2019-2020年高三上学期9月段测物理试题含解析.doc

2019-2020年高三上学期9月段测物理试题含解析一.不定项选择题（本题包括12小题，每小题4分，共48分）1（4分）（xx秋椒江区校级期中）关于速度和加速度，下列说法中正确的是（）A速度变化量越大，加速度就越大B速度变化越快，加速度越大C加速度保持不变，速度方向可能改变D加速度大小不断变小，速度大小也一定不断变小考点：加速度；速度专题：直线运动规律专题分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大解答：解：A、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故A错误B、速度变化越快，加速度越大，故B正确C、加速度保持不变，速度方向可能改变例如平抛运动，故C正确D、如果加速度方向与速度方向相同，加速度大小不断变小，速度大小一定增大，故D错误故选BC点评：本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决2（4分）（xx秋枞阳县校级期末）一辆汽车以速度v行驶了全程的一半，然后匀减速行驶了后一半，恰好停止，全程的平均速度为（）ABCD考点：平均速度专题：直线运动规律专题分析：分别求出前一半路程和后一半路程运行的时间，从而等于总路程除以总时间求出全程的平均速度解答：解：设全程为s，前半程的时间后半程做匀减速直线运动，后半程的平均速度，则后半程的运动时间则全程的平均速度故B正确，A、C、D错误故选B点评：解决本题的关键掌握平均速度的定义式，以及掌握匀变速直线运动平均速度的推论3（4分）（xx深圳二模）如图所示，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，下列说法正确的有（）A篮子底面受到的压力大于篮球的重力B篮子底面受到的压力小于篮球的重力C篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力D篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对篮球受力分析，根据平衡条件表示出篮球的受各个力大小解答：解：对篮球受力分析，并运用合成法如图：根据几何知识，篮子底部对篮球的支持力N1=mgcos根据牛顿第三定律则篮子底面受到的压力为mgcosmg，故A错误B正确；篮子右面对篮球的支持力N2=mgsin根据牛顿第三定律则篮子右面受到的压力为mgsinmg，故C错误D正确；故选：BD点评：本题首先要对篮球受力分析，根据共点力平衡条件列式求解出篮球受到的支持力表达式，再根据牛顿第三定律进行讨论4（4分）（xx秋薛城区校级月考）某人在竖直方向运动的电梯里称体重，发现体重计的示数比自己正常的体重减少了1%已知重力加速度g=10m/s2，则以下判断正确的是（）A电梯以1m/s2的加速度加速下降B电梯以9m/s2的加速度减速下降C电梯以1m/s2的加速度减速上升D电梯以9m/s2的加速度加速上升考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据人的支持力大小，结合牛顿第二定律求出人的加速度大小和方向，抓住人和电梯的加速度相同得出电梯的运动情况解答：解：体重计的示数比自己正常的体重少了10%，知电梯对人的支持力N=90%mg，根据牛顿第二定律得，mgN=ma，解得人的加速度a=0.1g=0.110=1m/s2，方向竖直向下，知电梯以1m/s2加速下降，或以1m/s2的加速度减速上升故A、C正确，B、D错误故选：AC点评：解决本题的关键知道人和电梯具有相同的加速度，求出人的加速度大小和方向是解决本题的突破口5（4分）（xx赫山区校级三模）如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是（）A逐渐减小B逐渐增大C先减小后增大D先增大后减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对G受力分析可知竖直绳上的拉力不变，再对结点O分析可得出受力的平行四边形；根据C点的移动利用图示法可得出OC拉力的变化解答：解：对G分析，G受力平衡，则拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力OA的支持力及OC的拉力而处于平衡；受力分析如图所示；将F和OC绳上的拉力合力，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；故选：C点评：本题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化6（4分）（xx秋薛城区校级月考）a、b两物体从同一位置开始运动，它们的vt图象如图所示，下列说法正确的是（）Aa、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B2s时，a、b两物体相距最远C6s时，物体a在物体b的前方D4s时，a、b两物体速度相等，相距9 