2019-2020年高三上学期周练物理试卷（1）含解析.doc

2019-2020年高三上学期周练物理试卷（1）含解析一单项选择题（本题一共7小题，每小题3分，共21分）1如图所示，用拇指、食指捏住圆规的一个针脚，另一个有铅笔芯的脚支撑在手掌心位置，使OA水平，然后在外端挂上一些不太重的物品，这时针脚A、B对手指和手掌均有作用力，对这两个作用力方向的判断，下列各图中大致正确的是（）ABCD2如图是物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体（）A第1s内和第3s内的运动方向相反B第3s内和第4s内的加速度相同C第1s内和第4s内的位移大小不等D02s内和04s内的平均速度大小相等3如图，在倾角为的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫已知木板的质量是猫的质量的2倍当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变则此时木板沿斜面下滑的加速度为（）ABgsinC gsinD2gsin4如图所示，光滑水平桌面上，一小球以速度v向右匀速运动，当它经过靠近桌边的竖直木板ad边前方时，木板开始作自由落体运动若木板开始运动时，cd边与桌面相齐，则小球在木板上的投影轨迹是（）ABCD5xx年6月11日，我国航天员聂海胜、张晓光和王亚平在“天宫一号”首次为青少年进行太空授课，开辟了我国太空教育的新篇章，在天宫一号里，长为L的细线一端固定，另一端系一个小球，拉直细线，让小球在B点以垂直于细线的速度v0开始做圆周运动，如图所示，设卫星轨道处重力加速度为g，在小球运动的过程中，下列说法正确的是（）A小球做速率变化的圆周运动B细线拉力的大小不断变化C只要v00，小球都能通过A点D只有v0，小球才能通过A点6如图所示，一飞行器围绕地球沿半径为r的圆轨道1运动经P点时，启动推进器短时间向前喷气使其变轨，2、3是与轨道1相切于P点的可能轨道则飞行器（）A变轨后将沿轨道2运动B相对于变轨前运行周期变长C变轨前、后在两轨道上经P点的速度大小相等D变轨前、后在两轨道上经P点的加速度大小相等7一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1m/s从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平面作用F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图a和图b所示设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力F对滑块做的功分别为W1、W2、W3，则以下关系正确的是（）AW1=W2=W3BW1W2W3CW1W3W2DW1=W2W3二多项选择题（本题一共6小题，每小题4分，共24分，全对得4分，漏选得2分，不选或错选不得分）8从水平地面上同时抛出小球A和小球B，A沿竖直向上的方向抛出，B沿斜向上抛出，它们恰好同时到达最高点，不计空气阻力则（）AA、B均做匀变速运动BB的加速度比A的大CA上升的最大高度比B大D落地时B的速度比A大9已知雨滴下落时受到的空气阻力与速度大小成正比，若雨滴从空中由静止下落，下落过程中所受重力保持不变，下落过程中加速度用a表示，速度用v表示，下落距离用s表示，落地前雨滴已做匀速运动，下列图象中可以定性反映雨滴运动情况的是（）ABCD10如图所示，小车上固定一水平横杆，横杆左端的固定斜杆与竖直方向成角，斜杆下端连接一质量为m的小球；横杆右端用一根细线悬挂相同的小球当小车沿水平面做直线运动时，细线与竖直方向间的夹角（）保持不变设斜杆、细线对小球的作用力分别为F1、F2，下列说法正确的是（）AF1、F2大小相等BF1、F2方向相同C小车加速度大小为gtanD小车加速度大小为gtan11有一辆质量为170kg、输出功率为1440W的太阳能试验汽车，若驾驶员的质量为70kg，现汽车以恒定的最大功率在水平路面上启动，达到最大行驶速度为30m/s假设汽车行驶过程中受到的阻力不变，则汽车（）A汽车所受阻力大小为48NB汽车做匀加速运动C汽车速度为10 m/s时，加速度为0.4 