对称轴是y轴，就可以得出=0，由待定系数法求可以求出抛物线的解析式；2. 由（1）设出P的坐标，由勾股定理就可以求出PE和PQ的值而得出结论；3. 由（2）的结论就可以得出BO=BN，AO=AM，由三角形的内角和定理记平行线的性质就可以求出MON=90而得出结论；如图，作FHl于H，DFl于G，交抛物线与F，作FEDG于E，由（2）的结论根据矩形的性质可以得出结论例2【规范解答】(1)解:依题意把的坐标代入得: ;解得: 抛物线解析式为顶点横坐标,将代入抛物线得(2)如图,当时,设,则过作直线轴, (注意用整体代入法)解得,当在之间时，或时，为钝角.(3)依题意，且设移动（向右，向左）连接则又的长度不变四边形周长最小，只需最小即可，将沿轴向右平移5各单位到处沿轴对称为当且仅当、B、三点共线时，最小，且最小为，此时，设过的直线为，代入 即将代入，得：，解得：当，P、C向左移动单位时，此时四边形ABPC周长最小。【总结与反思】1.二次函数待定系数法; 2.存在性问题,相似三角形; 3.最终问题,轴对称,两点之间线段最短例3【规范解答】解：（1）由抛物线顶点坐标为N（1，），可设其解析式为y=a（x+1）2+，将M（2，）代入，得=a（2+1）2+，解得a=，故所求抛物线的解析式为y=x2x+；（2）y=x2x+，x=0时，y=，C（0，）y=0时，x2x+=0，解得x=1或x=3，A（1，0），B（3，0），BC=2设P（1，m），显然PBPC，所以当CP=CB时，有CP=2，解得m=；当BP=BC时，有BP=2，解得m=2综上，当PBC为等腰三角形时，点P的坐标为（1，+），（1，），（1，2），（1，2）；（3）由（2）知BC=2，AC=2，AB=4，所以BC2+AC2=AB2，即BCAC连结BC并延长至B，使BC=BC，连结BM，交直线AC于点Q，B、B关于直线AC对称，QB=QB，QB+QM=QB+QM=MB，又BM=2，所以此时QBM的周长最小由B（3，0），C（0，），易得B（3，2）设直线MB的解析式为y=kx+n，将M（2，），B（3，2）代入，得，解得，即直线MB的解析式为y=x+同理可求得直线AC的解析式为y=x+由，解得，即Q（，）所以在直线AC上存在一点Q（，），使QBM的周长最小【总结与反思】（1）先由抛物线的顶点坐标为N（1，），可设其解析式为y=a（x+1）2+，再将M（2，）代入，得=a（2+1）2+，解方程求出a的值即可得到抛物线的解析式；（2）先求出抛物线y=x2x+与x轴交点A、B，与y轴交点C的坐标，再根据勾股定理得到BC=2设P（1，m），显然PBPC，所以当PBC为等腰三角形时分两种情况进行讨论：CP=CB；BP=BC；（3）先由勾股定理的逆定理得出BCAC，连结BC并延长至B，使BC=BC，连结BM，交直线AC于点Q，由轴对称的性质可知此时QBM的周长最小，由B（3，0），C（0，），根据中点坐标公式求出B（3，2），再运用待定系数法求出直线MB的解析式为y=x+，直线AC的解析式为y=x+，然后解方程组，即可求出Q点的坐标例4【规范解答】解：（1）令y=0，解得x1=1或x2=3，A（1，0），B（3，0），将C点的横坐标x=2， 代入y=x22x3，得：y=3，C（2，3）；直线AC的函数解析式是：y=x1；（2）设P点的横坐标为x（1x2），则P、E的坐标分别为：P（x，x1），E（x，x22x3），P点在E点的上方，PE=（x1）（x22x3）=x2+x+2=（x）2+，当x=时，PE的最大值=；（3）存在4个这样的点F，分别是：F1（1，0），F2（3，0），F3（4+，0），F4（4，0）如图1，连接C与抛物线和y轴的交点，那么CGx轴，此时AF=CG=2，因此F点的坐标是（3，0）；如图2，AF=CG=2，A点的坐标为（1，0），因此F点的坐标为（1，0）；因此F点的坐标为（1，0）；如图3，此时C，G两点的纵坐标关于x轴对称，因此G点的纵坐标为3，代入抛物线中，即可得出G点的坐标为（1，3），由于直线GF的斜率与直线AC的相同，因此可设直线GF的解析式为：y=x+h，将G点代入后，可得出直线的解析式为：y=x+7因此直线GF与x轴的交点F的坐标为：（4+，0）；如图4，同可求出F的坐标为：（4，0）；综合四种情况可得出，存在4个符合条件的F点【总结与反思】1. 抛物线与x轴的交点即为A和B，再将A和C带入求解直线方程。2. 将点P和点E坐标设出后，求解最大值。3. 将已知AC边作为边或者对角线分类讨论求出点坐标。
展开阅读全文