2019-2020年高二物理下学期第一次月考试卷 理（含解析）.doc

2019-2020年高二物理下学期第一次月考试卷 理（含解析）一、单项选择题本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，错选、不选得0分1（3分）光滑的水平地面上放着一个木块一颗子弹水平地射进木块后停留在木块中，带动木块一起向前滑行一段距离，在这个过程中，子弹和木块组成的系统（）A动量和能量都守恒B动量和能量都不守恒C动量守恒，能量不守恒D动量不守恒，能量守恒2（3分）如图所示，一个质量为0.18kg的垒球，以25m/s的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45m/s，设球棒与垒球的作用时间为0.01s下列说法正确的是（）A球棒对垒球的平均作用力大小为360NB球棒对垒球的平均作用力大小为720NC球棒对垒球的平均作用力大小为1260ND无法判断3（3分）一人静止于完全光滑的水平冰面上现欲离开冰面，下列可行的方法是（）A向后踢腿B手臂向前甩C在冰面上滚动D脱下外衣水平抛出4（3分）关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，下列说法中正确的是（）A线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次B线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次感应电动势向不变C线圈平面每经过中性面一次，感应电流和感应电动势方向都要改变一次D线圈转动一周，感应电流和感应电动势方向都要改变一次5（3分）小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个R=110的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法中正确的是（）A电压有效值为220VB电流的周期为0.01sC如果在该电阻器两端并联一个交流电压表，该电压表的示数为220 VD如果在该电路中串联一个交流电流表，该电流表的示数为2V6（3分）如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）A周期是0.01SB最大值是220VC有效值是220VD表达式为U=220sin100t（V）7（3分）下列关于交流电的说法中正确的是（）A交流电器设备上所标的电压和电流值是交流电的峰值B用交流电流表和电压表测定的读数值是交流电的瞬时值C跟交变电流有相同的热效应的直流电的数值是交流电的峰值D给定的交流数值，在没有特别说明的情况下是指有效值8（3分）如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220sin（100t）（V）的交流电源上，副线圈接有R=55的负载电阻原、副线圈匝数之比为2：1电流表、电压表均为理想电表下列说法正确的是（）A原线圈中电流表的读数为1AB原线圈中的输入功率为220C副线圈中电压表的读数为110VD副线圈中输出交流电的周期为50s二、双项选择题本题共6小题，每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对的得4分，漏选的得2分，错选、不选得0分9（4分）向空中发射一物体，不计空气阻力当此物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂成a、b两块，若质量较大的a块的速度方向仍沿原来的方向，则（）Aa、b一定同时到达水平地面B在炸裂过程中，a、b受到的爆炸力的冲量大小一定相等Cb的速度方向一定与初速度方向相反D从炸裂到落地的这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大10（4分）一木块静止在光滑水平面上，一粒子弹水平射入木块，在这个过程中（）A子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等B子弹的动能损失与木块的动能增加相等C子弹与木块之间的相互作用力，对子弹与对木块的冲量大小相等D子弹与木块之间的相互作用力，对子弹做的功与对木块做的功相等11（4分）远距离输送交流电都采用高压输电我国正在研究用比330kV高得多的电压进行输电采用高压输电的优点是（）A可节省输电线的材料B可根据需要调节交流电的频率C可减少输电线上的能量损失D可加快输电的速度12（4分）一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为e=220sin100t关于这个交变电流，下列说法中正确的是（）A交变电流的频率为100HzB电动势的有效值为220VC电动势的峰值约为311VDt=0时，线圈平面与中性面垂直13（4分）如图所示，L1、L2是高压输电线，图中两电表示数分别是220V和10A，已知甲图中原 副线圈匝数比为 