m/s2D汽车与地面间动摩擦因数为0.0212如图所示，中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，则下列说法正确的是（）A拉力F变小B杆对A的弹力FN不变C拉力F的功率P不变D绳子自由端的速率v减小13如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面下列说法正确的是（）A斜面倾角=30BA获得最大速度为CC刚离开地面时，B的加速度最大D从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒三、实验题（14题8分，15题10分，共18分）14某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为N（2）下列不必要的实验要求是（请填写选项前对应的字母）A应测量重物M所受的重力B弹簧测力计应在使用前校零C拉线方向应与木板平面平行D改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请您提出两个解决办法、15某同学利用竖直上抛小球的频闪照片验证机械能守恒定律频闪仪每隔0.05s闪光一次，图中所标数据为实际距离，该同学通过计算得到不同时刻的速度如下表（当地重力加速度取9.8m/s2，小球质量m=0.2kg，结果保留三位有效数字）：时刻t2t3t4t5速度（m/s）4.994.483.98（1）由频闪照片上的数据计算t5时刻小球的速度v5=m/s；（2）从t2 到t5时间内，重力势能增量Ep=J，动能减少量Ek=J；（3）在误差允许的范围内，若Ep与Ek近似相等，从而验证了机械能守恒定律由上述计算得EpEk （选填“”、“”或“=”），造成这种结果的主要原因是四、计算题（请写出必要的计算步骤，直接写答案不得分16题12分，17题15分，18题15分，19题15分，共57分）16xx年10月8日，月全食带来的“红月亮”亮相天空，引起人们对月球的关注我国发射的“嫦娥三号”探月卫星在环月圆轨道绕行n圈所用时间为t，如图所示已知月球半径为R，月球表面处重力加速度为g月，引力常量为G试求：（1）月球的质量M；（2）月球的第一宇宙速度v1；（3）“嫦娥三号”卫星离月球表面高度h17如图所示，质量为m的物体，放在一固定斜面上，当斜面倾角为30时恰能沿斜面匀速下滑对物体施加一个水平向右的恒力F，物体可沿斜面匀速向上滑行试求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数；（2）水平向右的恒力F的大小；（3）若增大斜面的倾角，当倾角=60时，且F=2mg，问是否可以将静止的物体推动向上滑行18在游乐节目中，选手需要借助悬挂在高处的绳飞越到水面的浮台上，小明和小阳观看后对此进行了讨论如图所示，他们将选手简化为质量m=60kg的指点，选手抓住绳由静止开始摆动，此事绳与竖直方向夹角=30，绳的悬挂点O距水面的高H=3m不考虑空气阻力和绳的质量，浮台露出水面的高度不计，水足够深取中立加速度g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6（1）求选手摆到最低点时对绳拉力的大小F；（2）若绳长l=2m，选手摆到最高点时松手落入手中设水对选手的平均浮力f1=800N，平均阻力f2=700N，求选手落入水中的深度d；（3）若选手摆到最低点时松手，小明认为绳越长，在浮台上的落点距岸边越远；小阳认为绳越短，落点距岸边越远，请通过推算说明你的观点19如图所示，一位质量为m=65kg的特技演员，在进行试镜排练时从离地面h1=6m高的楼房窗口跳出后竖直下落若有一辆平板汽车正沿着下落点下方所在的水平直线上以V0=6m/s的速度匀速前进已知该演员刚跳出时，平板汽车恰好运动到其前端距离下落点正下方3m处，该汽车车头长2m，汽车平板长 4.5m，平板车板面离地面高h2=1m人可看作质点g取l0m/s2，人下落过程中未与汽车车头接触，人与车平板间的动摩擦因数=0.2问：（1）人将落在平扳车上距车尾端多远处？（2）假定人落到平板车上后立即俯卧在车上不弹起，司机同时使车开始以大小为的加速度做匀减速直线运动，直至停止，则人是否会从平板下上滑下？（3）人在平板车上相对滑动的过程中产生的总热量Q为多少？xx学年江苏省宿迁市泗阳县致远中学高三（上）周练物理试卷（1）参考答案与试题解析一单项选择题（本题一共7小题，每小题3分，共21分）1如图所示，用拇指、食指捏住圆规的一个针脚，另一个有铅笔芯的脚支撑在手掌心位置，使OA水平，然后在外端挂上一些不太重的物品，这时针脚A、B对手指和手掌均有作用力，对这两个作用力方向的判断，下列各图中大致正确的是（）ABCD【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】如图，在圆规外端挂上物品，针脚A相对于手有向左运动的趋势，手对针脚有向右的静摩擦力，根据牛顿第三定律分析针脚A对手的静摩擦力方向针脚B对手有斜向右下方的压力【解答】解：由题，在圆规外端挂上物品，针脚A相对于手指有向左运动的趋势，手指对针脚有向右的静摩擦力，根据牛顿第三定律得知，针脚A对手指有向左的静摩擦力挂上物品后，针脚B对手产生斜向右下方的压力故选：C2如图是物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