2019年高考物理大二轮专题复习 考前增分练 高考模拟部分一.doc

2019年高考物理大二轮专题复习 考前增分练 高考模拟部分一一、选择题(本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1在物理学的研究及应用过程中涉及诸多的思想方法，如理想化、模型化、放大、假说、极限思想，控制变量、猜想、假设、类比、比值法等等以下关于所用思想方法的叙述不正确的是()A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是假设法B速度的定义式v，采用的是比值法；当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想C在探究电阻、电压和电流三者之间的关系时，先保持电压不变研究电阻与电流的关系，再保持电流不变研究电阻与电压的关系，该实验应用了控制变量法D如图1是三个实验装置，这三个实验都体现了放大的思想图1答案A解析质点是用来代替物体的所有质量的点，采用的科学方法为理想化物理模型的方法，故A不正确2如图2所示，两条曲线为汽车a、b在同一条平直公路上速度时间图象，已知在t2时刻，两车相遇，下列说法正确的是()图2At1时刻两车也相遇Bt1时刻a车在前，b车在后Ca车速度先增大后减小，b车速度先减小后增大Da车加速度先增大后减小，b车加速度先减小后增大答案C解析在t2时刻，两车相遇，在t1t2时间内，a图线与时间轴围成的面积大，则a的位移大，可知t1时刻，b车在前，a车在后，故A、B错误由图线可知，a车的速度先增大后减小，b车的速度先减小后增大，故C正确图线切线的斜率表示加速度，可知a车的加速度先减小后增大，b车的加速度先减小后增大，故D错误3(xx新课标17)如图3所示，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内)，与稳定在竖直位置时相比，小球的高度()图3A一定升高B一定降低C保持不变D升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定答案A解析设橡皮筋原长为l0、劲度系数为k，小球在竖直位置静止时，橡皮筋长度为l，加速时长度为l且与竖直方向夹角为.由胡克定律可知，静止时k(ll0)mg，加速时小球受力分析如图所示，由牛顿第二定律可知k(ll0)cos mg则k(ll0)k(ll0)cos lcos ll0(1cos )即lcos l所以小球高度一定升高，故选项A正确4如图4，在一半径为R的球面顶端放一质量为m的物块，现给物块一初速度v0，则()图4A若v0，则物块落地点离A点距离为RB若球面是粗糙的，当v0时，物块一定会沿球面下滑一段，再斜抛离球面C若v0，则物块落地点离A点距离为RD若v0，则物块落地点离A点距离至少为2R答案D解析当v0，物块将离开球面做平抛运动，由y2Rgt2，xv0t，得x2R，A错误，D正确；若v0，物块将沿球面下滑，若摩擦力足够大，则物块可能下滑一段后停下来，若摩擦力较小，物块在圆心上方球面上某处离开，斜向下抛，落地点离A点距离大于R，B、C错误5我国“玉兔号”月球车被顺利送抵月球表面，并发回大量图片和信息若该月球车在地球表面的重力为G1，在月球表面的重力为G2.已知地球半径为R1，月球半径为R2，地球表面处的重力加速度为g，则()A“玉兔号”月球车在地球表面与月球表面质量之比为B地球的质量与月球的质量之比为C地球表面处的重力加速度与月球表面处的重力加速度之比为D地球的第一宇宙速度与月球的第一宇宙速度之比为 答案D解析质量是表示物体含物质多少的物理量，与引力无关，物体的质量是不变的，重力是改变的，根据重力表达式G重mg表示出g进行比较；忽略星球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式比较地球和月球的质量；第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度“玉兔号”月球车在地球表面与月球表面质量之比为11，故A选项错误；设“玉兔号”月球车质量为m，根据Gmg，则地球的质量为M1，月球的质量为M2，故地球的质量与月球的质量之比为，故B选项错误；地球表面的重力加速度g1，月球表面的重力加速度g2，故地球表面处的重力加速度与月球表面处的重力加速度之比为G1G2，故C选项错误；第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，由Gm和Gmg，解得v，故地球的第一宇宙速度与月球的第一宇宙速度之比为 ，D选项正确6真空中存在一点电荷产生的电场，其中a、b两点的电场强度方向如图5所示，a点的电场方向与ab连线成60，b点的电场方向与ab连线成30.