2019-2020年高二上学期第一次调研物理试卷（选修）（10月份）含解析.doc

2019-2020年高二上学期第一次调研物理试卷（选修）（10月份）含解析一单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24分每小题只有一个选项符合题意1真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的3倍，它们之间静电力的大小等于（）ABCFD3F2电场强度的定义式为E=（）A该定义式只适用于点电荷产生的电场BF是检验电荷所受到的力，q是检验电荷的电量C场强的方向与F的方向相同D由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比3电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知Ea和Eb，电势分别为a和b，则（）AEaEb，abBEaEb，abCEaEb，abDEaEb，ab4如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为A=1V，B=4V，C=0，则D点电势D的大小为（）A3 VB0C2 VD1 V5如图所示的电场中，每一条等势曲线的电势大小分别为10v、8v、6vA、B、C为这些等势线上的三个点下列叙述正确的是（）AC、A两点间电势差UCA=4VBA点的电场强度与B点的电场强度相同CB点处的场强方向可能是由C指向BD一正电荷从A点移到C点的过程中，电场力做正功6如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处于真空中，重力可忽略在满足电子能射出平行板的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏角变大的是（）AU1变大，U2变大BU1变小，U2变大CU1变小，U2不变DU1变小，U2变小二多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共计20分每小题有多个选项符合题意全部选对得5分，选对不全得2分，错选或不答的得0分7如图所示，在点电荷电场中的一条电场线上依次有A、B、C三点，分别把+q和q的试验电荷依次放在三点上，关于它所具有的电势能的正确说法是（）A放上+q时，它们的电势能EPAEPBEPCB放上+q时，它们的电势能EPAEPBEPCC放上q时，它们的电势能EPAEPBEPCD放上q时，它们的电势能EPAEPBEPC8如图中，是描述电容C、带电荷量Q、电势差U之间的相互关系的图线，对于给定的电容器，关系正确的是（）ABCD9如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态若将两板缓慢地增大距离，其他条件不变，则（）A电容器带电量不变B尘埃仍静止C尘埃向下加速运动D电容器带电量减小10如图所示，将带正电的粒子从电场中的A点无初速地释放，不计重力的作用，则下列说法中正确的是（）A带电粒子一定做加速直线运动B带电粒子的电势能一定逐渐增大C带电粒子的加速度一定越来越小D带电粒子的加速度一定越来越大三.简答题：（本空3分，共计24分请将解答填写在答题卡相应的位置）11把一个电量q=5109C的正电荷放在电场中的A点，测得受到的电场力大小为5104N，方向水平向右，则A点的场强是N/C，方向，若将该正电荷移走，A点场强为N/C12如图所示，A、B为带电量分别是Q和Q的两个等量异种点电荷，A、B间的距离为r，则AB中点处O点的场强大小为N/C，方向向13如图所示，是一正点电荷电场的电场线，电场中A、B两点间的电势差UAB=200V电量为+6108C的电荷从A 移到B，电场力对其做的功为 J，其电势能 （填增大、减小或不变）了J四.计算题：本题共3小题，共计32分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只与出最后答案的不能得分有数值的题，答案中必须明确写出数值和单位14带电量为3.0106C的粒子先后经过电场中的A、B两点，电场力做功6.0104J，已知B点电势为50V，则（l）A、B间两点间的电势差是多少？（2）A点的电势？（3）带电量为3.0106C的负电荷放在A点的电势能是？15如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab间距离Lab=8cm，bc间距离Lbc=14cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60角一个所带电量q=4108C的负电荷从a点移到b点克服电场力做功为1.2106J（结果都保留三位有效数字）求：（1）匀强电场的电场强度；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功；（3）a、c两点间的电势差16水平放置的两块平行金属板长L，两板间距d，两板间电压为U，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0从两板中间射入，已知电子质量m，电荷量e，如图，求：（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？