2019-2020年高考物理七模试卷（含解析）.doc

2019-2020年高考物理七模试卷（含解析）一、选择题（本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，1-4只有一项符合题目要求，5-8有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1（6分）（xx扬州学业考试）平抛物体的运动规律可以概括为两点：（1）水平方向做匀速运动，（2）竖直方向做自由落体运动为了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A球就水平飞出，同时B球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面，这个实验（）A只能说明上述规律中的第（1）条B只能说明上述规律中的第（2）条C不能说明上述规律中的任何一条D能同时说明上述两条规律2（6分）（xx柳南区校级模拟）如图所示，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数均为0.2，现在人用水平拉力拉绳，使他与木板一起向右匀速运动，则（）A人拉绳的力是200 NB人拉绳的力是50 NC人的脚给木板的摩擦力方向水平向左D人的脚给木板的摩擦力方向水平向右3（6分）（xx柳南区校级模拟）如图所示，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a和ba球质量为m，静置于地面；b球质量为4m，用手托住，高度为h，此时轻绳刚好拉紧从静止开始释放b后，a能离地面的最大高度为（）AhB1.5hC1.6hD2.2h4（6分）（xx柳南区校级模拟）匀强电场中有a、b、c三点，在以它们为顶点的三角形中，a=30c=90，bc的长度为1cm电场方向与三角形所在平面平行已知a、b和c点的电势分别为（2）V、（2+）V和2V则（）A该三角形的内切圆上最高电势为3VB该三角形的内切圆上最低电势为0VC该匀强电场电场强度大小为100V/mD该匀强电场电场强度大小为400V/m5（6分）（xx永州二模）如图所示，为两个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向里和向外，磁场宽度均为L，距磁场区域的左侧L处，有一边长L的正方形导体线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F使线框以速度v匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定：电流沿逆时针方向时的电动势E为正，磁感线垂直纸面向里时磁通量的方向为正，外力F向右为正则以下关于线框中的磁通量、感应电动势E、外力F和电功率P随时间变化的图象正确的是（）ABCD6（6分）（xx柳南区校级模拟）如图所示，在x0、y0空间存在一恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy平面向里，大小为B现把粒子（的原子核）和质子（）在x轴上的P点以相同速度垂直于x轴射入此磁场，两粒子在磁场中运动轨迹如图中虚线所示，其中一个粒子由坐标原点垂直于x轴射出磁场，另一个粒子在y轴上的Q点垂直于y轴射出磁场以下关于上述过程的说法正确的是（）A从O点射出磁场的是质子，从Q点射出磁场的是粒子B粒子与质子在磁场中作圆周运动的半径之比为1：2C粒子与质子在磁场中运动轨迹的长度不相等D粒子与质子在磁场中运动时间相等7（6分）（xx柳南区校级模拟）发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行；最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3轨道1，2相切于Q点，轨道2，3相切于P点，如图所示则卫星分别在1，2，3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B卫星在轨道2上正常运行过程，由Q点运行至P点的过程中，动能减小，势能增加C卫星在轨道2上运动一周的时间小于它在轨道3上运动一周的时间D卫星在轨道1上经过Q点时加速度等于它在轨道2上经过Q点的加速度8（6分）（xx柳南区校级模拟）如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列说法中正确的是（）A随着时间t增大，始终有a1=a2B经过一定时间，木块一定会相对木板相对运动C如果木块能相对木板滑动，则之后水平力F的功率随时间均匀增加D如果木块能相对木板滑动，则之后摩擦力对木板的功率随时间均匀增加二、非选择题（一）必做题9（3分）（xx柳南区校级模拟）用万用表测直流电压U和测电阻R时，若红