100：1，乙图中原副线圈匝数比为1：10，则（）A甲图中的电表是电压表，输电电压为2xxVB甲图是电流互感器输电电流是100AC乙图中的电表是电压表，输电电压为2xxVD乙图是电流互感器，输电电流是100A14（4分）如图为远距离高压输电的示意图关于远距离输电，下列表述正确的是（）A减小输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗C在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好三、实验题（13分）15（9分）如图1为“碰撞中的动量守恒”实验装置示意图（1）入射小球1与被碰小球2直径相同，均为d，它们的质量相比较，应是m1m2（2）为了保证小球做平抛运动，必须调整斜槽使（3）某次实验中在纸上记录的痕迹如图2所示测得OO=1.00厘米，OM=1.80厘米，MP=5.72厘米，PN=3.50厘米，入射球质量m1为100克，被碰小球质量m2是50克，两球直径都是1.00厘米，则没有放被碰球时，入射球落地点是纸上的点，水平射程是厘米，被碰小球的水平射程是厘米，验证的公式为：16（4分）某同学小组合作自主发明了一台小型发电机的产生的正弦式电流的电动势的有效值为10V，若线圈从中性面开始匀速转动，其周期为0.02s则线圈转动的角速度为，电动势的峰值为，若把该电动机当成理想电源与5的定值电阻串联，则该电阻在5秒内产生的热量为四、计算题（3小题，共39分）17（9分）一小型发电站输出的电功率是110kW，若用220V输电到距离10千米远的地方，平均每米长的导线电阻为2.7108试求（1）输电电流I为多少？（2）输电线上损失的功率为多少？18（10分）某小型实验水电站输出功率是20kW，输电线路总电阻是6（1）若采用380V输电，求用户得到的功率为多少？（2）若改用5000V高压输电，用户端利用n1：n2=22：1的变压器降压，求用户端变压前的电压U1和变压后得到的电压U219（10分）光滑水平面上有A、B两物块，质量分别为2kg和4kg，物块A以v0=6m/s的速度向右运动，物块B静止在前方（1）如图，情况一：物块A、B碰撞后，A以速度V1=2m/s反方向运动，求碰撞后物块B的速度（2）同样如图，情况二：物块发生的是完全弹性碰撞，求碰撞后物块A、B的速度20（10分）如图所示一根轻绳长1.6m，一端系在固定支架上，另一端悬挂一个质量为1kg的砂箱砂箱处于静止质量为10g的子弹以水平速度v0=500m/s打入砂箱，其后以v=100m/s速度从砂箱穿出g取10m/s2求：（1）砂箱和子弹作为一个系统共同损失的机械能；（2）砂箱在最低点处时，绳对砂箱的拉力大小广东省肇庆四中xx学年高二下学期第一次月考物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单项选择题本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，错选、不选得0分1（3分）光滑的水平地面上放着一个木块一颗子弹水平地射进木块后停留在木块中，带动木块一起向前滑行一段距离，在这个过程中，子弹和木块组成的系统（）A动量和能量都守恒B动量和能量都不守恒C动量守恒，能量不守恒D动量不守恒，能量守恒考点：动量守恒定律；机械能守恒定律专题：动量定理应用专题分析：子弹射入木块过程中，系统所受合外力为零，动量守恒；根据能量守恒定律，子弹减小的动能等于转化成的系统内能和木块增加的动能之和解答：解：子弹和木块组成系统受外力的合力为零，故系统动量守恒能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，只能从一种形式转化为别的形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，其总量不变能量守恒不需要条件，即子弹和木块组成系统能量守恒，故A正确，BCD错误；故选：A点评：本题是子弹射入木块类型，是动量守恒与能量守恒的综合应用，记住动量守恒的条件和能量守恒即可，基本题2（3分）如图所示，一个质量为0.18kg的垒球，以25m/s的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45m/s，设球棒与垒球的作用时间为0.01s下列说法正确的是（）A球棒对垒球的平均作用力大小为360NB球棒对垒球的平均作用力大小为720NC球棒对垒球的平均作用力大小为1260ND无法判断考点：动量定理专题：动量定理应用专题分析：对球棒击球的过程运用动量定理列方程求解作用力解答：解：根据动量定理：Ft=mv2mv1得：F=1260N，符号表示力的方向与初速度的方向相反故选：C点评：此题主要考查动量定理的简单运用，难度不大，属于基础题3（3分）一人静止于完全光滑的水平冰面上现欲离开冰面，下列可行的方法是（）A向后踢腿B手臂向前甩C在冰面上滚动D脱下外衣水平抛出考点：动量守恒定律专题：动量定理应用专题分析：选取合适的系统为研究对象，根据动量守恒定律进行分析解答：解：AB、以人作为整体为研究对象，向后踢腿或手臂向前甩，人整体的总动量为0，不会运动起来，故AB错误；C、因为是完全光滑的水平冰面，没有摩擦力，人是滚不了的，C错误；D、把人和外衣视为一整体，这个整体动量为0，人给外衣一个速度，动量总量不变，所以人也可以有一个反向的速度，可以离开冰面，D正确；故选