m考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：运动学中的图像专题分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负解答：解：A、在速度时间图象中，图线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；所以根据斜率大小可以看出，在a、b加速时，a物体的加速度小于b的加速度，故A错误B、a、b两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，到4s末之前a的速度一直大于b的速度，a在前方，则a、b之间的间距逐渐增大，40s之后a的速度小于b的速度，b开始追赶a物体，间距减小，所以4s末两物体相距最远，故B错误C、6s时，由图象与坐标轴围成面积代表位移可知，a的位移为 xa=（1+4）2m+44m=21mb的位移为 xb=（62）8=16m，则xaxb，所以6s时，物体a在物体b的前方，故C正确C、4s时，a、b两物体速度相等，相距为x=xaxb=（1+4）2m+24m（24m）=9m，故D正确故选：CD点评：本题是为速度时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息7（4分）（xx秋顺德区期末）在光滑水平面上有一物块受水平恒力F的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧，如图所示，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程中，下列说法正确的是（）A物块接触弹簧后立即做减速运动B物块接触弹簧后先加速后减速C当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于零D当物块的速度为零时，它所受的合力不为零考点：牛顿第二定律专题：计算题分析：物体与弹簧接触前匀加速运动，与弹簧接触后的运动可以分为加速和减速两个两个过程分析，推力大于弹簧弹力过程加速，推力小于弹簧弹力过程减速解答：解：物体与弹簧接触前做匀加速直线运动；物体与弹簧接触后，弹簧弹力不断增大，开始阶段弹簧弹力小于推力F，合力向右，加速度向右，物体做加速度不断减小的加速运动；当加速度减小为零时，速度达到最大；接下来物体由于惯性继续向右运动，弹力进一步变大，且大于推力，合力向左，加速度向左，物体做加速度不断变大的减速运动，当速度减为零时，加速度最大；故选BD点评：本题中物体先做加速度不断减小的加速运动，再做加速度不断增大的减速运动，初学者往往容易忽略加速过程8（4分）（xx南海区校级模拟）如图所示，在水平桌面上叠放着木块P和Q，水平力F推动两个木块做匀速运动，下列说法中正确的是（）AP受3个力，Q受3个力BP受3个力，Q受4个力CP受2个力，Q受5个力DP受4个力，Q受6个力考点：力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用专题：受力分析方法专题分析：用水平力F推Q，使P、Q两木块一起沿水平桌面匀速滑动，对各自进行受力分析，分别从重力、弹力、摩擦力等三个角度去分析对于摩擦力要分静摩擦力与滑动摩擦力解答：解：在水平推力的作用下，物体P、Q一起匀速滑动，则对P受力分析：重力与支持力对于Q受力分析：重力、地面支持力、P对Q的压力、水平推力、地面给Q的滑动摩擦力因此P受到二个力，Q受到五个力故C正确；ABD错误；故选：C点评：考查学会受力分析，通常从重力、弹力、摩擦力角度去分析，同时强调受力的研究对象9（4分）（xx济宁一模）如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的 竖直面上，现用竖直向上的作用力F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下面说法正确的是（）A木块a与铁块b间一定存在摩擦力B木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D竖直向上的作用力F大小一定等于铁块与木块的重力之和考点：摩擦力的判断与计算专题：摩擦力专题分析：对b受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡，整体不是墙壁的弹力和摩擦力解答：解：A、b匀速上升，受到的合力为零，对b受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力，A正确；B、再对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡；整体不受墙壁的弹力和摩擦力，如有，则合力不为零；与墙壁接触但不挤压，不产生摩擦力，BC错误；D、根据竖直方向受力平衡知竖直向上的作用力F大小一定等于铁块与木块的重力之和，D正确；故选：AD点评：弹力和摩擦力的有无可以根据假设法判断，即假设存在，或假设不存在，看是否与运动状态相矛盾10（4分）（xx秋廊坊期末）如图所