表插入万用表的正（+）插孔，则（）A前者（测电压U）电流从红表笔流入万用表，后者（测R）从红表笔流出万用表B前者电流从红表笔流入万用表，后者电流从红表笔流入万用表C前者电流从红表笔流出万用表，后者电流从红表笔流出万用表D前者电流从红表笔流出万用表，后者电流从红表笔流入万用表10（15分）（xx柳南区校级模拟）在“测定金属丝的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准，待测金属丝接入电部分的长度约为40cm（1）用螺旋测微器测量金属丝直径，其中某次测量结果如图甲所示，其读数应为mm（该值接近多次测量的平均值）（2）用伏安法测金属丝的电阻RX，实验所用器材为：电池组（电动势为3V，内阻约为1），电流表（内阻约为0.1，量程00.6A），电压表（内阻约为3k，量程03.0V），滑动变阻器R（050，额定电流为1.5A）开关，导线若干某同学利用以上器材设计了如图乙实验电路图，图丙是测量RX的实验器材实物图，图中已经连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端，请根据乙图的电路图，补充完成丙图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏（3）利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如表，并在坐标纸上建立U、I坐标系，如丁图所示，图中已经标出了与测量数据相对应的四个点，请在丁图中标出第4、5次测量数据的坐标点，并描绘出UI图线，由图线得到金属丝的阻值RX=（保留两位有效数字）次数123456U/V1.001.201.501.702.002.20I/A0.160.190.240.270.320.36（4）根据以上数据可估算出金属丝的电阻率约为（保留一位有效数字）11（13分）（xx柳南区校级模拟）如图所示方格形平面区域，小正方形边长为24m，为方便描述以左下角O点为坐标原点，向东方向建立X轴，向北方向建立Y轴，X轴上连续分布一系列探测器甲、乙分别操作两辆小车A、B在方形区域运动，当探测器监测到两辆小车有相同的X坐标，立即发出一声且只发出一声报鸣声设甲操作A车以初速度2.5m/s，加速度0.025m/s2从（0，24）出发向东行驶，乙操作B车由静止开始以加速度0.15m/s2从（24，48）同时出发向东行驶，试问探测器会发出报鸣声吗，如果会，请求出报鸣声发出对应的时刻12（18分）（xx南宁校级模拟）如图所示是示波器的部分构造示意图，真空室中阴极K不断发出初速度可忽略的电子，电子经电压U0=4.55l03V的电场加速后，由孔N沿长L=0.10m相距为d=0.020m的两平行金属板A、B间的中心轴线进入两板间，电了穿过A、B板后最终可打在中心为O的荧光屏CD上，光屏CD距A、B板右侧距离S=0.45m若在A、B间加UAB=27.3V的电压已知电子电荷最e=1.61019C，质量m=9.11031kg求：（1）电子通过孔N时的速度大小；（2）荧光屏CD上的发光点距中心O的距离(二)选做题(共45分请考生从给出的3道题中任选一题作答，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则按所做的第一题计分)13（6分）（xx柳南区校级模拟）在均匀介质中选取平衡位置在同一直线上的13个质点，相邻两质点的距离均为0.1m，如图甲所示在此均匀介质中一列横波沿直线向右传播，在t=0时刻到达质点1，且质点1开始时是向上运动的，经过一段时间，在t=0.6s时刻第一次出现如图乙所示的波形则该波的A周期是0.3s，波长是0.8mB周期是0.4s，波长是0.8mC频率是2.5Hz，波速是2m/sD频率是Hz，波速是m/sE在t=0.6s时刻，质点13正在向下运动14（9分）（xx柳南区校级模拟）如图所示，折射率为n=的液面上有一点光源S，发出一条光线，垂直地射到水平放置于液体中且距液面高度为h的平面镜M的O点上，当平面镜绕垂直于纸面的轴O以角速度逆时针方向匀速转动时，液面上的观察者跟踪观察，发现液面上有一光斑掠过，且光斑到P点后立即消失，求：（1）光斑在这一过程的平均速度（2）光斑在P点即将消失时的瞬时速度15（xx山东）大量氢原子处于不同能量激发态，发生跃迁时放出三种不同能量的光子，其能量值分别是：1.89eV、10.2eV、12.09eV跃迁发生前这些原子分布在个激发态能级上，其中最高能级的能量值是eV（基态能量为13.6eV）16（xx山东）如图所示，滑块A、C质量均为m，滑块B质量为，开始时A、B分别以v1、v2的速度沿光滑水平轨道向固定在右侧的挡板运动，现将C无初速地放在A上，并与A粘合不再分开，此时A与B相距较近，B与挡板相距足够远若B与挡板碰撞将以原速率反弹，A与B碰撞将粘合在一起为使B能与挡板碰撞两次，v1、v2应满足什么关系？