2019-2020年高考数学 6.6 直接证明与间接证明练习.doc

2019-2020年高考数学 6.6 直接证明与间接证明练习(25分钟50分)一、选择题(每小题5分,共35分)1.(xx周口模拟)用反证法证明命题:若a+b+c为偶数,则“自然数a,b,c恰有一个偶数”时正确反设为()A.自然数a,b,c都是奇数B.自然数a,b,c都是偶数C.自然数a,b,c中至少有两个偶数D.自然数a,b,c中都是奇数或至少有两个偶数【解析】选D.由于“自然数a,b,c中恰有一个偶数”的否定是“自然数a,b,c都是奇数或至少有两个偶数”,故选D.2.(xx北京模拟)若a,b,c是不全相等的实数,求证:a2+b2+c2ab+bc+ca.证明过程如下:因为a,b,cR,所以a2+b22ab,b2+c22bc,c2+a22ac,又因为a,b,c不全相等,所以以上三式至少有一个“=”不成立,所以将以上三式相加得2(a2+b2+c2)2(ab+bc+ac),所以a2+b2+c2ab+bc+ca.此证法是()A.分析法B.综合法C.分析法与综合法并用D.反证法【解析】选B.由已知条件入手证明结论成立,满足综合法的定义.3.(xx东城模拟)在ABC中,sinAsinCcosAcosC,则ABC一定是()A.锐角三角形B.直角三角形C.钝角三角形D.不确定【解析】选C.由sinAsinC0,即cos(A+C)0,所以A+C是锐角,从而B,故ABC必是钝角三角形.4.设a,bR,已知p:a=b;q:,则p是q成立的()A.必要不充分条件B.充分不必要条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件【解析】选B,p:a=b是q:成立的充分不必要条件.5.(xx宁波模拟)分析法又称执果索因法,若用分析法证明:“设abc,且a+b+c=0,求证0B.a-c0C.(a-b)(a-c)0D.(a-b)(a-c)0【解析】选C.ab2-ac3a2(a+c)2-ac3a2a2+2ac+c2-ac-3a20-2a2+ac+c20(a-c)(2a+c)0(a-c)(a-b)0.6.若=loga,|logba|=-logba,则a,b满足的条件是()A.a1,b1B.0a1C.a1,0b1D.0a1,0b1【解题提示】先利用|m|=m,则m0,|m|=-m,则m0,将条件进行化简,然后利用对数函数的单调性即可求出a和b的范围.【解析】选B.因为=loga,所以loga0=loga1,根据对数函数的单调性可知0a1.7.若abc,则使+恒成立的最大的正整数k为()A.2B.3C.4D.5【解析】选C.因为abc,所以a-b0,b-c0,a-c0,且a-c=a-b+b-c.又+=+=2+2+2=4(当且仅当2b=a+c时取等号),所以k+,k4,故k的最大正整数为4,故选C.二、填空题(每小题5分,共15分)8.用反证法证明命题“若x2-(a+b)x+ab0,则xa且xb”时,应假设为.【解析】“xa且xb”的否定是“x=a或x=b”,因此应假设为x=a或x=b.答案:x=a或x=b【误区警示】此题容易出现:”x=a且x=b”的错误答案.9.若P=+,Q=+(a0),则P,Q的大小关系是.【解析】因为P2=2a+7+2=2a+7+2,Q2=2a+7+2=2a+7+2,所以P20,Q0,所以PQ.答案:P1;a+b=2;a+b2;a2+b22;ab1.其中能推出:“a,b中至少有一个大于1”的条件是.(填序号)【解析】若a=,b=,则a+b1,但a1,b2,故推不出;若a=-2,b=-3,则ab1,故推不出;对于,即a+b2,则a,b中至少有一个大于1,反证法:假设a1且b1,则a+b2与a+b2矛盾,因此假设不成立,故a,b中至少有一个大于1.