2019-2020年高二下学期期末练习物理试题（二）（考察范围选修3-2和选修3-5）.doc

2019-2020年高二下学期期末练习物理试题（二）（考察范围选修3-2和选修3-5）注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、选择题（本题共8小题，15为单选题，68为多选题）1下列说法正确的是_（填选项前的字母）A汤姆孙发现电子，提出原子的核式结构模型B金属的逸出功随入射光的频率增大而增大C核力存在于原子核内所有核子之间D宁德核电站是利用重核裂变反应所释放的核能转化为电能2在匀强磁场中有一个静止的氡原子核（），由于衰变它放出一个粒子，此粒子的径迹与反冲核的径迹是两个相外切的圆，大圆与小圆的直径之比为421，如图所示。那么氡核的衰变方程应是下列方程中的哪一个 A. B.C. D.3图甲所示为氢原子的能级，图乙为氢原子的光谱。已知谱线a是氢原子从n4的能级跃迁到n2能级时的辐射光，则谱线b可能是氢原子_时的辐射光。（填选项前的字母）A从n5的能级跃迁到n3的能级B从n4的能级跃迁到n3的能级C从n5的能级跃迁到n2的能级D从n3的能级跃迁到n2的能级4理想变压器原线圈的匝数为1100匝，副线圈的匝数为25匝，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的滑片。则t/102s311甲U/V311210乙RPA副线圈输出电压的频率为100HzB副线圈输出电压的有效值为7VCP向左移动时，变压器原、副线圈的电流都减小DP向左移动时，变压器的输入功率增加5如图所示，边长为2l的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个边长为l的正方形金属导线框所在平面与磁场方向垂直，导线框和虚线框的对角线共线，每条边的材料均相同。从t0开始，使导线框从图示位置开始以恒定速度沿对角线方向进入磁场，直到整个导线框离开磁场区域。导线框中的感应电流i(取逆时针方向为正)、导线框受到的安培力F(取向左为正)、导线框中电功率的瞬时值P以及通过导体横截面的电荷量q随时间变化的关系正确的是 6如图所示，理想变压器的原线圈接u11000sin100t(V)的交变电压，副线圈通过电阻r6 的导线对“220 V/880 W”的电器RL供电，该电器正常工作。由此可知A原、副线圈的匝数比为501 B交变电压的频率为50HzC副线圈中电流的有效值为4 A D变压器的输入功率为880 W7在如图所示的倾角为的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B的强磁场区域，区域I的磁场方向垂直斜面向上，区域II的磁场方向垂直斜面向下，磁场的宽度HP及PN均为L，一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，t1时刻ab边刚越过GH进入磁场I区域，此时导线框恰好以速度v1做匀速直线运动；t2时刻ab边下滑到JP与MN的中间位置，此时导线框又恰好以速度v2做匀速直线运动。重力加速度为g，下列说法中正确的是（ ）A当ab边刚越过JP时，导线框具有加速度大小为a=gsinB导线框两次匀速直线运动的速度v1:v2=4:1C从t1到t2的过程中，导线框克服安培力做功的大小等于重力势能的减少D从t1到t2的过程中，有+机械能转化为电能8如图，在粗糙的绝缘水平面上，彼此靠近地放置两个带正电荷的小物块（动摩擦因数相同）由静止释放后，向相反方向运动，最终都静止在小物块的运动过程中，表述正确的是（ ）A物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力B物体之间的库仑力都做正功，作用在质量较小物体上的库仑力做功多一些C因摩擦力始终做负功，故两物块组成的系统的机械能一直减少D整个过程中，物块受到的库仑力做的功等于电势能的减少第II卷（非选择题）二、实验题（本题共2小题，将正确内容填在空白处）9如图所示，将多用电表的选择开关置于欧姆档，再将电表的表笔与一光敏电阻的两端相连，此时表笔的指针恰在表的中央，若用黑纸把光敏电阻包住，电表指针将向A左偏 B右偏 C不偏 D不能确定10某同学用图所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复10次；然后再把b球放在斜槽轨道末端的最右端附近静止，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次回答下列问题：（1）在安装实验器材时斜槽的末端应 。