：D点评：本题是实际问题，考查了利用动量守恒定律分析问题的能力，关键选取合适的系统为研究对象4（3分）关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，下列说法中正确的是（）A线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次B线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次感应电动势向不变C线圈平面每经过中性面一次，感应电流和感应电动势方向都要改变一次D线圈转动一周，感应电流和感应电动势方向都要改变一次考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理专题：交流电专题分析：线圈通过中性面时线圈与磁场垂直，磁通量最大，感应电动势为零线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次解答：解：当线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流时，线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次故只有C正确；故选：C点评：本题考查中性面特点：线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次5（3分）小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个R=110的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法中正确的是（）A电压有效值为220VB电流的周期为0.01sC如果在该电阻器两端并联一个交流电压表，该电压表的示数为220 VD如果在该电路中串联一个交流电流表，该电流表的示数为2V考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；正弦式电流的图象和三角函数表达式专题：交流电专题分析：从图象中可以求出该交流电的最大电压以及周期等物理量，然后根据最大值与有效值以及周期与频率关系求解解答：解：A、由图可知，交流电的最大电压Um=220V，所以交变电压的效值为U=220V，故A错误；B、由图可知，交流电周期T=0.02s，故B错误；C、如果在该电阻器两端并联一个交流电压表，电压表的示数为有效值，所以电压表的示数为220V，故C正确；D、如果在该电路中串联一个交流电流表，该电流表的示数为I=2A，故D错误；故选：C点评：本题比较简单考查了交流电最大值、有效值、周期、频率等问题，要学会正确分析图象，从图象获取有用信息求解6（3分）如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）A周期是0.01SB最大值是220VC有效值是220VD表达式为U=220sin100t（V）考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；正弦式电流的图象和三角函数表达式专题：交流电专题分析：根据图象可直接读出交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等解答：解：A、由图象知周期为0.02s，故A错误；B、由图象知最大值为311V，故B错误；C、电压的有效值为：U=V=220V，故C正确；D、角频率=rad/s=100rad/s，则瞬时值表达式为：u=311sin100t V，故D错误；故选：C点评：此题考查读图的能力，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式7（3分）下列关于交流电的说法中正确的是（）A交流电器设备上所标的电压和电流值是交流电的峰值B用交流电流表和电压表测定的读数值是交流电的瞬时值C跟交变电流有相同的热效应的直流电的数值是交流电的峰值D给定的交流数值，在没有特别说明的情况下是指有效值考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率专题：交流电专题分析：本题考查了有关交流电的基础知识，正确理解交流电瞬时值、最大值、平均值、有效值的含义解答：解：A、交流电器设备上所标的电压和电流值是交流电的有效值，故A错误；B、用电表测量的电流、电压均为交流电的有效值，故B错误；C、有效值是在热效应基础上建立的，即跟交变电流有相同的热效应的直流电的数值是交流电的有效值，故C正确；D、给定的交流数值，在没有特别说明的情况下都是指有效值，故D正确故选：CD点评：正确理解交流电的“四值”含义，尤其是“有效值”的理解与应用，同时注意加强这方面的练习8（3分）如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220sin（100t）（V）的交流电源上，副线圈接有R=55的负载电阻原、副线圈匝数之比为2：1电流表、电压表均为理想电表下列说法正确的是（）A原线圈中电流表的读数为1AB原线圈中的输入功率为220C副线圈中电压表的读数为110