2019-2020年高二物理下学期期末迎考试题.doc

2019-2020年高二物理下学期期末迎考试题一、选择题（10个小题，每小题4分，共40分。每小题的四个选项中，只有一个是最符合题目要求的。）PQ铜管小磁块塑料管图11.如图1所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块（ ）A在P和Q中都做自由落体运动B. 在两个下落过程中的机械能都守恒C. 在P中的下落时间比在Q中的长D落至底部时在P中的速度比在Q中的大2如图所示的电路中，R为灯泡，L为电感线圈，电流表、电压表均为理想电表，电源的电压u220sin100t(V)。若保持电源电压的有效值不变，只将电源频率改为60 Hz，下列说法正确的有（ ）A电流表示数增大B电压表示数不变C灯泡变暗D灯泡亮度不变3.如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场(未画出)。一带电粒子从紧贴铝板上表面的P点垂直于铝板向上射出，从Q点穿越铝板后到达PQ的中点O。已知粒子穿越铝板时，其动能损失一半，速度方向和电荷量不变。不计重力。铝板上方和下方的磁感应强度大小之比为（ ）A2 B C1 D4.发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至用户的输电导线的总电阻为R，通过输电导线的电流为I，用户端电压为U2，升压变压器的原副线圈匝数比为a，降压变压器原副线圈的匝数比为b，下面选项表示输电导线上损耗的功率正确的是（ ）ABCI(U1U2) DI2R5.在如图所示的电路中，R0、R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合电键S当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数的变化量分别用I、U1、U2和U3表示，则在滑片P向下滑动的过程中（ ） (A) U1/I变大，U1/I不变 (B) U2= U1+ U3 (C) U3/I不变，U3/I不变 (D) |U2|=|U1|+|U3| 6. 如图所示，在场强大小为E，方向水平向右的匀强电场中，放一个电荷量为-q的点电荷，A、B、C、D四点在以点电荷为圆心、半径为r的圆周上，并且A点、C点与点电荷在同一水平线上，B点、D点与点电荷在同一竖直线上，则下列说法正确的是（ ）AA点电场强度最小，且为BB、D两点电场强度大小相等，方向相同C同一点电荷在B点和D点时的电势能相等D同一点电荷在A点和C点时的电势能相等7.如图所示，实线为一匀强电场的电场线，两个带电粒子甲和乙分别从A、C两点以垂直于电场线方向的相同大小的初速度同时射入电场，粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹分别为图中虚线ABC与CDA所示.若甲是带正电的粒子，则下列说法正确的是 （ ） A. 甲乙两粒子的电势能均减小 B. A点的电势低于C点的电势C. 乙也是带正电的粒子 D.甲乙两粒子的电量一定相等8.如图所示，在边长为L的正方形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，有一带正电的电荷，从D点以v0的速度沿DB方向射入磁场，恰好从A点射出，已知电荷的质量为m，带电量为q，不计电荷的重力，则下列说法正确的是（ ）A匀强磁场的磁感应强度为B电荷在磁场中运动的时间为 C若电荷从CD边界射出，随着入射速度的减小，电荷在磁场中运动的时间会减小 D若电荷的入射速度变为2v0，则粒子会从AB中点射出9.如图所示，一正方形线圈的匝数为n，边长为a，线圈平面与匀强磁场垂直，且一半处在磁场中。在t时间内，磁感应强度的方向不变，大小由B均匀地增大到2B。在此过程中，线圈中产生的感应电动势为（ ） A B C D10.如图所示，倾角为的粗糙斜面上静止放置着一个质量为m的闭合正方形线框abcd，它与斜面间动摩擦因数为。线框边长为l，电阻为R。ab边紧靠宽度也为l的匀强磁场的下边界，磁感应强度为B，方向垂直于斜面向上。将线框用细线通过光滑定滑轮与重物相连，重物的质量为M，如果将线框和重物由静止释放，线框刚要穿出磁场时恰好匀速运动。下列说法正确的是（ ）A线框刚开始运动时的加速度B线框匀速运动的速度C线框通过磁场过程中，克服摩擦力和安培力做的功等于线框机械能的减少量D线框通过磁场过程中，产生的焦耳热等于11、某同学通过实验测量一种合金的电阻率。 (1)用螺旋测微器测量合金丝的直径。为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧题10-1图所示的部件 (选填“A”、“B”、“C”或“D”)。从图中的示数可读出合金丝的直径为 mm。(2)题10-2图所示是测量合金丝电阻的电路，相关器材的规格已在图中标出。合上开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中，发现电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变化。由此可以推断：电路中 (选填图中表示接线柱的数字)之间出现了 (选填“短路”或“断路”)。 (题10-1图) (题10-2图)(3)在电路故障被排除后，调节滑动变阻器，读出电压表和电流表的示数分别为2. 23V和38mA，由此,该同学算出接入电路部分的合金丝的阻值为58. 7。为了更准确地测出合金丝的阻值，在不更换实验器材的条件下，对实验应作怎样的改进? 请写出两条建议。12.（1）对阻值过小的电流计采用半偏法测量。实验电路图如右。