2019年高二下学期期末考试物理试题 缺答案.doc

2019年高二下学期期末考试物理试题 缺答案 白凤侠 王国华 张春雷 考试时间:90分钟 试卷页数:6页一、单选题（本题共有8道小题，每道小题只有一个选项正确，每小题4分，共计32分。）1根据牛顿运动定律，下列表述正确的是（ ）A力是维持物体运动的原因B力是改变物体运动状态的原因C外力停止作用后，物体由于惯性会停止D物体做匀速直线运动时，所受合外力不为零2汽车刹车前的速度为20m/s，刹车的加速度大小为4m/s2，汽车刹车后6s内通过的位移为（ ）A24m B50m C48m D35m3一汽车在平直公路上15m/s的速度做匀速直线运动，当发现前方发生事故时3m/s2的加速度紧急刹车，停在发生事故位置前，那么刹车过程中前2s内的位移与最后2s的位移的比值为（ ）A1/4 B4 C5/2 D34如图所示，质量均为m的甲、乙两同学，分别静止于水平地面的台秤P、Q上，他们用手分别竖直牵拉一只弹簧秤的两端，稳定后弹簧秤的示数为F，若弹簧秤的质量不计，重力加速度为g，下列说法正确的是A两台秤的读数之和为2mgB台秤P的读数等于mgFC台秤Q的读数为mg2FD甲受到的拉力大于F，乙受到的拉力小于F5一辆公共汽车刚起步一小段时间后，发现一乘客未上车，司机立即采取制动措施若此过程中汽车的运动在一条直线上，其速度时间图象如图所示那么，对于02t和2t3t两段时间内加速度的关系，正确的是（ ）A加速度大小之比为1：2 B加速度大小之比为1：1C加速度大小之比为2：1 D加速度大小之比为2：36如图所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行与斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法中正确的是（ ）A、两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为B、B球的受力情况未变，瞬时加速度为零C、A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为D、弹簧有收缩趋势，B球的瞬时加速度向上，A球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零7近年来，我国一些地区出现了雾霾天气，影响了人们的正常生活。在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方有一辆大卡车正以10 m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，已知小汽车刚刹车时与大卡车相距40m，并开始计时，得到小汽车和大卡车的v-t图象分别如图中a、b所示，以下说法正确的是A由于初始距离太近，两车一定会追尾B在t=1s时追尾C在t=5s时追尾D在t=5s时两车相距最近，但没有追尾8如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O为球心，一质量为m的小滑块，在水平力F的作用下静止P点设滑块所受支持力为FNOP与水平方向的夹角为下列关系正确的是（ ）AF= BF=mgtanCFN= DFN=mgtan二、多选题（本题共有4道小题，每小题至少有两个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，共计16分。）9在研究下述运动时，能把物体看作质点的是（ ）A研究地球的自转B研究乒乓球的旋转C研究火车从北京运行到上海的时间 D研究悬挂的轻绳下系着的小钢球的摆动10如图所示，两物体A.B通过跨过光滑定滑轮的轻绳连接，若两物体静止（），则下列说法正确的是（ ）A绳的拉力大小等于A的重力大小 BB可能受到3个力CB一定受到4个力 DB的重力大于A的重力11如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对于车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时，则（ ）AM受静摩擦力增大B物块M对车厢壁的压力不变C物块M仍能相对于车厢壁静止DM受静摩擦力不变12如图所示，将一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在内壁光滑的半球形容器底部O处（O为球心），弹簧另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点。已知容器半径为R、与水平地面之间的动摩擦因数为，OP与水平方向的夹角为30下列说法正确的是A容器相对于水平面有向左的运动趋势B容器和弹簧对小球的作用力的合力竖直向上C轻弹簧对小球的作用力大小为mgD弹簧原长为三、实验题（本题有2道小题，其中第13小题6分，第14小题10分，共计16分。）