VD副线圈中输出交流电的周期为50s考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，即可求得结论解答：解：A、由瞬时值的表达式可得，原线圈的电压有效值为220V，根据电压与匝数成正比可得，副线圈的电压为110V，再由输入功率和输出功率相等可得220I1=，所以原线圈的电流的大小为1A，所以A正确；B、由输入功率和输出功率相等可得原线圈中的输入功率为=220W，所以B错误；C、电压表的读数为电压的有效值，由A的分析可知，副线圈的有效值为110V，所以电压表的读数为110V，所以C错误；D、变压器不会改变交流电的周期和频率，所以副线圈中输出交流电的周期为T=0.02s，所以D错误故选A点评：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解二、双项选择题本题共6小题，每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对的得4分，漏选的得2分，错选、不选得0分9（4分）向空中发射一物体，不计空气阻力当此物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂成a、b两块，若质量较大的a块的速度方向仍沿原来的方向，则（）Aa、b一定同时到达水平地面B在炸裂过程中，a、b受到的爆炸力的冲量大小一定相等Cb的速度方向一定与初速度方向相反D从炸裂到落地的这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大考点：动量守恒定律专题：动量定理应用专题分析：当物体的速度沿水平方向炸裂成a、b两块时，质量较大的a的速度方向仍沿原来的方向，根据动量守恒定律判断可知b运动方向一定沿水平方向，a、b均做平抛运动，高度相同，运动时间相同，同时到达地面在炸裂过程中，a、b间相互作用力大小相等，作用时间相等，冲量大小一定相等解答：解：A、a、b都做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，由于高度相同，飞行时间一定相同，a，b一定同时到达水平地面故A正确B、炸裂过程中，a，b受到爆炸力大小相等，作用时间相同，则爆炸力的冲量大小一定相等故B正确C、炸裂过程中，由于重力远小于内力，系统的动量守恒炸裂前物体的速度沿水平方向，炸裂后a的速度沿原来的水平方向，根据动量守恒定律判断出来b的速度一定沿水平方向，但不一定与原速度方向相反，取决于a的动量与物体原来动量的大小关系故C错误D、a、b都做平抛运动，飞行时间相同，由于初速度大小关系无法判断，所以a飞行的水平距离不一定比b的大故D错误故选：AB点评：本题是动量守恒定律及平抛运动的应用对于系统动量守恒，不仅作用前后总动量的大小保持不变，总动量的方向也保持不变，解题时要抓住这一点10（4分）一木块静止在光滑水平面上，一粒子弹水平射入木块，在这个过程中（）A子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等B子弹的动能损失与木块的动能增加相等C子弹与木块之间的相互作用力，对子弹与对木块的冲量大小相等D子弹与木块之间的相互作用力，对子弹做的功与对木块做的功相等考点：动量守恒定律；功的计算专题：动量定理应用专题分析：子弹、木块存在力的作用，所以它们是相互作用的系统，该系统受的外力为零，所以子弹水平射入木块时，系统动量守恒根据能量转化和守恒定律分析：子弹损失的动能转化为系统的内能和木块的动能解答：解：A、子弹、木块存在力的作用，所以它们是相互作用的系统，该系统受的外力为零，所以子弹水平射入木块时，系统动量守恒，子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等，故A正确B、根据能量转化和守恒定律分析：子弹损失的动能转化为系统的内能和木块的动能故B错误C、子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等，根据动量定理得子弹与木块之间的相互作用力，对子弹与对木块的冲量大小相等，故C正确D、子弹与木块之间有相对运动，子弹的位移大于木块的位移所以作用力与反作用力做功大小不等；故D错误故选：AC点评：本题考查对动量守恒和动量定理的应用，以及功与能关系的分析、判断能力当物体间有相对位移时，作用力与反作用力做功大小不等11（4分）远距离输送交流电都采用高压输电我国正在研究用比330kV高得多的电压进行输电采用高压输电的优点是（）A可节省输电线的材料B可根据需要调节交流电的频率C可减少输电线上的能量损失D可加快输电的速度考点：远距离输电专题：交流电专题分析：在输电的过程中输送的功率一定，根据P=UI，输送电压越高，输送电流越小，根据P=I2R，知损失的功率小解答：解：A、C、在输电的过程中输送的功率一定，根据P=UI和P=I2R，有：，故高压输电可以降低功率损耗，故A错误，C正确；B、交流电的频率等于发电机转动的频率，是不改变的，故B错误；D、电路中电场建立的速度是光速，与是否高压输电无关，故D错误；故选：C点评：解决本题的关键知道输电的过程中，输送功率一定，输电电压越高，电流越小，在输电线上损失的功率越少12（4分）一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为e=220sin100t关于这个交变电流，下列说法中正确的是（）A交变电流的频率为100HzB电动势的有效值为220VC电动势的峰值约为311VDt=0时，线圈平面与中性面垂直考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率专题：交流电专题分析：本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等解答：解：由e=220sin 