体（）A第1s内和第3s内的运动方向相反B第3s内和第4s内的加速度相同C第1s内和第4s内的位移大小不等D02s内和04s内的平均速度大小相等【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律【分析】速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移平均速度等于位移与时间之比根据这些知识进行解答【解答】解：A、由图知，在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，故A错误；B、速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故B正确；C、图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等故C错误；D、根据“面积”可知：02s内和04s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故D错误故选：B3如图，在倾角为的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫已知木板的质量是猫的质量的2倍当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变则此时木板沿斜面下滑的加速度为（）ABgsinC gsinD2gsin【考点】牛顿第二定律【分析】对猫和木板受力分析受力分析，可以根据各自的运动状态由牛顿第二定律分别列式来求解，把猫和木板当做一个整体的话计算比较简单【解答】解：木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，加速度为零将木板和猫作为整体，根据牛顿第二定律F合=F猫+F木板=0+2ma（a为木板的加速度），整体受到的合力的大小为猫和木板沿斜面方向的分力的大小，即F合=3mgsin，解得a=gsin，所以C正确故选C4如图所示，光滑水平桌面上，一小球以速度v向右匀速运动，当它经过靠近桌边的竖直木板ad边前方时，木板开始作自由落体运动若木板开始运动时，cd边与桌面相齐，则小球在木板上的投影轨迹是（）ABCD【考点】运动的合成和分解【分析】小球的投影的运动是由小球水平方向的位移与木板竖直方向上的位移的合位移，则由运动的合成可知投影的轨迹【解答】解：投影在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做加速运动，故小球的合速度应偏向上方，故轨迹应向上偏折，故选B5xx年6月11日，我国航天员聂海胜、张晓光和王亚平在“天宫一号”首次为青少年进行太空授课，开辟了我国太空教育的新篇章，在天宫一号里，长为L的细线一端固定，另一端系一个小球，拉直细线，让小球在B点以垂直于细线的速度v0开始做圆周运动，如图所示，设卫星轨道处重力加速度为g，在小球运动的过程中，下列说法正确的是（）A小球做速率变化的圆周运动B细线拉力的大小不断变化C只要v00，小球都能通过A点D只有v0，小球才能通过A点【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】小球处于完全失重状态，只要给小球一个速度，小球就可以做匀速圆周运动，此时只由绳子的拉力提供向心力【解答】解：A、绳子拉力时刻与速度方向垂直，只改变速度的方向不改变速度的大小，故小球做匀速圆周运动，故A错误；B、F=m，v与L不变，故细线拉力的大小不变，B错误；C、小球做匀速圆周运动时，绳子的拉力提供向心力，只要v00，小球都能通过A点，C正确D错误；故选：C6如图所示，一飞行器围绕地球沿半径为r的圆轨道1运动经P点时，启动推进器短时间向前喷气使其变轨，2、3是与轨道1相切于P点的可能轨道则飞行器（）A变轨后将沿轨道2运动B相对于变轨前运行周期变长C变轨前、后在两轨道上经P点的速度大小相等D变轨前、后在两轨道上经P点的加速度大小相等【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】喷气前，万有引力提供飞行器的向心力，即有，启动推进器向前喷气，飞行器做减速运动，飞行器在P点所需向心力减小，即此时，故飞行器将做近心运动，运动轨道半径减小，从而展开相关讨论即可【解答】解：由于在P点推进器向前喷气，故飞行器将做减速运动，由公式可知，飞行器所需向心力减小，而在P点万有引力保持不变，故飞行器将开始做近心运动，轨道半径减小A、因为飞行器做近心运动，轨道半径减小，故将沿轨道3运动，故A错误； B、根据开普勒行星运动定律知，卫星轨道半径减小，则周期减小，故B错误；C、因为变轨过程是飞行器向前喷气过程，故是减速过程