xx年广西柳州市柳铁一中高考物理七模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，1-4只有一项符合题目要求，5-8有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1（6分）（xx扬州学业考试）平抛物体的运动规律可以概括为两点：（1）水平方向做匀速运动，（2）竖直方向做自由落体运动为了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A球就水平飞出，同时B球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面，这个实验（）A只能说明上述规律中的第（1）条B只能说明上述规律中的第（2）条C不能说明上述规律中的任何一条D能同时说明上述两条规律考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：探究平抛运动的规律中，实验同时让A球做平抛运动，B球做自由落体运动，若两小球同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动，而不能说明A球水平方向的运动性质通过对比分析说明解答：解：据题：用小锤在打击金属片时，A小球做平抛运动的同时，B球做自由落体运动，两球同时落地，则说明平抛运动竖直方向的分运动是自由落体运动，只能说明上述规律中的第（2）条故ACD错误，B正确故选：B点评：本题运用对比的方法分析实验的意义，属于简单基础题目，实验虽然简单，但是很直观的验证了平抛运动在竖直方向上的运动规律2（6分）（xx柳南区校级模拟）如图所示，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数均为0.2，现在人用水平拉力拉绳，使他与木板一起向右匀速运动，则（）A人拉绳的力是200 NB人拉绳的力是50 NC人的脚给木板的摩擦力方向水平向左D人的脚给木板的摩擦力方向水平向右考点：物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算专题：受力分析方法专题分析：先以整体为研究对象，对整体进行受力分析，由共点力的平衡可求得人拉绳子的力；再对人受力分析，可求得人与地板间的摩擦力解答：解：以整体为研究对象，整体在水平方向受拉力和摩擦力，由共点力的平衡可知：2F=（m+M）g解得：F=100N，故A错误，B也错误；以人为研究对象，人受拉力及摩擦力而处于平衡，拉力向右，则摩擦力向左；而人对木板的摩擦力与木板对人的摩擦力大小相等，方向相反，故人的脚给木板的摩擦力方向水平向右，故C错误，D正确；故选：D点评：整体与隔离法在解决连接体时是常用的方法，要注意灵活的选择研究对象，通过受力分析，则可求解3（6分）（xx柳南区校级模拟）如图所示，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a和ba球质量为m，静置于地面；b球质量为4m，用手托住，高度为h，此时轻绳刚好拉紧从静止开始释放b后，a能离地面的最大高度为（）AhB1.5hC1.6hD2.2h考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：本题可以分为两个过程来求解，首先根据ab系统的机械能守恒，可以求得a球上升h时的速度的大小，之后，b球落地，a球的机械能守恒，从而可以求得a球上升的高度的大小解答：解：设a球到达高度h时两球的速度v，此过程中，b球的重力势能减小转化为a球的重力势能和a、b球的动能根据a、b系统的机械能守恒得：4mgh=mgh+（4m+m）v2，解得 v=此时绳子恰好松弛，a球开始做初速为v的竖直上抛运动，同样根据机械能守恒：mgh+mv2=mgH，解得a球能达到的最大高度 H=1.6h故选：C点评：在a球上升的全过程中，a球的机械能是不守恒的，所以在本题中要分过程来求解，第一个过程系统的机械能守恒，在第二个过程中只有a球的机械能守恒4（6分）（xx柳南区校级模拟）匀强电场中有a、b、c三点，在以它们为顶点的三角形中，a=30c=90，bc的长度为1cm电场方向与三角形所在平面平行已知a、b和c点的电势分别为（2）V、（2+）V和2V则（）A该三角形的内切圆上最高电势为3VB该三角形的内切圆上最低电势为0VC该匀强电场电场强度大小为100V/mD该匀强电场电场强度大小为400V/m考点：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：作出三角形的内切圆，取ab的中点为O，OC为等势线，作出OC的垂线bf为电场线，根据U=Ed，求解电场强度和电势解答：解：如图所示，取ab的中点O，则：O点的电势为：O=2V故Oc为等势线，其垂线be为电场线，方向为：be