答案:(20分钟40分)1.(5分)(xx青岛模拟)设x,y,z0,则三个数+,+,+()A.都大于2B.至少有一个大于2C.至少有一个不小于2D.至少有一个不大于2【解析】选C.因为x0,y0,z0,所以+=+6,当且仅当x=y=z时等号成立,则三个数中至少有一个不小于2,故选C.2.(5分)(xx营口模拟)若a,b,c是不全相等的正数,给出下列判断:(a-b)2+(b-c)2+(c-a)20;ab与a0,ab0,b0,a0,b0且0,即a,b不为0且同号即可,故有3个.答案:34.(12分)(xx银川模拟)如图,几何体ABC-EFD是由直三棱柱截得的,EFAB,ABC=90,AC=2AB=2,CD=2AE=,(1)求三棱锥D-BEC的体积.(2)求证:CEDB.【解析】(1)由题意可证,EF平面BCD,VD-BCE=VE-BCD=SBCDEF=1=.(2)连接CF,依题意可得:ABBF,ABBC,而BF和BC是平面BFD内的两条相交直线,故有AB平面BFD.而BD在平面BFD内,故ABBD.再由EFAB可得EFBD.又在RtBCF和RtCDB中,因为=,=,所以=,所以RtBCFRtCDB,所以BDC=BCF,所以BDC+DCF=BCF+DCF=90,所以CFBD.综上可得,BD垂直于平面CEF内的两条相交直线,故有BD平面CEF.又CE平面CEF,所以CEDB.5.(13分)(能力挑战题)已知数列An:a1,a2,an.如果数列Bn:b1,b2,bn满足b1=an,bk=ak-1+ak-bk-1,其中k=2,3,n,则称Bn为An的“衍生数列”.(1)写出数列A4:2,1,4,5的“衍生数列”B4.(2)若n为偶数,且An的“衍生数列”是Bn,证明:bn=a1.(3)若n为奇数,且An的“衍生数列”是Bn,Bn的“衍生数列”是Cn,依次将数列An,Bn,Cn,首项取出,构成数列:a1,b1,c1,证明:是等差数列.【解析】(1)B4:5,-2,7,2.(2)因为b1=an,b1+b2=a1+a2,b2+b3=a2+a3,bn-1+bn=an-1+an,由于n为偶数,将上述n个等式中的第2,4,6,n这个式子都乘以-1,相加得b1-(b1+b2)+(b2+b3)-(bn-1+bn)=an-(a1+a2)+(a2+a3)-(an-1+an),即-bn=-a1,bn=a1.(3)对于数列An及其“衍生数列”Bn,因为b1=an,b1+b2=a1+a2,b2+b3=a2+a3,bn-1+bn=an-1+an,由于n为奇数,将上述n个等式中的第2,4,6,n-1这个式子都乘以-1,相加得b1-(b1+b2)+(b2+b3)-+(bn-1+bn)=an-(a1+a2)+(a2+a3)-+(an-1+an)即bn=an-a1+an=2an-a1.设数列Bn的“衍生数列”为Cn,因为b1=an,c1=bn=2an-a1,所以2b1=a1+c1,即a1,b1,c1成等差数列.同理可证,b1,c1,d1;c1,d1,e1,也成等差数列.从而是等差数列.【加固训练】(1)如果a,b都是正数,且ab,求证a6+b6a4b2+a2b4.(2)设a,b,c为ABC的三条边,求证(a+b+c)20,所以a6+b6a4b2+a2b4.(2)要证原不等式成立,只需证4(ab+bc+ca)-(a+b+c)20,即a2+b2+c2-2(ab+bc+ca)0,即a2+b2+c2-a(b+c)-b(c+a)-c(a+b)0,也即aa-(b+c)+bb-(c+a)+cc-(a+b)0成立.因为a,b,c为ABC的三条边,所以a-(b+c)0,b-(c+a)0,c-(a+b)0,即aa-(b+c)+bb-(c+a)+cc-(a+b)0成立,所以原不等式也成立.