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上先将木板水平放置，并使弹簧处于拉伸状态缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是（）A先减小后增大B先增大后减小C一直增大D保持不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：由题，缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大的过程中，物块P的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，根据平衡条件分析物块P所受静摩擦力的大小变化情况解答：解：设物块的重力为G，木板与水平面的夹角为，弹簧的弹力大小为F，静摩擦力大小为f由题，缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动的过程中，弹簧的拉力不变，物块P的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，物块P所受的静摩擦力方向先木板向下，后沿木板向上当物块P的重力沿木板向下的分力小于弹簧的弹力时，则有Gsin+f=F，增大时，F不变，f减小；当物块P的重力沿木板向下的分力大于弹簧的弹力时，则有Gsin=f+F，增大时，F不变，f增大；所以物块P所受静摩擦力的大小先减小后增大故选A点评：本题要抓住弹簧的拉力没有变化，重力的分力是变力，先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，根据平衡条件进行动态变化分析二、填空题11（8分）（xx秋庐阳区校级期中）某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h=30.0cm且开口向下的小筒中（没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触），如图甲所示，若本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出Fl图象如图乙所示，则弹簧的劲度系数为k=200 N/m，弹簧的原长l0=20cm考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：实验题；摩擦力专题分析：根据胡克定律写出F与l的关系式，然后结合数学知识求解即可解答：解：根据胡克定律F与l的关系式为：F=k（l+hl0）=kl+k（hl0），从图象中可得直线的斜率为2N/cm，截距为20N，故弹簧的劲度系数为：k=2N/cm=200N/m由k（hl0）=20N于是：l0=20cm故答案为：200； 20cm点评：找到各个物理量之间的关系，然后根据胡克定律列方程，是解答本题的突破口，这要求学生有较强的数学推导能力12（8分）（xx秋薛城区校级月考）为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间t1、t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，两个光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m回答下列问题：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，其方法是：在不挂砝码的情况下，将滑行器自由放在导轨上，如果滑行器能在任意位置静止不动，或轻轻推滑行器后，能使滑行器匀速运动，说明气垫导轨是水平的（2）在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为a=（用t1、t2、D、x表示）考点：测定匀变速直线运动的加速度专题：实验题；直线运动规律专题分析：（1）当气垫导轨水平时，滑块做匀速直线运动，通过光电门的速度相等，即光电门的挡光时间相等（2）滑块经过光电门时的速度近似等于滑块经过光电门时的平均速度，可由v=求出，然后由匀变速运动的速度位移公式求出滑块的加速度解答：解：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，在不挂重物的情况下轻推滑块，若滑块做匀速直线运动，即滑块通过光电门速度相等，则光电门的挡光时间相等，证明气垫导轨已经水平（2）滑块经过光电门1的速度v1=，滑块经过光电门2的速度v2=由匀变速运动的速度位移公式得：v22v12=2ax，a=故答案为：（1）匀速；（2）点评：解决本题的关键理解实验的原理，掌握很短时间内的平均速度代表瞬时速度三、计算题（要有必要的公式和计算过程）13（10分）（xx秋薛城区校级月考）如表是驾驶员守则中的安全距离表格 车速（km/h） 反应距离（m） 刹车距离（m） 停车距离（m） 40 10 10 20 60 15 22.5 37.5 80 20 40 60请根据该表格计算：（1）驾驶员正常时的反应时间；（2）汽车刹车的加速度；（3）一名喝了酒的驾驶员发现前面50m处有一队学生正在横穿马路，此时他的车速为72km/h，而他的反应时间比正常时慢了0.1s，若他以正常的加速度刹车，请问他能在50m内停下来吗？