be间的电势差等于bc间的电势差，即： Ube=Ubc=（2+）2=V由Ube=E，得 E=200V/m在内切圆上电势最低点为f点，最高点为d点设内切圆的半径为r，则由几何知识可得：r+r=解得 r=m=r则bd间的电势差 Ubd=E=200V=（1）V由Ubd=bd，解得 d=bUbd=3V，即三角形的内切圆上最高电势为3Vbf间的电势差 Ubf=E=E3r=3（1）V由Ubf=bf，得f=bUbf=（52）V，即该三角形的内切圆上最低电势为（52）V故选：A点评：本题运用匀强电场中沿电场线方向电势均匀降低，得到O点的电势，找出O点与C点是等势点，再作等势线是解决这类问题的关键，再进一步作出电场线，并结合几何知识是求电势5（6分）（xx永州二模）如图所示，为两个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向里和向外，磁场宽度均为L，距磁场区域的左侧L处，有一边长L的正方形导体线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F使线框以速度v匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定：电流沿逆时针方向时的电动势E为正，磁感线垂直纸面向里时磁通量的方向为正，外力F向右为正则以下关于线框中的磁通量、感应电动势E、外力F和电功率P随时间变化的图象正确的是（）ABCD考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力；右手定则；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应中的力学问题分析：由线圈的运动可得出线圈中磁通量的变化；由则由法拉第电磁感应定律及E=BLV可得出电动势的变化；由欧姆定律可求得电路中的电流，则可求得安培力的变化；由P=I2R可求得电功率的变化解答：解：A、当线框运动L时开始进入磁场，磁通量开始增加，当全部进入时达最大；此后向外的磁通量增加，总磁通减小；当运动到2.5L时，磁通量最小，故A错误；B、当线圈进入第一个磁场时，由E=BLV可知，E保持不变，而开始进入第二个磁场时，两端同时切割磁感线，电动势应为2BLV，故B错误；C、因安培力总是与运动方向相反，故拉力应一直向右，故C错误；D、拉力的功率P=Fv，因速度不变，而在线框在第一个磁场时，电流为定值，拉力也为定值；两边分别在两个磁场中时，由B的分析可知，电流加倍，故安培力加培，功率加倍；此后从第二个磁场中离开时，安培力应等于线框在第一个磁场中的安培力，故D正确；故选D点评：电磁感应与图象的结合问题，近几年高考中出现的较为频繁，在解题时涉及的内容较多，同时过程也较为复杂；故在解题时要灵活，可以选择合适的解法，如排除法等进行解答6（6分）（xx柳南区校级模拟）如图所示，在x0、y0空间存在一恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy平面向里，大小为B现把粒子（的原子核）和质子（）在x轴上的P点以相同速度垂直于x轴射入此磁场，两粒子在磁场中运动轨迹如图中虚线所示，其中一个粒子由坐标原点垂直于x轴射出磁场，另一个粒子在y轴上的Q点垂直于y轴射出磁场以下关于上述过程的说法正确的是（）A从O点射出磁场的是质子，从Q点射出磁场的是粒子B粒子与质子在磁场中作圆周运动的半径之比为1：2C粒子与质子在磁场中运动轨迹的长度不相等D粒子与质子在磁场中运动时间相等考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：根据半径公式，结合比荷关系，结合轨迹确定粒子的种类根据几何关系求出运动轨迹的长度关系，根据周期公式，结合圆心角比较运动的时间解答：解：A、根据r=知，粒子进入磁场中的速度相等，经过Q点和经过O点粒子的半径之比为2：1，则比荷之比为1：2，所以从Q点射出磁场的是粒子，从O点射出的是质子，故A正确，B错误C、根据几何关系知，两粒子在磁场中运动轨迹的长度相等，故C错误D、根据T=，因为粒子与质子的比荷之比为1：2，则周期之比为2：1，因为圆心角之比为1：2，根据t=知，两粒子在磁场中运动的时间相等，故D正确故选：AD点评：本题考查了带电粒子在磁场中的运动，掌握粒子的半径公式和周期公式是解决本题的关键，以及掌握求解粒子在磁场中运动时间的方法：1、t=，2、t=7（6分）（xx柳南区校级模拟）发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行；最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3轨道1，2相切于Q点，轨道2，3相切于P点，如图所示则卫星分别在1，2，3