(浙江专用)2020版高考数学新增分大一轮复习 第九章 平面解析几何 9.6 双曲线课件.ppt

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资源描述
9.6双曲线,第九章平面解析几何,NEIRONGSUOYIN,内容索引,基础知识自主学习,题型分类深度剖析,课时作业,1,基础知识自主学习,PARTONE,知识梳理,1.双曲线定义平面内与两个定点F1,F2的等于常数(小于|F1F2|)的点的轨迹叫做双曲线.这两个定点叫做,两焦点间的距离叫做_.集合PM|MF1|MF2|2a,|F1F2|2c,其中a,c为常数且a0,c0.(1)当时,P点的轨迹是双曲线;(2)当时,P点的轨迹是两条射线;(3)当时,P点不存在.,ZHISHISHULI,距离的差的绝对值,双曲线的焦点,双曲线,的焦距,2a|F1F2|,2.双曲线的标准方程和几何性质,xa或xa,yR,xR,ya或ya,坐标轴,原点,2.双曲线的标准方程和几何性质,xa或xa,yR,xR,ya或ya,坐标轴,原点,(1,),2a,2b,a2b2,【概念方法微思考】,1.平面内与两定点F1,F2的距离之差的绝对值等于常数2a的动点的轨迹一定为双曲线吗?为什么?,提示不一定.当2a|F1F2|时,动点的轨迹是两条射线;当2a|F1F2|时,动点的轨迹不存在;当2a0时,动点的轨迹是线段F1F2的中垂线.,2.方程Ax2By21表示双曲线的充要条件是什么?,提示若A0,B0,表示焦点在y轴上的双曲线.所以Ax2By21表示双曲线的充要条件是AB0,b0,二者没有大小要求,若ab0,ab0,0a0,解得m2n3m2,由双曲线性质,知c2(m2n)(3m2n)4m2(其中c是半焦距),焦距2c22|m|4,解得|m|1,1n3,故选A.,1,2,3,4,5,6,即3b4a,9b216a2,9c29a216a2,,7,1,2,3,4,5,6,7,1,2,3,4,5,6,7,2,题型分类深度剖析,PARTTWO,题型一双曲线的定义,师生共研,例1(1)已知定点F1(2,0),F2(2,0),N是圆O:x2y21上任意一点,点F1关于点N的对称点为M,线段F1M的中垂线与直线F2M相交于点P,则点P的轨迹是A.椭圆B.双曲线C.抛物线D.圆,解析如图,连接ON,由题意可得|ON|1,且N为MF1的中点,又O为F1F2的中点,|MF2|2.点F1关于点N的对称点为M,线段F1M的中垂线与直线F2M相交于点P,由垂直平分线的性质可得|PM|PF1|,|PF2|PF1|PF2|PM|MF2|20,b0)的左、右焦点分别为F1,F2,M是双曲线C的一条渐近线上的点,且OMMF2,O为坐标原点,若16,则双曲线的实轴长是A.32B.16C.84D.4,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,所以双曲线C的实轴长为16.故选B.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,由双曲线C1的一条渐近线与圆C2有两个不同的交点,,又知b2c2a2,所以c24(c2a2),,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,9.双曲线的焦点在x轴上,实轴长为4,离心率为则该双曲线的标准方程为_,渐近线方程为_.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,4,10.已知F1,F2分别是双曲线x21(b0)的左、右焦点,A是双曲线上在第一象限内的点,若|AF2|2且F1AF245,延长AF2交双曲线的右支于点B,则F1AB的面积等于_.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,解析由题意知a1,由双曲线定义知|AF1|AF2|2a2,|BF1|BF2|2a2,|AF1|2|AF2|4,|BF1|2|BF2|.由题意知|AB|AF2|BF2|2|BF2|,|BA|BF1|,BAF1为等腰三角形,F1AF245,ABF190,BAF1为等腰直角三角形.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,(0,2),1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,解设左焦点为F1,由于双曲线和圆都关于x轴对称,又APQ的一个内角为60,PAF30,PFA120,|AF|PF|ca,|PF1|3ac,在PFF1中,由余弦定理得|PF1|2|PF|2|F1F|22|PF|F1F|cosF1FP,即3c2ac4a20,即3e2e40,,技能提升练,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,解析设内切圆的圆心M(x,y),圆M分别切AF1,BF1,AB于S,T,Q,如图,连接MS,MT,MF1,MQ,则|F1T|F1S|,故四边形SF1TM是正方形,边长为圆M的半径.