具体步骤：先将R的阻值调到最大，合上S1，调节R的阻值，使电流表的指针转到满刻度。合上S2，调节R的阻值，使电流表的指针转到满刻度的一半。记下R的阻值，则Rg R（填等于、小于或大于）。注意：为使接上电阻箱后总电流几乎不变，要求RRg，成为整个电路电阻的主要部分，使R的接入仅使电阻发生微小变化。系统误差为R测 R真（填等于、小于或大于）。（2）对于阻值过大的电压表可以采用半偏法测内阻。实验电路图如右。主要步骤为：按电路图连接电路；把变阻器R的滑动触头滑至最右端，将电阻箱电阻调到零，闭合电键S，调节R，使电压表指针满偏；调节R0，使电压表指针半偏，记下此时电阻箱的阻值R，则RV R（填等于、小于或大于）。半偏法实际上也是比较法，比较两支路的电流，两支路电流是相等的关系，因此电阻也是相等的关系。系统误差为R测 R真。（填等于、小于或大于）13（12分）如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数比为51，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u220sin100t（V）。副线圈中接一电动机，电阻为4 ，电流表A1示数为1 A。电表对电路的影响忽略不计，求此电动机输出功率。（各电表均为理想电表）14.如图所示的空间，匀强电场的方向竖直向下，场强为E，匀强磁场的方向垂直于纸面向外，磁感应强度为B有两个带电小球A和B都能在垂直于磁场方向的同一竖直平面内做匀速圆周运动（两小球间的库仑力可忽略），运动轨迹如图已知两个带电小球A和B的质量关系为mA = 3mB，轨道半径为RA = 3RB = 9 cm （1）试说明小球A和B带什么电，它们所带的电荷量之比qA/qB 等于多少？ （2）指出小球A和B在绕行方向及速率之比； （3）设带电小球A和B在图示位置P处相碰撞，且碰撞后原先在小圆轨道上运动的带电小球B恰好能沿大圆轨道运动，求带电小球A碰撞后所做圆周运动的轨道半径（设碰撞时两个带电小球间电荷量不转移）15.如图所示，匀强电场方向竖直向上，A、B是两个形状相同的金属小滑块，B滑块的质量是A滑块质量的4倍，B滑块不带电，放在水平台面的边缘；已知A滑块带正电荷，与台面间的动摩擦因数= 0.4开始时，A滑块在台面上恰好能匀速运动，速度大小为v0 = 5 m/s，之后与B滑块发生正碰，碰后B滑块落到地面上，落地时的动能等于它在下落过程中减少的重力势能设碰撞时间极短，碰后总电荷量没有损失且平分，A滑块还在桌面上，且两滑块始终在电场中，不计A、B间的库仑力已知台面绝缘，足够大，其高度h = 1.6 m，g取10 m/s2，则碰撞后A滑块还能运动多长时间？16如图所示，x轴上方存在磁感应强度为B的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外（图中未画出）。x轴下方存在匀强电场，场强大小为E，方向沿与x轴负方向成60角斜向下。一个质量为m，带电量为e的质子以速度v0从O点沿y轴正方向射入匀强磁场区域。质子飞出磁场区域后，从b点处穿过x轴进入匀强电场中，速度方向与x轴正方向成30，之后通过了b点正下方的c点。不计质子的重力。（1）画出质子运动的轨迹，并求出圆形匀强磁场区域的最小半径和最小面积；（2）求出O点到c点的距离。最后一卷参考答案一、 单项选择题（每题4分）12345678910CCDDDCAABB2、 实验题11、 (1)B 0.410(2)7.9断路(3)电流表改为内接;测量多组电流和电压值，计算出电阻的平均值.(或测量多组电流和电压值，用图象法求电阻值)12、 （1）等于 小于（2）等于 大于13（12分）解：原线圈中交变电源电压u220sin100t（V），2分可得电源电压有效值为220 V。1分根据变流比公式。2分得：I25 A。1分根据变压比，2分解得：U244 V。1分电动机的输出功率为P出U2I2I22r445524120 W。3分14.解析：（1）因为两带电小球都在复合场中做匀速圆周运动，故必有qE = mg，由电场方可知，两小球都带负电荷mAg = qAE，mA = 3mB所以 （2）由题意可知，两带电小球的绕行方向都为逆时针方向由qBv = m得，R =又由题意RA = 3RB，所以 （3）由于两带电小球在P处相碰，切向的合外力为零，故两带电小球在P处的切向动量守恒，由mAvA + mB vB = mA vA+ mBvB 得，vA =7vB/3= 7vA/9 由此得, 所以RA = 7 cm15.解析：设电场强度为E，B滑块质量为4m，碰后带电量为q，A滑块的质量为m，A滑块碰前带电量为2q，碰后带电量为qA滑块在碰前，有2qE = mg，所以qE =mg/2设A、B碰后速度分别为v1、v2，对B碰后应用动能定理得：Ek = (4mg qE) h，又Ek = 4mgh所以v2 = 2 m/sA、B碰撞过程中动量守恒，以v0方向为正方向，则：mv0 = mv1 + 4mv2，所以v1 = v0 4v2 = 3 m/s碰后A滑块返回，设经时间t停下，由动量定理得：(mg qE) t = 0 mv1解得：t = 1.5 s16、（16分）解析（1）质子先在匀强磁场中做匀速圆周运动，射出磁场后做匀速直线运动，最后进入匀强电场做类平抛运动，轨迹如图所示.根据牛顿第二定律，有ev0B = （2分）要使磁场的区域面积最小，则Oa为磁场区域的直径，由几何关系可知： r =Rcos30（2分）求出圆形匀强磁场区域的最小半径（2分）圆形匀强磁场区域的最小面积为（2分）（2）质子进入电场后，做类平抛运动，垂直电场方向： s sin30=v0t（2分）平行电场方向：scos30=a t2 / 2，（2分）由牛顿第二定律eE=ma，（2分）解得：。O点到c点的距离： （2分）