（2）电子飞出电场时的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若屏与金属板右端相距S，求OP的长？xx学年江苏省盐城市时杨中学高二（上）第一次调研物理试卷（选修）（10月份）参考答案与试题解析一单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24分每小题只有一个选项符合题意1真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的3倍，它们之间静电力的大小等于（）ABCFD3F【考点】库仑定律【分析】根据库仑定律的公式求解静电力的大小【解答】解：由库仑定律的公式知，将保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的3倍，则们之间的静电力大小变为原来的倍故A正确，B、C、D错误故选：A2电场强度的定义式为E=（）A该定义式只适用于点电荷产生的电场BF是检验电荷所受到的力，q是检验电荷的电量C场强的方向与F的方向相同D由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比【考点】电场强度【分析】电场强度E的定义式E=中，F是放入电场中的试探电荷所受的电场力，q是试探电荷的电量，这是比值定义法，适用于任何电场；场强方向与正电荷所受的电场力方向相同【解答】解：A、B、电场强度E的定义式E=中，F是放入电场中的检验电荷所受的电场力，q是检验电荷的电量，运用比值定义法，该式适用于任何电场，故A错误，B正确；C、据场强方向规定，正电荷所受的电场力的方向与场强方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强方向相反，故C错误；D、该定义式可知，场强由电场本身决定，场中某点电场强度的大小一定，由此式知F与E成正比，故D正确故选：BD3电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知Ea和Eb，电势分别为a和b，则（）AEaEb，abBEaEb，abCEaEb，abDEaEb，ab【考点】电势；电场强度；电场线【分析】电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题【解答】解：根据电场线疏密表示电场强度大小，EaEb；根据沿电场线电势降低，ab，故ABD错误，C正确故选C4如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为A=1V，B=4V，C=0，则D点电势D的大小为（）A3 VB0C2 VD1 V【考点】电势差与电场强度的关系；电势【分析】在匀强电场中，在电场方向前进相同的距离，电势差相等，结合平行四边形的特点分析【解答】解：在匀强电场中，根据U=Ed知，沿电场方向相同距离电势差相等，根据平行四边形的特点知，AB与DC平行且相等，所以AB边与DC边沿电场方向的距离相等，AB间的电势差与DC间的电势差相等，即有 AB=DC解得 D=AB+C=1V4V+0V=3V故选：A5如图所示的电场中，每一条等势曲线的电势大小分别为10v、8v、6vA、B、C为这些等势线上的三个点下列叙述正确的是（）AC、A两点间电势差UCA=4VBA点的电场强度与B点的电场强度相同CB点处的场强方向可能是由C指向BD一正电荷从A点移到C点的过程中，电场力做正功【考点】等势面；电势能【分析】两点之间的电势差UCA=ca；等差等势面的疏密可以不是电场强度的大小，由图看到A点的等势面密；电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，电场强度是矢量，只有大小和方向都相同才能说相同；正电荷所受电场力的方向即电场强度的方向，当正电荷由高电势低电势运动时，电场力做正功【解答】解：A、C、A两点之间的电势差UCA=ca=610=4V，故A错误B、等差等势面的疏密可以不是电场强度的大小，由图看到A点的等势面密，所以A点的场强大于B点的场强，故B错误C、电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，故B点处的场强方向不可能是由C指向B故C错误D、正电荷所受电场力的方向即电场强度的方向，所以正电荷从A点移到C点过程，电场力做正功故D正确故选：D6如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处于真空中，重力可忽略在满足电子能射出平行板的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏角变大的是（）AU1变大，U2变大BU1变小，U2变大CU1变小，U2不变DU1变小，U2变小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【分析】电子在加速电场中，在电场力的作用下，做匀加速直线运动，可由电场力做功求出射出加速电场时的速度电子在水平放置的平行板之间，因受到的电场力的方向与初速度的方向垂直，故电子做类平抛运动运用平抛运动的竖直方向的速度与水平方向的速度的关系，可求出角度的变化情况【解答】解：设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：vy=at由、可得：又有：故U2变大，U1变小，或U1变小，U2不变，都可使偏转角变大，故选项B正确，C正确，AD错误故选：BC二多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共计20分每小题有多个选项符合题意全部选对得5分，选对不全得2分，错选或不答的得0分7如图所示，在点电荷电场中的一条电场线上依次有A、B、C三点，分别把+q和q的试验电荷依次放在三点上，关于它所具有的电势能的正确说法是（）A放上+q时，它们的电势能EPAEPBEPCB放上+q时，它们的电势能EPAEPBEPCC放上q时，它们的电势能EPAEPBEPCD放上q时，它们的电势能EPAEPBEPC【考点】电势能【分析】根据沿着电场线方向电势是降低的，可判断出电势的高低由电势能公式EP=q，判断电势能的大小【解答】解：A、B、沿着电场线方向电势是降低，所以ABc，根据电势能与电势的关系：EP=q，所以放上+q时，它的电势能EPAEPBEPC；故A正确，B错误C、D、由EP=q，知放上q时，它的电势能EPAEPBEPC；故C错误，D正确故选：AD8如图中，是描述电容C、带电荷量Q、电势差U之间的相互关系的图线，对于给定的电容器，关系正确的是（）ABCD【考点】电容【分析】电容是描述电容器容纳电荷量的本领；其大小只与电容器本身有关，和电量及电压无关【解答】解：A、B、C电容器的电容与Q及U无关，故在CU及CQ图象中，均为水平直线；故A正确；BC错误； D、由Q=UC可知，Q与U成正比，故D正确；故选：AD9如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态若将两板缓慢地增大距离，其他条件不变，则（）A电容器带电量不变B尘埃仍静止C尘埃向下加速运动D电容器带电量减小【考点】电容器的动态分析【分析】电容器与电源相连，则电势差不变；根据题意可知两板间的距离增大，所以可知电场强度减小，再由带电尘埃的受力可得出其运动情况【解答】解：A、两板间错开时，正对面积减小，则由C=可知，电容减小，因电容器两端的电压不变，由Q=UC可得，电量减小，故A错误，D正确； B、由以上分析可知，电压不变，增大板间距d；则由E=可知，两板间的场强减小；故带电尘埃受到的电场力变小；重力大于电场力，所以尘埃将向下加速运动，故B错误，C正确故选：CD10如图所示，将带正电的粒子从电场中的A点无初速地释放，不计重力的作用，则下列说法中正确的是（）A带电粒子一定做加速直线运动B带电粒子的电势能一定逐渐增大C带电粒子的加速度一定越来越小D带电粒子的加速度一定越来越大【考点】电场线【分析】带电粒子所在电场线是直线，无初速度释放后，电场力做正功，动能增大，电势能减小，一定做加速直线运动；电场线方向电场线越稀疏，判断电场力，从而判断加速度【解答】解：AB、由图看出，带电粒子所在的电场线是直线，则无速度释放后，带电粒子在电场力作用下一定做加速直线运动，电场力做正功，动能增大，电势能减小，故A正确，B错误CD、据电场线的疏密可知，右侧的场强小，所以带电粒子的电场力小，即加速度逐渐减小，故C正确，D错误故选：AC三.简答题：（本空3分，共计24分请将解答填写在答题卡相应的位置）11把一个电量q=5109C的正电荷放在电场中的A点，测得受到的电场力大小为5104N，方向水平向右，则A点的场强是1.0105N/C，方向向右，若将该正电荷移走，A点场强为1.0105N/C【考点】电场强度【分析】根据电场强度的定义式E=可求出A点的电场强度；电场强度E与试探电荷的有无、电荷量的大小无关，由电场本身决定【解答】解：根据电场强度的定义式E=可得A点的电场强度E=105N/C，且场强的方向水平向右；由于电场强度E与试探电荷的有无、电荷量的大小无关，故将该正电荷移走后，A点场强仍为1.0105N/C故本题的答案为：1.0105N/C；向右；1.0105N/C12如图所示，A、B为带电量分别是Q和Q的两个等量异种点电荷，A、B间的距离为r，则AB中点处O点的场强大小为N/C，方向向右【考点】电场强度；电场的叠加【分析】真空中点电荷的电场强度的表达式E=，电场强度是矢量，而矢量的运算满足平行四边形定则，但当两个矢量的方向在同一条直线上时就可以利用代数法则进行运算【解答】解：A电荷在O点产生的场强大小为E1=，方向水平向右；B电荷在O点产生的场强大小为E1=，方向水平向右，故O点场强大小为E=E1+E2=，方向水平向右故本题的答案为：，右13如图所示，是一正点电荷电场的电场线，电场中A、B两点间的电势差UAB=200V电量为+6108C的电荷从A 