，所以变轨前后经过P点的速度大小不相等，故C错误；D、飞行器在轨道P点都是由万有引力产生加速度，因为在同一点P，万有引力产生的加速度大小相等，故D正确故选：D7一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1m/s从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平面作用F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图a和图b所示设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力F对滑块做的功分别为W1、W2、W3，则以下关系正确的是（）AW1=W2=W3BW1W2W3CW1W3W2DW1=W2W3【考点】功的计算；匀变速直线运动的图像【分析】根据功的公式W=FL可知，知道F的大小，再求得各自时间段内物体的位移即可求得力F做功的多少【解答】解：由速度图象可知，第1s、2s、3s内的位移分别为0.5m、0.5m、1m，由Ft图象及功的公式w=Fscos可求知：W1=0.5J，W2=1.5J，W3=2J故本题中ACD错，B正确故选：B二多项选择题（本题一共6小题，每小题4分，共24分，全对得4分，漏选得2分，不选或错选不得分）8从水平地面上同时抛出小球A和小球B，A沿竖直向上的方向抛出，B沿斜向上抛出，它们恰好同时到达最高点，不计空气阻力则（）AA、B均做匀变速运动BB的加速度比A的大CA上升的最大高度比B大D落地时B的速度比A大【考点】竖直上抛运动【分析】斜上抛运动可以分为水平方向的匀速直线运动和竖直方向上的竖直上抛运动，岸两个方向分析它的两个分运动即可【解答】解：A、A、B两小球运动过程只受重力作用，它们的加速度都是重力加速度，加速度相等且保持不变，它们都做匀变速运动，故A正确，B错误；C、A小球做竖直上抛运动，到达最高点时，速度为零；B小球竖直方向也是竖直上抛运动，它们同时到达最高点，所以在竖直方向上的位移是相等的，即上升的高度是相等的故C错误；D、A小球做竖直上抛运动，B小球竖直方向也是竖直上抛运动，它们同时到达最高点，所以B的初速度沿竖直方向的分速度与A的初速度大小相等，所以B的总速度一定大于A的初速度故D正确；故选：AD9已知雨滴下落时受到的空气阻力与速度大小成正比，若雨滴从空中由静止下落，下落过程中所受重力保持不变，下落过程中加速度用a表示，速度用v表示，下落距离用s表示，落地前雨滴已做匀速运动，下列图象中可以定性反映雨滴运动情况的是（）ABCD【考点】牛顿第二定律【分析】根据雨滴的受力判断雨滴加速度的变化，通过加速度与速度的方向关系判断速度的变化【解答】解：当雨滴刚开始下落时，阻力f较小，远小于雨滴的重力G，即fG，故雨滴做加速运动；由于雨滴下落时空气对它的阻力随雨滴下落速度的增大而增大，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐减小，故当速度达到某个值时，阻力f会增大到与重力G相等，即f=G，此时雨滴受到平衡力的作用，将保持匀速直线运动；知物体先做加速度减小的变加速直线运动，最后做匀速直线运动故BC正确，A、D错误故选：BC10如图所示，小车上固定一水平横杆，横杆左端的固定斜杆与竖直方向成角，斜杆下端连接一质量为m的小球；横杆右端用一根细线悬挂相同的小球当小车沿水平面做直线运动时，细线与竖直方向间的夹角（）保持不变设斜杆、细线对小球的作用力分别为F1、F2，下列说法正确的是（）AF1、F2大小相等BF1、F2方向相同C小车加速度大小为gtanD小车加速度大小为gtan【考点】牛顿第二定律【分析】先对细线吊的小球分析进行受力，根据牛顿第二定律求出加速度再对轻杆固定的小球应用牛顿第二定律研究，得出轻杆对球的作用力方向加速度方向求出，但速度可能有两种，运动方向有两种【解答】解：A、B、对右边的小铁球研究，根据牛顿第二定律，设其质量为m，得：mgtan=ma，得到：a=gtan对左边的小铁球研究设其加速度为a，轻杆对小球的弹力方向与竖直方向夹角为，由牛顿第二定律，得：mgtan=ma因为a=a，得到=，则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，即F1、F2方向相同，大小相等，故A正确，B正确；C、D、小车的加速度a=gtan，方向向右故D正确，C错误故选：ABD11有一辆质量为170kg、输出功率为1440W的太阳能试验汽车，若驾驶员的质量为70kg，现汽车以恒定的最大功率在水平路面上启动，达到最大行驶速度为30m/s假设汽车行驶过程中受到的阻力不变，则汽车（）A汽车所受阻力大小为48NB汽车做匀加速运动C汽车速度为10 m/s时，加速度为0.4 