另一带正电粒子以某初速度只在电场力作用下由a运动到b.以下说法正确的是()图5Aa、b两点的电场强度Ea3EbBa、b两点的电势aEkbD带正电粒子在a、b两点的电势能EpaEpb答案AD解析a点到O点的距离RaLabcos 60Lab，b点到O点距离RbLbcos 30Lab，根据点电荷的场强公式E，可得：Ea3Eb，故A正确；在点电荷的周围越靠近场源电势越低，故有ab，故B错误；带正电粒子在a、b两点的电势能EpaEpb，故D正确；由能量守恒，带正电粒子在a、b两点的动能EkaEkb，故C错误7如图6甲所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为41，原线圈接入如图乙所示的正弦式交流电压，副线圈接一个R27.5 的负载电阻电流表、电压表均为理想电表，则下述结论正确的是()图6A副线圈中电压表的读数为880 VB副线圈中输出交流电的频率为0.02 HzC原线圈中电流表的读数为0.5 AD原线圈中的输入功率为110 W答案CD解析变压器原线圈的有效值为U1 V220 V，则副电压U2U155 V，所以电压表示数为55 V，选项A错误；副线圈中电流I22 A，原线圈中电流为I1I22 A0.5 A，选项C正确；原线圈输入功率P1I1U10.5 A220 V110 W，选项D正确；交流电的频率为f50 Hz，选项B错误8如图7所示，平行金属导轨ab、cd与水平面成角，间距为L，导轨与固定电阻R1和R2相连，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面有一导体棒MN，质量为m，与导轨之间的动摩擦因数为，导体棒的电阻与固定电阻R1和R2的阻值均为R，导体棒以速度v沿导轨匀速下滑，忽略感应电流之间的作用及导轨的电阻，则()图7A导体棒两端电压为B电阻R1消耗的热功率为mgv(sin cos )Ct时间内通过导体棒的电荷量为D导体棒所受重力与安培力的合力方向与竖直方向夹角小于答案CD解析导体棒匀速运动时，合力为零，即：mgsin mgcos BIL；电磁感应的过程中，R外R，MN两端的电压UIR外，联立以上三式得：U，故A错误导体棒的重力的功率：PGmgvsin ，摩擦力的功率：Pfmgcos v，根据PI2R知，MN上的功率：PMNI2R，R1、R2上的功率：PR2PR1(I)2RI2RPMN；根据功能关系知：PGPfPMN2PR1，即有mgv(sin cos )2PR1PMN6PR1，解得电阻R1消耗的热功率为PR1mgv(sin cos )，故B错误t时间内通过导体棒的电荷量为qIt，故C正确导体棒受到重力、支持力、摩擦力和安培力四个力作用根据平衡条件得知：支持力、摩擦力和安培力三个力的合力与重力大小相等、方向相反，摩擦力与安培力方向相同，则支持力与摩擦力的合力与竖直方向的夹角小于，而重力与安培力的合力和支持力和摩擦力的合力方向相反，则知导体棒所受重力与安培力的合力方向与竖直方向夹角小于，故D正确故选C、D.第卷二、非选择题(包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须做答第13题第15题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共47分)9(6分)(1)“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图8甲所示，在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示计时器所用交流电源的频率为50 Hz，从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，该小车的加速度为_ m/s2.(结果保留两位有效数字)图8图9(2)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到如图9中甲、乙两条直线则甲、乙用的小车与木板间的动摩擦因数的关系为甲_乙(选填“大于”、“小于”或“等于”)答案(1)0.15(2)大于解析(1)由逐差法可得a102 m/s20.15 m/s2.