100t可知该交流电的电动势最大值为220V，即311V，有效值为220V，故BC正确；线圈的转速为100rad/s，故其频率为：f=50Hz，故A错误；由e=220sin 100t可知，当t=0时e=0，此时线圈处在中性面上，故D错误故选BC点评：对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义13（4分）如图所示，L1、L2是高压输电线，图中两电表示数分别是220V和10A，已知甲图中原 副线圈匝数比为 100：1，乙图中原副线圈匝数比为1：10，则（）A甲图中的电表是电压表，输电电压为2xxVB甲图是电流互感器输电电流是100AC乙图中的电表是电压表，输电电压为2xxVD乙图是电流互感器，输电电流是100A考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：甲图是电压互感器，乙图是电流互感器变压器原副线圈的电压比等于匝数比只有一个副线圈的变压器，原副线圈中的电流比等于匝数的反比解答：解：A、根据变压器电压表等于匝数比，有=，故A正确B、甲图是电压互感器故B错C、乙图是电流互感器，电表是电流表故C错D、只有一个副线圈的变压器，电流比等于匝数的反比，有=，故D正确故选AD点评：电压互感器原线圈并接在两个输电线上，原线圈的匝数比副线圈的匝数多，是降压变压器，把高电压降低成低电压，副线圈接电压表电流互感器原线圈串接在某一根输电线中，原线圈匝数比副线圈匝数少，原线圈中是大电流，副线圈中是小电流，副线圈接的是电流表14（4分）如图为远距离高压输电的示意图关于远距离输电，下列表述正确的是（）A减小输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗C在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好考点：远距离输电专题：交流电专题分析：输电功率损失P损=I2R=R，根据该公式分析答题解答：解：A、在导线材料、长度一定的情况下，导线的横截面积越小，导线电阻越大，导线损失的功率越大，故A错误；B、由P损=I2R可知，在输电导线电阻一定的情况下，输电电流越小损失的功率越小，减小输电电流，可以减少电路的发热损耗，故B正确；C、由P损=R可知，输电电压一定，输送功率越大，输电损失功率越大，损失的电能越多，故C错误D、在高压输电的过程中，电压过高时，感抗和容抗影响较大，所以不一定是电压越高越好，故D正确故选BD点评：解决本题的关键掌握输电功率与输电电压的关系，以及损失功率与输电电流的关系三、实验题（13分）15（9分）如图1为“碰撞中的动量守恒”实验装置示意图（1）入射小球1与被碰小球2直径相同，均为d，它们的质量相比较，应是m1大于m2（2）为了保证小球做平抛运动，必须调整斜槽使水平（3）某次实验中在纸上记录的痕迹如图2所示测得OO=1.00厘米，OM=1.80厘米，MP=5.72厘米，PN=3.50厘米，入射球质量m1为100克，被碰小球质量m2是50克，两球直径都是1.00厘米，则没有放被碰球时，入射球落地点是纸上的P点，水平射程是8.52厘米，被碰小球的水平射程是11.02厘米，验证的公式为：maOP=maOM+mbON考点：验证动量守恒定律专题：实验题分析：（1）分析图示实验情景，根据实验原理及注意事项分析前2问；（3）根据实验原理及平抛运动的规律分析两小球的运动过程及落点，从而得出对应的动量守恒的表达式解答：解：（1）为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即：m1大于m2（2）为了保证小球做平抛运动，必须调整斜槽使末端切线水平（3）由图2所示可知，射球碰前落地点是纸上的P点，水平射程是OP=OO+OM+MP=1.00+1.80+5.72=8.52cm，被碰小球的水平射程：ON=OM+MP+PN=1.80+5.72+3.50=11.02cm小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相等，小球的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则：m1v1=m1v1+m2v2，两边同时乘以时间t得：m1v1t=m1v1t+m2v2t，则：m1OP=m1OM+m2ON，故实验需要验证的表达式为：m1OP=m1OM+m2ON，故答案为：（1）大于；（2）末端切线水平；（3）P；8.52；11.02； m1OP=m1OM+m2ON，点评：本题