m/s2D汽车与地面间动摩擦因数为0.02【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】汽车匀速运动时速度最大，根据P=Fv计算最大速度时的牵引力大小，从而得到阻力大小；由牛顿第二定律和公式P=Fv结合分析汽车的运动情况，并求解加速度由f=mg求动摩擦因数【解答】解：A、汽车匀速运动时速度最大，最大速度为vm=30m/s，此时牵引力等于阻力，F=f，由P=Fvm=fvm得：阻力大小 f=48N，故A正确B、由P=Fv知，P一定，当速度增大时，牵引力减小，合力减小，加速度减小，所以汽车做加速度逐渐减小的变加速运动，故B错误C、汽车速度为 v=10 m/s时，牵引力 F=144N，加速度为 a=0.4 m/s2故C正确D、由f=mg得动摩擦因数 0.28，故D错误故选：AC12如图所示，中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，则下列说法正确的是（）A拉力F变小B杆对A的弹力FN不变C拉力F的功率P不变D绳子自由端的速率v减小【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】对A分析，因为A做匀速直线运动，抓住A竖直方向上合力为零判断拉力F的变化将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于F的速度，从而求出F的功率，判断其变化【解答】解：AB、设绳子与竖直方向上的夹角为，因为A做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，有：Fcos=mg，因为增大，cos减小，则得：F增大水平方向合力为零，有：FN=Fsin，F增大，sin增大，FN增大，故A、B错误CD、物体A沿绳子方向上的分速度v=vAcos，该速度等于自由端的速度，增大，自由端速度v减小，拉力的功率P=Fv=vAcos=mgvA，知拉力的功率P不变故C、D正确故选：CD13如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面下列说法正确的是（）A斜面倾角=30BA获得最大速度为CC刚离开地面时，B的加速度最大D从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒【考点】机械能守恒定律【分析】（1）C刚离开地面时，弹簧的弹力等于C的重力，根据牛顿第二定律知B的加速度为零，B、C加速度相同，分别对B、A受力分析，列出平衡方程，求出斜面的倾角（2）A、B、C组成的系统机械能守恒，初始位置弹簧处于压缩状态，当B具有最大速度时，弹簧处于伸长状态，根据受力知，压缩量与伸长量相等在整个过程中弹性势能变化为零，根据系统机械能守恒求出B的最大速度，A的最大速度与B相等【解答】解：A、A刚离开地面时，对A有：kx2=mg 此时B有最大速度，即aB=aC=0则对B有：Tkx2mg=0对A有：4mgsinT=0 以上方程联立可解得：sin=，=30 故A正确； B、初始系统静止，且线上无拉力，对B有：kx1=mg由上问知x1=x2=，则从释放至A刚离开地面过程中，弹性势能变化量为零；此过程中A、B、C组成的系统机械能守恒，即：4mg（x1+x2）sin=mg（x1+x2）+（4m+m）vBm2以上方程联立可解得：vBm=2g所以A获得最大速度为2g，故B正确；C、对B球进行受力分析可知，刚释放A时，B所受合力最大，此时B具有最大加速度，故C错误；D、从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B、C及弹簧组成的系统机械能守恒，故D错误故选：AB三、实验题（14题8分，15题10分，共18分）14某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为3.6N（2）下列不必要的实验要求是D（请填写选项前对应的字母）A应测量重物M所受的重力B弹簧测力计应在使用前校零C拉线方向应与木板平面平行D改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请您提出两个解决办法改变弹簧测力计B的方向、减小重物的质量【考点】验证力的平行四边形定则【分析】弹簧测力计A挂于固定点，下端用细线挂一重物当弹簧测力计B一端用细线系于O点，当向左拉使结点静止于某位置弹簧测力计A和B的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力当结点静止于某位置时，弹簧测力计B的大小与方向就已确定了原因是挂重物的细线大小与方向一定，而弹簧测力计A大小与方向也一定，所以两力的合力必一定当出现超出弹簧测力计A的量程时，通过改变其中一个力