考点：匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：（1）根据表中数据，应用匀速直线运动的位移公式求出反应时间（2）由速度位移公式求出刹车时的加速度（3）由位移公式求出反应时间内的位移，由速度位移公式求出刹车距离，然后分析答题解答：解：（1）驾驶员的反应时间：t0=0.9s；（2）刹车时的加速度：a=m/s26.17m/s2；（3）汽车的速度：v=72km/h=20m/s，司机的反应距离：s=vt=20（0.9+0.1）=20m，汽车的刹车距离：s=32.4m，汽车总位移：s+s=20+32.4=52.4m50m，汽车不能在50m内停下答：（1）驾驶员正常时的反应时间0.9s；（2）汽车刹车的加速度6.17m/s2；（3）他不能在50m内停下来点评：本题考查了求反应时间、加速度、判断汽车能否安全停车，分析清楚汽车的运动过程、根据表中数据、应用匀速运动的位移公式、匀变速运动的速度位移公式即可正确解题14（10分）（xx赫山区校级一模）如图所示，细绳OA长30cm，O端与质量m=1kg的重物相连，A端与轻质圆环（重力不计）相连，圆环套在水平棒上可以滑动；定滑轮固定在距离圆环50cm的B处，跨过定滑轮的细绳，两端分别与重物m、重物G相连若两条细绳间的夹角=90，圆环恰好没有滑动，不计滑轮大小，整个系统处于静止状态，滑动摩擦力等于最大静摩擦力求：（1）圆环与棒间的动摩擦因数；（2）重物G的质量M考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）圆环恰好没有滑动，将要开始滑动时，所受的静摩擦力刚好达到最大值根据共点力平衡条件对环进行研究，求出tan，得到（2）物体m处于平衡状态，根据共点力平衡条件求解细绳的张力（2）圆环将要滑动时，对重物进行受力分析，求解重物G的质量解答：解：（1）因为圆环将要开始滑动，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有f=N对环进行受力分析，则有：NFTcos=0NFTsin=0代入数据解得：（2）对重物m：Mg=mgcos所以：M=mcos=kg答：（1）圆环与棒间的动摩擦因数是0.75；（2）重物G的质量为0.6kg点评：本题是在共点力作用下重物的平衡问题，采用隔离法分别研究三个物体，分析受力情况是解题的关键之处15（12分）（xx秋薛城区校级月考）海豚靠尾部来推动下部的水，能够从水中高高跃起，被誉为“会飞的鱼”一身长L1=1.8m，质量m=65kg的海豚，跃起后从h1=1.0m的高度处自由落下，尾部接触水面后经过时间t=0.25s身体速度降为零假设下降阶段尾部与水面的作用力是恒力，求下降阶段尾部与水面的作用力F和鱼在下降阶段在水中下降的高度（取g=10m/s2）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：海豚跃起后从h1=1.0m的高度处下落过程，先自由下落，后进入水中做匀减速运动，根据速度位移公式求出海豚落水时的速度，再用平均速度公式求出海豚在水中重心下降的高度；根据运动学公式列式求解加速度，在根据牛顿第二定律列式求解下降阶段尾部与水面的作用力F解答：解：自由下落1m的末速度为：m/s在减速时间为0.25s的匀减速阶段，重心下落的高度：h=加速度：a=8m/s2设尾部与水面的作用力为F，由牛顿第二定律，有：Fmg=ma解得：F=m（g+a）=65（10+8）=1230N答：下降阶段尾部与水面的作用力F为1230N，鱼在下降阶段在水中下降的高度为0.56m点评：本题是已知运动情况确定受力情况的问题，关键建立模型，根据运动公式求解加速度16（12分）（2011宣城二模）如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，小物块与小车间的动摩擦因数=0.2，当二者达到相同速度时，物块恰好滑到小车的最左端取g=10m/s2求：（1）小物块放后，小物块及小车的加速度各为多大？（2）小车的长度是多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）当小物块开始放在小车上时，两者有相对运动，对车与小物块分别受力分析，根据牛顿第二定律即可解得结果（2）分析运动过程，物体与小车的速度相等时相对静止，发生的相对位移和车长相等，然后依据运动学公式求解即可解答：解：（1）以小物块为研究对象，由牛顿第二定律得：mg=ma1解得：a1=g=2m/s2以小车为研究对象，由牛顿第二定律得：Fmg=Ma2解得：故小物块的加速度为a1=2m/s2，小车的加速度为a2=0.5m/s2（2）由运动学公式：a1t=v0+a2t解得：则：L=x2x1=0.75m故小车的长度是0.75m点评：对于这类有两个物体组成的系统，在研究各自的运动情况时，要正确分析各自所受摩擦力情况，弄清运动形式，把握速度相等和相对位移这两个关系