(2)由牛顿第二定律Fmgma，结合图象可知甲大于乙10 (9分)某同学用如图10所示的电路测定一电动势约2.8 V的电池的电动势和内阻，现有下列器材可供选用：图10A电压表(03 V，内阻约5 k)B电流表(0100 mA，内阻1 )C定值电阻R1(阻值0.2 )D定值电阻R2(阻值5.0 )E滑动变阻器R3(阻值015 )F开关、导线若干操作步骤如下：(1)该同学考虑由于电流表量程过小，需要扩大电流表量程应在电流表上_(填“串联”或“并联”)定值电阻_(填“R1”或“R2”)(2)将改装后的电流表重新接入电路，并把滑动变阻器阻值仍调到最大，此时电流表指针偏转角度较小逐渐调小滑动变阻器阻值，电流表示数有较大的变化，但电压表示数基本不变，该现象说明_(3)为了让实验能正常进行，该同学对图10的电路做了适当改进，请画出改进后的电路图(4)用改进后的电路测定出两组数据：第一组数据为U11.36 V，I10.27 A；第二组数据为U22.00 V，I20.15 A，则电池的内阻为_ (计算结果保留两位小数)答案(1)并联R1(2)电池的内阻太小(3)如图所示(4)0.33解析(1)将电流表改装成大量程的电流表需要并联电阻，电池的电动势约2.8 V，则电压表量程选03 V电路中最小电流约Imin0.19 A，如果电流表并联R1，由(I1Ig)R1IgRg，则改装后的电流表量程为I10.6 A，如果并联R2，由(I2Ig)R2IgRg，则改装后的电流表量程为I20.12 A，故选择并联电阻R1.(2)电压表示数基本不变，由闭合电路欧姆定律UEIr知，因为电池的内阻太小，现象是电压表的示数变化不明显(3)由于电池的内阻太小，故在电路中串联一个定值电阻(4)由闭合电路欧姆定律UEI(R2r)，将两组数据代入，解得内阻r0.33 .11(12分)一质量为1 kg的物块置于水平地面上，现用一个水平恒力F拉物块，一段时间后撤去恒力F，已知从物块开始运动到停止，经历的时间为4 s，运动的位移为10 m，物块与地面间的动摩擦因数为(g10 m/s2)(1)求恒力F的大小；图11(2)若力F的大小可调节，其与竖直方向的夹角为也可以调节，如图11所示，其他条件不变，若在力F作用下物块匀速运动，求力F的最小值及此时的大小答案(1) N(2)当60时，Fmin5 N解析(1)由xvt得v5 m/s匀减速阶段a2g m/s2时间t21.5 s则匀加速阶段的时间t1(41.5) s2.5 s则加速阶段a12 m/s2由Fmgma1得F N.(2)由匀速可知Fsin (mgFcos )得Ftan 0030当60时，Fmin5 N.12 (20分)如图12所示，在xOy平面内，以O(0，R)为圆心、R为半径的圆内有垂直平面向外的匀强磁场，x轴下方有垂直平面向里的匀强磁场，两区域磁感应强度大小相等第四象限有一与x轴成45角倾斜放置的挡板PQ，P、Q两点在坐标轴上，且O、P两点间的距离大于2R，在圆形磁场的左侧0yC，光在D点全反射设光线的出射点为E，且DEBC，过M作AD的垂线交于点F，由几何关系得：BDa2AF，BEBDsin 30解得BEa即出射点在BC边上离B点a的位置15物理选修35(15分)(1)(6分)在下列关于近代物理知识的说法中，正确的是_A玻尔理论可以成功解释氢原子的光谱现象B氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子的能量增大C射线为原子的核外电子电离后形成的电子流D铀元素的半衰期为T，当温度发生变化时，铀元素的半衰期也发生变化E查德威克发现了中子，其核反应方程为：BeHeCn(2)(9分)如图16所示，A、B两个木块质量分别为2 kg与0.9 kg，A、B与水平地面间接触光滑，上表面粗糙，质量为0.1 kg的铁块以10 m/s的速度从A的左端向右滑动，最后铁块与B的共同速度大小为0.5 m/s，求：图16A的最终速度；铁块刚滑上B时铁块的速度答案(1)ABE(2)0.25 m/s2.75 m/s解析(1)卢瑟福的核式结构模型解释了粒子的大角度偏转问题，但是无法解释氢原子光谱的不连续性，即线状谱，玻尔据此提出了氢原子能级结构，选项A正确玻尔的氢原子能级结构把离氢原子核最近的轨道称为基态，能量值最小，离原子核越远的轨道，能量值越高，所以氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子的能量增大，选项B正确射线为原子核内的一个中子衰变为一个质子和一个粒子，来自于原子核内部，选项C错误从统计学上把半数原子核内部发生衰变的时间规定为半衰期，温度变化，不影响原子核内部，所以半衰期不变，选项D错误查德威克用粒子轰击铍核产生中子，选项E符合物理学史，选项E正确(2)铁块和木块A、B作为一个系统，由系统总动量守恒得：mv(MBm)vBMAvA可求得vA0.25 m/s.设铁块刚滑上B时的速度为u，此时A、B的速度均为vA0.25 m/s由系统动量守恒得：mvmu(MAMB)vA可求得：u2.75 m/s.