13电火花打点计时器是测量时间的仪器，其工作电压约为 V，电源频率是50Hz，它每隔 s打一次点，在测定匀变速直线运动加速度实验中，某次实验纸带的记录如图所示，纸带上O、A、B、C、D、E、F、G为计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，由图可知纸带的加速度等于 ，在打D点时纸带的速度为 （保留两位有效数字）14在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到（1）当M与m的大小关系满足 时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的总重力（2）一组同学在探究加速度与质量的关系时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地得出加速度a与质量M的关系，应作出a与 图象（3）甲同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a一F图线，如图2（a）所示则实验存在的问题是 。（4）乙、丙两同学用同一装置探究加速度与力的关系时，画出了各自得到的a一F图线，如图2（b）所示则是两同学做实验时 取值不同造成的（5）随着F的增大，a一F图线最后会略微向 弯曲（填上或下）四、计算题（本题共有4道小题，其中第15、16小题每题8分，第17、18小题每题10分，共计36分。要求有必要的文字说明和必要的公式。）15如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O轻绳OB水平且B端与放置在水平面上的质量为m2的物体乙相连，轻绳OA与竖直方向的夹角=37，物体甲、乙均处于静止状态（已知：sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）轻绳OA、OB受到的拉力是多大？（2）物体乙受到的摩擦力是多大？方向如何？16一个倾角为=37的斜面固定在水平面上，一个质量为m=1.0kg的小物块（可视为质点）以v0=4.0m/s的初速度由底端沿斜面上滑，小物块与斜面的动摩擦因数=0.25若斜面足够长，已知sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2，求：（1）小物块沿斜面上滑时的加速度大小；（2）小物块上滑的最大距离；（3）小物块返回斜面底端时的速度大小17如图所示，在国庆阅兵中，某直升飞机在地面上空某高度A位置处于静止状态待命要求该机10时57分由静止状态沿水平方向做匀加速直线运动，经过AB段加速后，以v=80m/s进入BC段的匀速受阅区，11时准时通过C位置已知SBC=8km问：（1）直升飞机在AB段做匀加速直线飞行的时间为多少？（2）直升飞机在AB段的加速度是多少？（3）AB段的距离大小为多大？18如图甲所示，质量m=2kg的物块在平行斜面向上的拉力F作用下从静止开始沿斜面向上运动，t=05s时撤去拉力，利用速度传感器得到其速度随时间的变化关系图象（v-t图象）如图乙所示，g取l0m/s2，求：（1）2s内物块的位移大小s和通过的路程L；（2）沿斜面向上运动两个阶段加速度大小a1、a2和拉力大小F。参考答案【答案】B【解析】试题分析：力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动的原因是物体的惯性，故A错误；力是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因，故B正确；力是改变物体运动状态的原因，外力停止作用后，物体由于惯性而做匀速直线运动，故C错误；物体做匀速直线运动时，由于物体的加速度为0，物体所受合外力也为0，故D错误。考点：牛顿运动定律综合【名师点睛】力是改变物体运动状态的原因，力是产生加速度的原因，维持物体运动的原因是物体的惯性，物体的速度不变，物体所受的合外力为0。2B【解析】试题分析：根据匀变速直线运动的速度公式vt=v0+at可得汽车刹车的时间t=5s即汽车经过5s中停止运动故求汽车在刹车过程中通过的位移x=t=t=50m故汽车在刹车后6s内通过的位移即刹车过程中的位移为50m故B正确故选B3B【解析】试题分析：汽车做匀减速直线运动，减速时间为 。所以由匀减速直线运动位移公式，前2S内位移 ，最后2S内位移 。代入数据得 ， 。故位移之比为4，故B对，故选B。考点：匀变速直线运动规律。【名师点睛】物体做匀变速直线运动，所以求位移时应用匀减速运动位移公式。由初速度可知，物体匀减速运动5S，最后2S为4、5S，匀减速直线运动最后速度减为0，逆着考虑可看成初速度为零的匀加速直线运动。物体做匀减速直线运动时要警惕刹车陷阱，速度减为零后不再运动。【答案】A【解析】试题分析：将两人做为整体分析，整体受重力、支持力，故两台秤的示数之和为，故A正确；对甲受力分析，甲受重力、支持力及弹簧秤向下的拉力，则有：甲受到支持力为，即台秤P的读数等于，故B错误；对乙分析，乙受到的拉力向上，故台秤Q的示数为，故C错误；稳定后弹簧秤的示数为F，所以甲受到的拉力等于F，乙受到的拉力也等于F，故D错误。考点：共点力平衡的条件及其应用、力的合成与分解的运用【名师点睛】两同学的重力不变；分别分析两人的受力可得出两台秤的示数；再对两人用整体法进行分析可得出两台秤的示数之和；本题考查共点力作用下物体的平衡，要掌握整体法的应用，注意应用整体法时，弹簧秤的拉力为内力，不再考虑。