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B卫星在轨道2上正常运行过程，由Q点运行至P点的过程中，动能减小，势能增加C卫星在轨道2上运动一周的时间小于它在轨道3上运动一周的时间D卫星在轨道1上经过Q点时加速度等于它在轨道2上经过Q点的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、和向心力的表达式进行讨论即可卫星做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须使卫星所需向心力大于万有引力，所以应给卫星加速解答：解：A、根据v=得卫星在轨道3上线速度小于卫星在轨道1上线速度，则A错误B、卫星在轨道2上正常运行过程，由Q点运行至P点的过程中，引力做负功，则动能减小，势能增加，则B正确C、由，可卫星在轨道2上运动一周的时间小于它在轨道3上运动一周的时间，则C正确D、卫星运行时只受万有引力，加速度a=，所以卫星在轨道2上经过Q点时的加速度等于它在轨道3上经过Q点时的加速度，故D正确；故选：BCD点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度和角速度的表达式，再进行讨论知道知道卫星变轨的原理，卫星通过加速或减速来改变所需向心力实现轨道的变换8（6分）（xx柳南区校级模拟）如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列说法中正确的是（）A随着时间t增大，始终有a1=a2B经过一定时间，木块一定会相对木板相对运动C如果木块能相对木板滑动，则之后水平力F的功率随时间均匀增加D如果木块能相对木板滑动，则之后摩擦力对木板的功率随时间均匀增加考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律专题：功率的计算专题分析：当F比较小时，两个物体相对静止，一起加速运动，加速度相同，根据牛顿第二定律得出加速度与时间的关系当F比较大时，m2相对于m1运动，两者加速度不同，根据牛顿第二定律分别对两个物体研究，得出加速度与时间的关系，再选择图象解答：解：当F比较小时，两个物体相对静止，加速度相同，根据牛顿第二定律得： a=，at；当F比较大时，m2相对于m1运动，根据牛顿第二定律得： 对m1：a1=，、m1、m2都一定，则a1一定 对m2：a2=tg，a2是t的线性函数，t增大，a2增大由于 ，则两木板相对滑动后a2大于两者相对静止时的加速度故A错误，v=at，故B正确C、根据功率P=Fv=kta2t=ka2t2，故C错误D、根据功率P=Fv=m2ga1t=t，故D正确故选：BD点评：本题首先要分两个相对静止和相对运动两种状态分析，其次采用整体法和隔离法研究得到加速度与时间的关系式，再选择图象，是经常采用的思路二、非选择题（一）必做题9（3分）（xx柳南区校级模拟）用万用表测直流电压U和测电阻R时，若红表插入万用表的正（+）插孔，则（）A前者（测电压U）电流从红表笔流入万用表，后者（测R）从红表笔流出万用表B前者电流从红表笔流入万用表，后者电流从红表笔流入万用表C前者电流从红表笔流出万用表，后者电流从红表笔流出万用表D前者电流从红表笔流出万用表，后者电流从红表笔流入万用表考点：多用电表的原理及其使用专题：恒定电流专题分析：无论测电压还是测电阻，电流都从红表笔进，黑表笔出解答：解：用多用表测量电阻时，流经多用表的电流由内电路提供，红表笔与内部电源的负极相连；用多用电表测电压时，电流由外部电源提供，总之无论是测电压U还是测电阻R，电流都是从红表笔流入多用电表，从黑表笔流出多用电流表；故B正确故选：B点评：本题考查了多用电表的使用，由于表头的结构原因，一定要注意电流总是从红表笔进；故欧姆表的红表笔接内部电源的负极10（15分）（xx柳南区校级模拟）在“测定金属丝的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准，待测金属丝接入电部分的长度约为40cm（1）用螺旋测微器测量金属丝直径，其中某次测量结果如图甲所示，其读数应为0.312mm（该值接近多次测量的平均值）（2）用伏安法测金属丝的电阻RX，实验所用器材为：电池组（电动势为3V，内阻约为1），电流表（内阻约为0.1，量程00.6A），电压表（内阻约为3k，量程03.0V），滑动变阻器R（050，额定电流为1.5A）开关，导线若干某同学利用以上器材设计了如图乙实验电路图，图丙是测量RX的实验器材实物图，图中已经连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端，请根据乙图的电路图，补充完成丙图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏（3）