（2）小球a、b质量ma、mb的大小关系应满足ma mb，两球的半径应满足ra rb（选填“”、“”或“=”）。（3）本实验中小球落地点的平均位置距O点的距离如图所示，这时小球a、b两球碰后的平均落地点依次是图中水平面上的 点和 点。（4）在本实验中结合图，验证动量守恒的验证式是下列选项中的 。ABC三、计算题（本题共4小题，写出必要的公式和文字说明）11（10分）如图所示，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为37，宽度为0.5 m，电阻忽略不计，其上端接一小灯泡，电阻为1 。一导体棒MN垂直于导轨放置，质量为0.2 kg，接入电路的电阻为1 ，两端与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5。在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为0.8 T。将导体棒MN由静止释放，运动一段时间后，小灯泡稳定发光，此后导体棒MN的运动速度以及小灯泡消耗的电功率分别为多少？(重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6)12（12分）如图所示为远距离输电的装置，理想变压器B1、B2的变压比分别为14和51，交流电源的内阻r=1 ，三只灯泡的规格均为“6 V 1 W”，输电线总电阻为10 。若三只灯泡都正常发光，则交变电源的电动势E为多大？13如图所示，一轻质弹簧两端连着物体A和B，放在光滑的水平面上，物体A被水平速度为v0的子弹射中并且嵌入其中。已知物体B的质量为m，物体A的质量是物体B的质量的，子弹的质量是物体B的质量的，求弹簧压缩到最短时物体B的速度。弹簧的最大弹性势能。14一个铀核，经一次衰变后，产生钍核，（1）试写出上述衰变的核反应方程；（2）若一个静止的铀核发生衰变，以v的速度释放一个粒子，求产生钍核的运动速度大小；（3）若铀核的质量为m1，粒子的质量为m2，产生的钍核的质量为m3，求一个铀核发生衰变释放的能量。参考答案1D【解析】试题分析：汤姆孙发现电子，提出原子枣糕式结构模型，选项A错误；金属的逸出功由金属本身的性质来决定，与入射光的频率无关，选项B错误；核力是短程力，每个核子只跟它邻近的核子间存在核力作用故C错误；宁德核电站是利用重核裂变反应所释放的核能转化为电能，选项D正确；故选D.考点：原子结构模型；核力；逸出功；重核裂变.2B【解析】试题分析：原来原子核静止初动量为零，粒子和反冲核两动量的大小相等方向相反，根据图中的轨迹可知粒子和反冲核电性相同，A项错误；根据带电粒子在磁场中的半径公式，半径之比为42:1，粒子带电量之比为1:42，质子数就是核电荷数，所以B项正确；C、D项错误。考点：本题考查了动量守恒定律和衰变3C【解析】试题分析：因a的波长大于b，故a的频率小于b的频率，则发出b光的能级差大于发生a光的能级差，则如果a是氢原子从n4的能级跃迁到n2能级时的辐射光，则b光可能是从n5的能级跃迁到n2的能级，选项C正确；故选C.考点：玻尔理论.4C【解析】试题分析：初级输入电压的频率与次级输出电压的频率相等，均为，选项A错误；初级电压有效值为，则副线圈输出电压的有效值为，选项B错误；P向左移动时，次级电阻增大，故次级电流减小，由可知变压器原线圈的电流减小，根据P=IU可知，变压器输入功率减小，选项C正确，D错误；故选C.考点：变压器；动态分析。5A【解析】试题分析：导线框进入磁场时，导体切割磁场的等效长度均匀增加，所以电流均匀变大，当导线框全部进入后的一段时间内，由于磁通量不变，则电流为0，最后导线框出磁场时，导体切割磁场的等效长度是均匀减少，所以电流均匀减小，A正确；因为导线框全部进入磁场时 不受安培力，B错误；由,在进入磁场和出磁场的过程中导线框中电功率变化的，C错误；而，所以q与t不是线性关系，D错误。