移到B，电场力对其做的功为1.2105 J，其电势能减小 （填增大、减小或不变）了1.2105J【考点】电势差与电场强度的关系；电场线【分析】根据公式WAB=qUAB求出电场力做功根据电场力做功与电势能变化的关系分析电势能的变化【解答】解：根据公式WAB=qUAB得：点电荷从A点移到B点，电场力对其做功：WAB=qUAB=6108200J=1.2105J电场力对点电荷做正功，则其电势能减小1.2105J故答案为：1.2105，减小，1.2105四.计算题：本题共3小题，共计32分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只与出最后答案的不能得分有数值的题，答案中必须明确写出数值和单位14带电量为3.0106C的粒子先后经过电场中的A、B两点，电场力做功6.0104J，已知B点电势为50V，则（l）A、B间两点间的电势差是多少？（2）A点的电势？（3）带电量为3.0106C的负电荷放在A点的电势能是？【考点】电势；电势能【分析】（1）根据电势差U=求出A、B间两点间的电势差（2）根据电势差等于两点电势之差求出A点的电势（3）根据Ep=q求得3.0106C的负电荷放在A点的电势能【解答】解：（1）根据电势差U=A、B间两点间的电势差UAB=200V（2）UAB=AB=200V已知B点电势为50V，所以A=250V（3）根据Ep=q得3.0106C的负电荷放在A点的电势能Ep=3.0106250=7.5104J答：（l）A、B间两点间的电势差是200V（2）A点的电势是250V（3）带电量为3.0106C的负电荷放在A点的电势能是=7.5104J15如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab间距离Lab=8cm，bc间距离Lbc=14cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60角一个所带电量q=4108C的负电荷从a点移到b点克服电场力做功为1.2106J（结果都保留三位有效数字）求：（1）匀强电场的电场强度；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功；（3）a、c两点间的电势差【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【分析】（1）根据电场力做功公式W=qEd，d为沿电场方向两点间的距离分析求解电场强度或先求电势差，再根据公式E=求解E（2）电荷从b点移到c点，电场力所做负功，d=lbccos60求出电场力做功（3）根据Uac=求解a、c两点间的电势差【解答】解：（1）ab两点的电势差 Uab=V=30V电场强度为 E=375V/m（2）电荷从b移到c，电场力所做的功 Wbc=qELbccos60=41083750.140.5J=1.05106J（3）a、c两点间的电势差 Uac=V=56.25V答：（1）匀强电场的电场强度E=375V/m；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功是1.05106J；（3）a、c两点间的电势差是56.25V16水平放置的两块平行金属板长L，两板间距d，两板间电压为U，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0从两板中间射入，已知电子质量m，电荷量e，如图，求：（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？（2）电子飞出电场时的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若屏与金属板右端相距S，求OP的长？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【分析】电子垂直进入电场，在电场力的作用下做类平抛运动，离开电场后，做匀速直线运动，打在屏上利用平抛运动的知识求解侧位移和离开电场的速度；求OP时包括两部分，OM和MP【解答】解：设电子所受电场力为F，加速度为a，在电场运动的时间为t，偏转位移为y，离开电场的速度为V，偏转角度为 ，电子垂直进入电场受到电场力：F=Eq极板间的场强：E=根据牛顿第二定律得：F=ma电子在电场中做类平抛运动：L=V0ty=at2联立解之得：y=（2）电子离开电场竖直向上的速度为：Vy=at离开电场的速度：V=联立解之得：v=速度偏转角：tan=（3）由图可知：op=y+MP有几何关系得：MP=stan联立解之得：op=（s+）tan=（s+）答：（1）电子偏离金属板时的侧位移是；（2）电子飞出电场时的速度大小为；（3）OP的长为（s+）xx年11月9日