5A【解析】解：设汽车加速的最大速度为v，根据图象可知：02t时间内车做匀加速运动，加速度=2t3t时间内车做匀减速运动，加速度=所以加速度大小之比为=1：2故选A【点评】速度时间图象中要注意观察三点：一点，注意横纵坐标的含义；二线，注意斜率的意义；三面，速度时间图象中图形与时间轴围成的面积为这段时间内物体通过的位移【答案】B【解析】试题分析：系统静止，根据平衡条件可知：对B球，对A球，细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生改变，则：B球受力情况未变，瞬时加速度为零；对A球根据牛顿第二定律得：，故A错误；B球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故B正确；对A球根据牛顿第二定律得：，故C错误；B球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故D错误。考点：牛顿第二定律、胡克定律【名师点睛】该题是牛顿第二定律的直接应用，本题要注意细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生瞬间改变，该题难度适中。7D【解析】试题分析：小车司机从发现大卡车到速度与卡车速度相等所用时间相等，在这段时间内，卡车匀速直线运动，小车分两段都做匀减速直线运动。5s时速度相等，大车位移。小车位移。，故两车没有追尾，t=5s时，两车相距最近。故ABC错，D对。故选D。考点：追及相遇为题、匀变速运动规律的考查。【名师点睛】追及相遇问题，得通过读题先画出草图，通过草图找到时间、位移关系，利用时间位移关系列式求解即可。本题中，小车和大卡车运动时间相等，但运动情景不同，小车两端分别做匀变速直线运动，大卡车做匀速直线运动，两车开始相距40m，所以只需比较小车在速度相等即5s时的位移与大卡车在5s时位移加40m的大小关系即可。8A【解析】解：对小滑块受力分析，受水平推力F、重力G、支持力FN、根据三力平衡条件，将受水平推力F和重力G合成，如图所示，由几何关系可得，所以A正确，B、C、D错误故选A【点评】本题受力分析时应该注意，支持力的方向垂直于接触面，即指向圆心本题也可用正交分解列式求解！【答案】CD【解析】试题分析：研究地球的自转时，地球有大小和形状不能忽略，不能看作质点，否则就无法分辨地球的转动，故A错误；研究乒乓球的旋转时，球的大小不能忽略，故不能看作质点；故B错误；研究火车从南京到上海所用时间时，尽管火车有一定的长度和形状，但相对于从南京到上海的距离可忽略不计，故火车可看作质点，故C正确；轻绳下系着的小钢球的摆动，个点运动情况相同，可以看成质点，故选项D正确。考点：质点【名师点睛】考查对物体看成质点的条件的理解和判断能力要注意明确同一个物体有时可以看作质点，而有时不能看作质点，要看所研究的问题中物体的大小能否忽略。10AC【解析】试题分析：对A分析，A处于静止状态，受重力和绳子的拉力处于平衡，则T=GA，故A正确对B分析，因为B处于静止状态，竖直方向和水平方向均平衡，受重力、支持力、拉力和静摩擦力处于平衡，可知B一定受4个力，在竖直方向上有：Tsin+N=mBg，无法比较A.B的重力大小，故C正确，B.D错误故选AC.考点：物体的平衡【名师点睛】此题是关于物体的平衡问题；解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意B的支持力为零，则摩擦力也为零，不可能平衡。11CD【解析】解：以物块为研究对象，分析受力情况如图：重力Mg，车厢的弹力N和静摩擦力f，根据牛顿第二定律得，水平方向：N=Ma竖直方向：f=MgA、当加速度增大时，N增大，M所受的最大静摩擦力增大，物块在竖直方向受力平衡，即f=Mg不变故A错误，D正确B、当加速度增大时，N增大，根据牛顿第三定律得知，物块M对车厢壁的压力增大故B错误C、因为最大静摩擦力增大，物块仍然能相对于车厢壁静止故C正确故选：CD【点评】解决本题的关键知道物块与小车具有相同的加速度，隔离对物块分析，运用牛顿第二定律进行求解12BD【解析】试题分析：由于容器和小球组成的系统处于平衡状态，容器相对于水平面没有向左运动的趋势，故A错误；对小球受力分析，如图所示，小球受到重力G、弹簧的弹力F和容器的支持力T，根据平衡条件得知容器和弹簧对小球的作用力的合力与重力大小相等，方向相反，所以此合力竖直向上，故B正确；对小球受力分析，如图所示，由=30得小球受到容器的支持力和弹簧对小球的弹力大小均为mg，故C错误；图中弹簧长度为R，压缩量为，故原长为R+，故D正确故选BD 考点：共点力的平衡【名师点睛】对于共点力平衡问题重点在于正确选择研究对象，本题运用隔离法和整体法两种方法进行受力分析得出结论。