考点：法拉第电磁感应定律、安培力、闭合电路的欧姆定律及电功率。6BC【解析】试题分析：由PUI可得，C正确；根据,则副线圈两端电压U2ULUr244 V，再由可得，A错误；由及可得f50 Hz， B正确；因导线电阻消耗电能，故变压器输入功率为，D错误; 故选BC。考点：变压器规律。7BD【解析】试题分析：线框刚越过JP时，两条边都在切割磁感线，其电路相当于两节相同电池的串联，并且这两条边还同时受到安培力的阻碍作用。 对于A而言，ab边刚越过GH即做匀速直线运动，表明线框此时所受的合力为0，即mgsin=，在ab边刚越过JP时，ab、cd边都切割磁感线产生感应电动势，但线框的运动速度不能突变，仍为v1，则此时回路中的总感应电动势为E=2BLv1，设此时线框的加速度为a，则ab边刚越过JP时，受到的安培力方向沿斜面向上，cd边受到的安培力也沿斜面向上，故根据牛顿第二定律可得：BL-mgsin=ma，联立上面二式得a =3gsin，方向沿斜面向上，故选项A错误； 对于B而言，由于线框再做匀速运动时的速度为v2，则线框受力平衡，即mgsin=BL2，即v1=4v2，故选项B正确；从t1到t2的过程中，根据能量守恒得，导线框克服安培力做功的大小等于重力势能的减少加上线框动能的减少量，故选项C错误；即能量守恒表达式为：EpW=mv12mv22，故转化为电能的机械能为W= Ep（mv12mv22）=+，故选项D正确。考点：电磁感应与能量之间的关系。8BD【解析】试题分析： 在物块运动过程中，摩擦力不变，而库仑力随距离增大而减小开始阶段，物块加速运动，库仑力大于摩擦力，故A错误物体之间的库仑力都做正功，作用在质量较小物体上的位移大，则导致库仑力做功多一些，故B正确因摩擦力始终做负功，但库仑力做正功，故两物块组成的系统的机械能先增加后减少，故C错误 物块由于受库仑斥力，向相反方向运动，库仑力做正功，电势能均减小，即物块受到的库仑力做的功等于电势能的减少，故D正确故选BD。 考点：电场力功；电势能。9A【解析】试题分析：因光敏电阻的阻值随光强增大而减小，故若用黑纸把光敏电阻包住，则光敏电阻的阻值变大，所以欧姆表指针向做偏转，故选A。考点：欧姆表；光敏电阻.10（1）处于水平切线处（2） ；=（3）A；C（4）B【解析】试题分析：（1）在安装实验器材时斜槽的末端应处于水平切线处；（2）为保证两球正碰且不反弹，小球a、b质量ma、mb的大小关系应满足mamb，两球的半径应满足ra= rb；（3）小球a、b两球碰后的平均落地点依次是图中水平面上的A点和C点；（4）在本实验中验证动量守恒的验证式是，故选B.考点：验证动量守恒定律.11v5 m/s P1 W.【解析】试题分析：导体棒做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得： 2分解得：v5 m/s； 2分导体棒产生的感应电动势 EBLv, 1分电路电流 1分灯泡消耗的功率， 2分解得：p1 W. 2分考点：电磁感应、闭合电路的欧姆定律、电功率、物体的平衡。128.15V【解析】试题分析：设变压器B1的原线圈电压为U1，副线圈电压为U2，变压器B2的原线圈电压为U3，副线圈电压为U4.通过B1原线圈的电流为I1，输电线上的电流为I2，B2副线圈上的电流为I3.根据题意得：U4=6 V，而I3=0.5 A.对B2由电流关系：线路上的损失电压为U线=I2R线=1 V.由线路上的电压关系：U2=U+U3，将有关数据代入得U1=7.15 V.再对B1应用电流关系，求得：I1=0.4 A，最后由闭合电路欧姆定律：E=I1r+U1=8.15 V.考点：变压器、电能的输送。13【解析】试题分析：对木块A、B及子弹，由动量守恒有 （1）得 （2）对木块A及子弹，由动量守恒有 （3）得 （4）由能量守恒有（5）代入数据得 考点：动量守恒定律及能量守恒定律 14（1） （2） （3）【解析】试题分析：（1） 发生衰变 3分（2）的质量数M=234，粒子的质量数m=4由动量守恒定律mv=Mv1 得 4分（3）质量亏损 释放出的能量 3分考点：原子核的衰变、动量守恒定律、质能方程。