由|AS|AQ|,|BT|BQ|,得|AF1|AQ|SF1|TF1|BF1|BQ|,又|AF1|AF2|BF1|BF2|,Q与F2重合,|SF1|AF1|AF2|2a,|MF2|2a,即(xc)2y24a2,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,14.如图,已知F1,F2分别是双曲线x21(b0)的左、右焦点,过点F1的直线与圆x2y21相切于点T,与双曲线的左、右两支分别交于A,B,若|F2B|AB|,求b的值.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,解方法一因为|F2B|AB|,所以结合双曲线的定义,得|AF1|BF1|AB|BF1|BF2|2,连接OT,在RtOTF1中,|OT|1,|OF1|c,|TF1|b,,化简得b64b55b44b340,得(b22b2)(b42b33b22b2)0,而b42b33b22b2b2(b1)2b21(b1)20,故b22b20,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,方法二因为|F2B|AB|,所以结合双曲线的定义,得|AF1|BF1|AB|BF1|BF2|2,连接AF2,则|AF2|2|AF1|4.连接OT,在RtOTF1中,|OT|1,|OF1|c,|TF1|b,,所以c232b,又在双曲线中,c21b2,,拓展冲刺练,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,解析方法一当A在第一象限时,如图1,设AF1F2的内切圆O1分别切AF1,F1F2,F2A于点Q,P,N,则|AQ|AN|,|F1Q|F1P|,|F2P|F2N|,又|AF1|AF2|2a,即(|AQ|F1Q|)(|AN|F2N|)2a,|F1Q|F2N|2a,|F1F2|F2P|F2N|2a,即2c2|F2P|2a,|F2P|ca,P为双曲线的右顶点,同理,BF1F2的内切圆O2也切F1F2于双曲线的右顶点,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,连接O1P,O2P,则O1,P,O2三点共线,且O1O2F1F2.连接O1F2,O2F2,又O1F2平分F1F2A,O2F2平分F1F2B,O1F2O290,RtO1F2PRtF2O2PRtO1O2F2,|O1F2|2|O1P|O1O2|,|O2F2|2|O2P|O1O2|,,O2O1F230,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,则O1F2P60,AF2P120,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,方法二当A在第一象限时,如图2,设AF1F2的内切圆O1分别切AF1,F1F2,F2A于点Q,P,N,则|AQ|AN|,|F1Q|F1P|,|F2P|F2N|,又|AF1|AF2|2a,即(|AQ|F1Q|)(|AN|F2N|)2a,|F1Q|F2N|2a,|F1F2|F2P|F2N|2a,即2c2|F2P|2a,|F2P|ca,P为双曲线的右顶点,同理,BF1F2的内切圆O2也切F1F2于双曲线的右顶点,连接O1P,O2P,则O1,P,O2三点共线,且O1O2F1F2.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,设O2切BF2于点H,连接O1N,O2H,则在直角梯形O2HNO1中,|O2H|r2,|O1N|r13r2,|O1O2|r1r24r2,作O2TO1N于点T,则|O1T|r1r22r2,故在RtO1O2T中,O2O1T60,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,在PF1F2中,由余弦定理得|PF1|2|PF2|2|F1F2|22|PF2|F1F2|cosPF2F1c2(2c)22c2ccos603c2,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,因为直线PF2的倾斜角为120,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,整理得c48c2a24a40,即e48e240,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,
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