13220，0.02，0.75m/s2，0.40m/s【解析】试题分析：了解电磁打点计时器和电火花打点计时器的工作电压、工作原理即可正确解答，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小，解：电磁打点计时器和电火花计时器都是使用交流电源的仪器，电火花计时器的工作电压是220V，其中电火花计时器实验误差较小当电源频率是50Hz时，它们每隔0.02s打一次点根据题意可知：每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，因此计数点之间的时间间隔为：T=0.1sx=0.75cm，根据匀变速直线运动推论x=aT2可得：a=0.75m/s2根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，因此有：vD=0.40m/s；故答案为：220，0.02，0.75m/s2，0.40m/s【点评】能够知道相邻的计数点之间的时间间隔，利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力14（1）Mm（2）；（3）平衡摩擦力过度；（4）M取值不同造成的（5）下弯曲【解析】试题分析：（1）当M与m的大小关系满足Mm时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的总重力（2）为了比较容易地得出加速度a与质量M的关系，应作出a与图象因为图线是直线，更能反应两个物理量之间的关系. （3）由图线可知，当力F为零时就已经有了加速度，故实验存在的问题是平衡摩擦力过度；（4）因两图线的斜率不同，而根据可知图线的斜率为，则两同学做实验时M取值不同造成的（5）随着F的增大，M与m的大小关系不再满足Mm时，则a一F图线最后会略微向下弯曲考点：探究加速度与力、质量的关系的实验【名师点睛】此题考查了探究加速度与力、质量的关系的实验，解题的关键是搞清实验的原理，并注意此实验中的两个重要步骤：必须满足当Mm时才可认为砝码对小车的拉力等于砝码的重力；其次是平衡摩擦力的方法及可能出现的两种情况.15（1）轻绳OA、OB受到的拉力分别是和（2）物体乙受到的摩擦力是，方向水平向左【解析】解：（1）以结点为研究对象，受到三个拉力作用，作出力图，其中物体甲对O点拉力等于物体甲的重力，即F=m1g根据平衡条件得轻绳OA的拉力FOA=轻绳OB的拉力FOB=m1gtan=（2）对乙物体研究，由二力平衡得：物体乙受到的摩擦力f=FOB=m1gtan=，方向水平向左答：（1）轻绳OA、OB受到的拉力分别是和（2）物体乙受到的摩擦力是，方向水平向左【点评】本题考查运用平衡解题的基本能力，其关键是分析物体的受力情况16（1）小物块沿斜面上滑时的加速度大小为8m/s2（2）小物块上滑的最大距离为1.0m（3）小物块返回斜面底端时的速度大小2m/s【解析】试题分析：（1）根据牛顿第二定律求出小物块上滑的加速度大小（2）通过匀变速直线运动的速度位移公式求出小物块上滑的最大距离（3）根据牛顿第二定律求出下滑的加速度，通过速度位移公式求出下滑到斜面底端的速度大小解：（1）小物块在斜面上的受力情况如右图所示，重力的分力根据牛顿第二定律有FN=F2F1+Ff=ma又因为 Ff=FN由式得a=gsin+gcos=100.6m/s2+0.25100.8m/s2=8.0m/s2（2）小物块沿斜面上滑做匀减速运动，到达最高点时速度为零，则有得 =1.0m（3）小物块在斜面上的受力情况如右图所示，根据牛顿第二定律有FN=F2F1Ff=ma由式得a=gsingcos=100.6m/s20.25100.8m/s2=4.0m/s2因为 所以 =（或2.8m/s）答：（1）小物块沿斜面上滑时的加速度大小为8m/s2（2）小物块上滑的最大距离为1.0m（3）小物块返回斜面底端时的速度大小2m/s【点评】本题考查牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁17（1） （2）a1=6m/s2 a2=12m/s2 F=36N【解析】试题分析：（1）由图乙知物块沿斜面上升的位移：物块沿斜面下滑的距离：位移s=s1-s2= 路程L= s1+s2=（2）由图乙知，各阶段加速度的大小a1=6m/s2 a2=12m/s2 设斜面倾角为，斜面对物块的摩擦力为f ,根据牛顿第二定律005s内 05075s内 由得F=36N考点：速度图像和牛顿第二定律的考查。18（1）80s（2）1m/s2（3）3.2km【解析】试题分析：根据题意可知飞机水平飞行的总时间，根据位移速度公式可求出飞机水平匀速飞行的时间，由此可求飞机匀加速阶段飞行的时间；结合速度公式v=at可求飞机加速度阶段的加速度；飞机在AB段由静止做匀加速直线运动，根据位移公式可求AB段距离解：（1）依题意，直升飞机水平飞行的总时间t=180s水平匀速飞行的时间所以直升飞机在AB段做匀加速直线飞行的时间t1=tt2=80s（2）直升飞机在AB段的加速度2（3）AB段的距离大小：sAB=3200m=3.2km答：（1）直升飞机在AB段做匀加速直线飞行的时间为80s（2）直升飞机在AB段的加速度是1m/s2（3）AB段的距离大小为3.2km【点评】此题考查了匀变速运动的一些基本规律，只要我们记住公式，并且理解公式的含义以及应用条件，这类问题都会迎刃而解属于中档题