大小或另一个力方向来达到此目的【解答】解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.6N故答案为：3.6（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道故A项也需要；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零故B项也需要；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性故C项也需要；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验故D项不需要故选D（3）当弹簧测力计A超出其量程，则说明弹簧测力计B与重物这两根细线的力的合力已偏大又由于挂重物的细线力的方向已确定，所以要么减小重物的重量，要么改变测力计B拉细线的方向，从而使测力计A不超出量程故答案为：改变弹簧测力计B的方向； 减小重物的质量15某同学利用竖直上抛小球的频闪照片验证机械能守恒定律频闪仪每隔0.05s闪光一次，图中所标数据为实际距离，该同学通过计算得到不同时刻的速度如下表（当地重力加速度取9.8m/s2，小球质量m=0.2kg，结果保留三位有效数字）：时刻t2t3t4t5速度（m/s）4.994.483.98（1）由频闪照片上的数据计算t5时刻小球的速度v5=3.48m/s；（2）从t2 到t5时间内，重力势能增量Ep=1.24J，动能减少量Ek=1.28J；（3）在误差允许的范围内，若Ep与Ek近似相等，从而验证了机械能守恒定律由上述计算得EpEk （选填“”、“”或“=”），造成这种结果的主要原因是存在空气阻力【考点】验证机械能守恒定律【分析】（1）在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，据此可以求t5时刻的速度大小；（2）根据重力做功和重力势能之间的关系可以求出重力势能的减小量，根据起末点的速度可以求出动能的增加量（3）由于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在，导致动能的减小量没有全部转化为重力势能【解答】解：（1）在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以有：故答案为：3.48（2）根据重力做功和重力势能的关系有：Ep=mg（h2+h3+h4）=1.24J故答案为：1.24，1.28（3）由于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在，导致动能减小量没有全部转化为重力势能，因此E pE k故答案为：，存在空气阻力四、计算题（请写出必要的计算步骤，直接写答案不得分16题12分，17题15分，18题15分，19题15分，共57分）16xx年10月8日，月全食带来的“红月亮”亮相天空，引起人们对月球的关注我国发射的“嫦娥三号”探月卫星在环月圆轨道绕行n圈所用时间为t，如图所示已知月球半径为R，月球表面处重力加速度为g月，引力常量为G试求：（1）月球的质量M；（2）月球的第一宇宙速度v1；（3）“嫦娥三号”卫星离月球表面高度h【考点】万有引力定律及其应用【分析】在月球表面的物体受到的重力等于万有引力，化简可得月球的质量根据万有引力提供向心力，可计算出近月卫星的速度，即月球的第一宇宙速度根据万有引力提供向心力，结合周期和轨道半径的关系，可计算出卫星的高度【解答】解：（1）月球表面处引力等于重力，得M=（2）第一宇宙速度为近月卫星运行速度，由万有引力提供向心力得所以月球第一宇宙速度（3）卫星做圆周运动，由万有引力提供向心力得卫星周期轨道半径r=R+h解得h=答：（1）月球的质量为；（2）月球的第一宇宙速度为；（3）“嫦娥三号”卫星离月球表面高度为17如图所示，质量为m的物体，放在一固定斜面上，当斜面倾角为30时恰能沿斜面匀速下滑对物体施加一个水平向右的恒力F，物体可沿斜面匀速向上滑行试求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数；（2）水平向右的恒力F的大小；（3）若增大斜面的倾角，当倾角=60时，且F=2mg，问是否可以将静止的物体推动向上滑行【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】（1）物体向下做匀速直线运动，由平衡条件可以求出动摩擦因数（2）由平衡条件可以求出恒力大小；（3）求出推理沿斜面方向的分力，求出摩擦力和重力沿斜面向下的分力，进行比较得出结论【解答】解：（1）斜面倾角为30时，物体恰能匀速下滑，由平衡条件得：mgsin 30=mgcos 