考查了实验注意事项、求小球的水平位移、实验需要测量的量、求实验需要验证的表达式，知道实验原理、实验注意事项、应用动量守恒定律求出动量守恒的表达式即可正确解题16（4分）某同学小组合作自主发明了一台小型发电机的产生的正弦式电流的电动势的有效值为10V，若线圈从中性面开始匀速转动，其周期为0.02s则线圈转动的角速度为100rad/s，电动势的峰值为10V，若把该电动机当成理想电源与5的定值电阻串联，则该电阻在5秒内产生的热量为100J考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；焦耳定律专题：交流电专题分析：由周期和角速度的关系可求得角速度；由最大值和有效值的关系可求得最大值；再由纯电阻电路中电功的计算公式可求得产生的热量解答：解：周期T=0.02s，则角速度为：=100rad/s；峰值为：Em=E=10=10V；热量为：Q=100J；故答案为：100rad/s；10V；100J；点评：本题考查交流电中的周期、频率和交速度的关系，及最大值和有效值的关系应用，同时在求解热量时要正确选择公式四、计算题（3小题，共39分）17（9分）一小型发电站输出的电功率是110kW，若用220V输电到距离10千米远的地方，平均每米长的导线电阻为2.7108试求（1）输电电流I为多少？（2）输电线上损失的功率为多少？考点：远距离输电专题：交流电专题分析：根据输送功率和输送电压，结合P=UI求出输电电流的大小根据输电线上的电阻，结合求出输电线上损失的功率解答：解：（1）输电电流I=（2）输电线的电阻R=2100002.7108=5.4104，则输电线上损失的功率W=135W答：（1）输电电流为500A（2）输电线上损失的电功率为135W点评：解决本题的关键知道输送功率与输送电压、电流的关系，注意输电线有两根，求解电阻时需乘以218（10分）某小型实验水电站输出功率是20kW，输电线路总电阻是6（1）若采用380V输电，求用户得到的功率为多少？（2）若改用5000V高压输电，用户端利用n1：n2=22：1的变压器降压，求用户端变压前的电压U1和变压后得到的电压U2考点：远距离输电专题：交流电专题分析：根据功率的计算公式可得输电线上损失的功率；根据即可求得用户得到的电压解答：解：（1）输电线路损耗的功率为：用户得到的功率为20kW16.62kW=3.38kW（2）改用高压输电后，输电线上的电流强度变为：I=A=4A用户端在变压器降压前获得的电压为：U1=UIR=（500046）V=4976V根据用户得到的电压为：U2=4976V=226.18V答：（1）若采用380V输电，求用户得到的功率为3.38kW；（2）用户端变压前的电压U1为4976V，变压后得到的电压U2为226.18V点评：考查学生运用电功率公式及变压器线圈匝数与电压的关系解决实际问题的能力19（10分）光滑水平面上有A、B两物块，质量分别为2kg和4kg，物块A以v0=6m/s的速度向右运动，物块B静止在前方（1）如图，情况一：物块A、B碰撞后，A以速度V1=2m/s反方向运动，求碰撞后物块B的速度（2）同样如图，情况二：物块发生的是完全弹性碰撞，求碰撞后物块A、B的速度考点：动量守恒定律专题：动量定理应用专题分析：（1）设A的初速度方向为正方向，再由动量守恒定律可求得B的速度；（2）物块发生的是弹性碰撞，故碰撞前后系统的动量守恒、机械能守恒；根据守恒条件列式联立可求得AB的速度解答：解：（1）设A的速度方向为正方向，则由动量守恒定律可得：mAv0=mAvA+mBvB；解得：vB=4m/s；（2）两物体发生弹性碰撞时，系统动量守恒，机械能守恒；则有：mAv0=mAvA+mBvBmAv02=mAv2A+mBv2B代入数据解得：vA=0；vB=3m/s答：（1）碰撞后物块B的速度为4m/s；（2）物块发生的是完全弹性碰撞，碰撞后物块A、B的速度分别为0和3m/s点评：本题考查动量守恒及机械能守恒定律的应用，要注意对于完全弹性碰撞时，系统的动量守恒，机械能守恒20（10分）如图所示一根轻绳长1.6m，一端系在固定支架上，另一端悬挂一个质量为1kg的砂箱砂箱处于静止质量为10g的子弹以水平速度v0=500m/s打入砂箱，其后以v=100m/s速度从砂箱穿出g取10m/s2求：（1）砂箱和子弹作为一个系统共同损失的机械能；（2）砂箱在最低点处时，绳对砂箱的拉力大小考点：动量守恒定律；功能关系专题：动量定理应用专题分析：（1）子弹打木块过程动量守恒，据此列方程即可正确求解根据功能关系，求出系统作用前后损失的动能即为损失的机械能（2）在最低点根据向心力公式列方程，即可求出绳对箱的拉力大小解答：解：（1）子弹穿过沙箱的过程中动量守恒，据此有：mv0=Mu+mv，代入数据求得：u=4m/s根据功能关系，系统损失的机械能为：，代入数据得：E=1192J（2）根据机械能守恒可知，当沙箱返回到最低点时，速度大小仍为u=4m/s，因此有：，代入数据解得：F=20N根据牛顿第三定律，绳对砂箱的拉力等于砂箱对绳子的拉力，即20N答：（1）砂箱和子弹作为一个系统共同损失的机械能1192J；（2）砂箱从最高点返回到最低点处时，绳对砂箱的拉力20N点评：本题难度中档，考查了动量守恒、机械能守恒等基本规律的应用，解题过程中注意公式、定理的使用条件