利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如表，并在坐标纸上建立U、I坐标系，如丁图所示，图中已经标出了与测量数据相对应的四个点，请在丁图中标出第4、5次测量数据的坐标点，并描绘出UI图线，由图线得到金属丝的阻值RX=5.0（保留两位有效数字）次数123456U/V1.001.201.501.702.002.20I/A0.160.190.240.270.320.36（4）根据以上数据可估算出金属丝的电阻率约为1106m（保留一位有效数字）考点：测定金属的电阻率专题：实验题分析：本题（1）的关键是读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线是否露出；题（2）的关键是根据数据表可以看出电表的示数变化范围较大，说明变阻器采用的是分压式接法；根据电阻定律和欧姆定律写出电阻率的表达式，然后解出电阻率的值即可；解答：解：（1）螺旋测微器的读数为：d=0+31.20.01mm=0.312mm；（2）根据给出的实验原理图则可得出对应的实物图如图所示；（3）根据描点法得出对应的伏安特性曲线如图所示；由图线得到金属丝的阻值为：RX=5.0（4）根据R= 得：=带入数据得：=1106m故答案为：（1）0.312；（2）如图所示；（3）如图所示；5.0；（4）1106m点评：题是综合性较强的题，解答时注意一下几方面：1、对于长度的测量注意高中所要求的游标卡尺和螺旋测微器的使用方法，读书时是固定刻度的值与可动刻度的值得和2、会根据电压表、电流表及被测电阻的阻值关系，确定电流表是内接还是外接3、了解实验误差产生的原因，并会在试验中做到尽可能的减小误差11（13分）（xx柳南区校级模拟）如图所示方格形平面区域，小正方形边长为24m，为方便描述以左下角O点为坐标原点，向东方向建立X轴，向北方向建立Y轴，X轴上连续分布一系列探测器甲、乙分别操作两辆小车A、B在方形区域运动，当探测器监测到两辆小车有相同的X坐标，立即发出一声且只发出一声报鸣声设甲操作A车以初速度2.5m/s，加速度0.025m/s2从（0，24）出发向东行驶，乙操作B车由静止开始以加速度0.15m/s2从（24，48）同时出发向东行驶，试问探测器会发出报鸣声吗，如果会，请求出报鸣声发出对应的时刻考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：AB都做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动规律：x=列式求解相遇时间解答：解：A车经过时间t发生的位移：B车经过时间t发生的位移：若两车X坐标相同，则有：xA=xB+24代入数据，由以各式可得：t1=16S，t2=24S由计算结果可知，两车有两次X坐标相同答：探测器会发出报两次鸣声，对应时间分别为：t1=16S，t2=24S点评：本题是匀变速直线运动规律在追及相遇中的应用，注意两个物体的位移时间关系即可12（18分）（xx南宁校级模拟）如图所示是示波器的部分构造示意图，真空室中阴极K不断发出初速度可忽略的电子，电子经电压U0=4.55l03V的电场加速后，由孔N沿长L=0.10m相距为d=0.020m的两平行金属板A、B间的中心轴线进入两板间，电了穿过A、B板后最终可打在中心为O的荧光屏CD上，光屏CD距A、B板右侧距离S=0.45m若在A、B间加UAB=27.3V的电压已知电子电荷最e=1.61019C，质量m=9.11031kg求：（1）电子通过孔N时的速度大小；（2）荧光屏CD上的发光点距中心O的距离考点：带电粒子在匀强电场中的运动；平抛运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）根据动能定理列式求解即可；（2）电子的运动分为三个过程，直线加速过程，偏转过程和匀速运动过程；对于偏转过程需将其运动分解为沿水平方向和竖直方向的两个分运动研究解答：解：（1）设电子通过加速电场到达N孔的速度大小为v，根据动能定理，有eU0=mv2解得：v=4107m/s即电子通过孔N时的速度大小为4107m/s（2）设电子通过加速电场的最大偏转位移为y，由类平抛运动得y=L=vt解得：y=7.5104m设荧光屏上亮线的总长度为Y由于所有的打到荧光屏上的电子相当于从A、B板中心沿直线射出由几何关系得=解得：Y=0.0075m即荧光屏CD上的发光点距中心O的距离为0.0075m点评：本题关键将电子的运动分为直线加速、电偏转和离开电场的匀速运动三个过程分析，对于类平抛运动要运用正交分解法分解为水平和竖直方向的直线运动来研究(二)选做题(共45分请考生从给出的3道题中任选一题作答，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则按所做的第一题计分)13（6分）（xx柳南区校级模拟）在均匀介质中选取平衡位置在同一直线上的13个质点，相邻两质点的距离均为0.1m，如图甲所示在此均匀介质中一列横波沿直线向右传播，在t=0时刻到达质点1，且质点1开始时是向上运动的，经过一段时间，在t=0.6s时刻第一次出现如图乙所示的波形则该波的A周期是0.3s，波长是0.8mB周期是0.4s，波长是0.8mC频率是2.5Hz，波速是2m/sD频率是Hz，波速是m/sE在t=0.6s时刻，质点13正在向下运动考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系分析：根据t=0.6s时刻第一次出现如图乙所示的波形和质点1开始振动方向向上，判断时间t=0.6s与周期的关系，定出周期，由图读出波长，算出频率、波速解答：解：A、由乙图得到波长=0.8m，由题意，质点1开始振动方向向上，而乙图上质点13振动方向向下，质点1在平衡位置，则可知，波的前锋并不是质点13，而在质点13右侧半个波长处，即形成两个波长的波形则t=2T，得到T=0.3s，故AE正确，B错误；C、波速v=，频率f=，故C错误，D正确；故选：ADE点评：本题首先考查波的特性：介质各质点起振方向与波源起振方向相同这个知识点，又考查分析、判断、推理能力14（9分）（xx柳南区校级模拟）如图所示，折射率为n=的液面上有一点光源S，发出一条光线，垂直地射到水平放置于液体中且距液面高度为h的平面镜M的O点上，当平面镜绕垂直于纸面的轴O以角速度逆时针方向匀速转动时，液面上的观察者跟踪观察，发现液面上有一光斑掠过，且光斑到P点后立即消失，求：（1）光斑在这一过程的平均速度（2）光斑在P点即将消失时的瞬时速度考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：根据折射定律求出角的大小，然后求出PA、OA的长度，由位移除以时间得出平均速度；光斑转到P位置的速度是由光线的伸长速度和光线的绕O转动的线速度合成的，将光斑在P位置的线速度分解，由几何知识得出光斑沿液面向左的速度解答：解：（1）光线垂直于液面入射，平面镜水平放置时反射光线沿原路返回，平面镜绕O逆时针方向转动时经平面镜的反射，光开始逆时针转动，液面上的观察者能得到由液面折射出去的光线，则看到液面上的光斑，从P处向左再也看不到光斑，说明从平面镜反射P点的光线在液面产生全反射，根据在P处产生全反射条件得：=解得：sin=即：=45因为=45，PA=OA=h，t=（2）光斑转到P位置的速度是由光线的伸长速度和光线绕O转动的线速度合成的，光斑在P位置的线速度为2h，所以光斑沿液面向左的速度v=2h=4h答：（1）光斑在AP过程中的平均速度为（2）光斑在P点即将消失时的瞬时速度为4h点评：本例涉及平面镜旋转、光的反射及全反射现象，需综合运用反射定律、速度的分解、线速度与角速度的关系等知识求解确定光斑掠移速度的极值点及其与平面镜转动角速度间的关系，是求解本例的关键15（xx山东）大量氢原子处于不同能量激发态，发生跃迁时放出三种不同能量的光子，其能量值分别是：1.89eV、10.2eV、12.09eV跃迁发生前这些原子分布在2个激发态能级上，其中最高能级的能量值是1.5eV（基态能量为13.6eV）考点：氢原子的能级公式和跃迁专题：压轴题；原子的能级结构专题分析：根据向低能级跃迁时，可以发出3种不同频率的光子，求解问题最高能级的能量值对应放出最大的能量光子解答：解：根据向低能级跃迁时，可以发出3种不同频率的光子，跃迁发生前这些原子分布在2个激发态能级上处于基态氢原子能量为13.6eV，最高能级的能量值是13.6eV+12.09eV=1.51eV故答案为：2；1.5点评：正确根据氢原子的能级公式和跃迁进行有关问题的计算，是原子物理部分的重点知识，要注意加强训练16（xx山东）如图所示，滑块A、C质量均为m，滑块B质量为，开始时A、B分别以v1、v2的速度沿光滑水平轨道向固定在右侧的挡板运动，现将C无初速地放在A上，并与A粘合不再分开，此时A与B相距较近，B与挡板相距足够远若B与挡板碰撞将以原速率反弹，A与B碰撞将粘合在一起为使B能与挡板碰撞两次，v1、v2应满足什么关系？考点：动量守恒定律专题：压轴题分析：A与C粘合过程中动量守恒，在B与挡板碰撞前，为避免A与B碰撞，A的速度应小于B的速度，A与B碰撞过程中动量守恒，为使A、B碰后能与挡板碰撞，碰后的速度应向右，由动量守恒定律可以求出两物体速度间的关系解答：解：设向右为正方向，A与C粘合在一起的共同速度为v，由动量守恒定律得mv1=2mv，为保证B碰挡板前A未能追上B，应满足vv2 ，设A与B碰后的共同速度为vn，由动量守恒定律得，为使B能一挡板再次碰撞应满足vn0，联立式得；答：为使B能与挡板碰撞两次，v1、v2应满足的关系是点评：要使B能第二次与挡板碰撞，在A与B碰后的速度应向右，分析清楚物体运动过程，应用动量守恒定律即可正确解题