30，代入数据解得：=；（2）设斜面倾角为，受力情况如图，由匀速直线运动的条件：由平衡条件得：Fcos =mgsin +Ff，FN=mgcos +Fsin ，滑动摩擦力：Ff=FN，代入数据解得：F=；（3）当倾角=60，且F=2mg时，F在沿斜面方向的分力为：Fx=2mgcos60=mg，滑动摩擦力大小为：f=（mgcos60+2mgsin60）=，所以Fxf+mgsin60，所以不能答：（1）物体与斜面间的动摩擦因数为；（2）水平向右的恒力F的大小；（3）若增大斜面的倾角，当倾角=60时，且F=2mg，不可以将静止的物体推动向上滑行18在游乐节目中，选手需要借助悬挂在高处的绳飞越到水面的浮台上，小明和小阳观看后对此进行了讨论如图所示，他们将选手简化为质量m=60kg的指点，选手抓住绳由静止开始摆动，此事绳与竖直方向夹角=30，绳的悬挂点O距水面的高H=3m不考虑空气阻力和绳的质量，浮台露出水面的高度不计，水足够深取中立加速度g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6（1）求选手摆到最低点时对绳拉力的大小F；（2）若绳长l=2m，选手摆到最高点时松手落入手中设水对选手的平均浮力f1=800N，平均阻力f2=700N，求选手落入水中的深度d；（3）若选手摆到最低点时松手，小明认为绳越长，在浮台上的落点距岸边越远；小阳认为绳越短，落点距岸边越远，请通过推算说明你的观点【考点】机械能守恒定律；向心力【分析】（1）在摆动过程中，机械能是守恒的，应用机械能守恒定律求出运动到最低点时的速度再用牛顿运动定律结合圆周运动的向心力求出绳子对选手的拉力，最后用牛顿第三定律求出选手对绳子的拉力（2）对从选手开始下落，到进入水后速度为零的过程中，由贯穿整个过程的重力做正功，进入水后，浮力和阻力最选手做负功，选手初末状态的动能都为零，用动能定理列式，求出落入水中的深度（3）小明松手后做平抛运动，应用平抛运动规律与机械能守恒定律分析答题【解答】解：（1）选手向下摆到过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：选手做圆周运动，由牛顿第二定律得：Fmg=m，解得：F=（32cos）mg，人对绳的拉力为：F=F，代入数据解得：F=1080N；（2）由动能定理得：mg（Hlcos+d）（f1+f2）d=0，解得：d=，代入数据解得：d=1.2m；（3）选手从最低点开始做平抛运动，水平方向：x=vt，竖直方向：Hl=，由，解得：，当时，x有最大值，解得：l=1.5m，因此，两人的看法均不正确当绳长钺接近1.5m时，落点距岸边越远答：（1）选手摆到最低点时对绳拉力的大小F为1080N；（2）选手落入水中的深度d为1.2m（3）两人的看法均不正确当绳长钺接近1.5m时，落点距岸边越远19如图所示，一位质量为m=65kg的特技演员，在进行试镜排练时从离地面h1=6m高的楼房窗口跳出后竖直下落若有一辆平板汽车正沿着下落点下方所在的水平直线上以V0=6m/s的速度匀速前进已知该演员刚跳出时，平板汽车恰好运动到其前端距离下落点正下方3m处，该汽车车头长2m，汽车平板长 4.5m，平板车板面离地面高h2=1m人可看作质点g取l0m/s2，人下落过程中未与汽车车头接触，人与车平板间的动摩擦因数=0.2问：（1）人将落在平扳车上距车尾端多远处？（2）假定人落到平板车上后立即俯卧在车上不弹起，司机同时使车开始以大小为的加速度做匀减速直线运动，直至停止，则人是否会从平板下上滑下？（3）人在平板车上相对滑动的过程中产生的总热量Q为多少？【考点】匀变速直线运动规律的综合运用【分析】（1）人跳下后做自由落体运动，根据自由落体运动基本公式求出下落过程中平板汽车运动的位移，进而求出人在车上的落点距车尾端距离；（2）根据牛顿第二定律求出人在车平板上的加速度，设人未滑下，且经时间t人与车达到相等的速度v，根据运动学基本公式即可判断；（3）人与车达到相等的速度后，求出车向前减速直至停止的位移以及人向前减速直至停止的位移，从而求出相对位移，进而求出人在平板上来回摩擦产生的总热量【解答】解：（1）设人下落时间为t，则车在时间t内运动的位移x=v0t代入数据解得x=6m人在车上的落点距车尾端距离d=（3+2+4.5）m6 m=3.5 m（2）人在车平板上的加速度设人未滑下，且经时间t人与车达到相等的速度v，则v=a人t=v0a车t人相对车向后滑动x=x车x人代入数据解得x=3m3.5m，故不会滑下 （3）人与车达到相等的速度后，车向前减速直至停止的位移人向前减速直至停止的位移人相对车向前滑动x=x人x车人在平板上来回摩擦产生的总热量：Q=mg（x+x）代入数据解得Q=455 J答：（1）人在车上的落点距车尾端距离为3.5 m；（2）人不会从平板下上滑下；（3）人在平板车上相对滑动的过程中产生的总热量Q为455 Jxx年11月22日