2019-2020年高三上学期第四次模拟考试物理试卷 含解析zhangsan.doc

2019-2020年高三上学期第四次模拟考试物理试卷 含解析zhangsan一、单选题（每题只有一个答案，每题3分，共18分。）1两个大小相同、带等量同种电荷的导体小球A和B，彼此间的静电力为F。另一个不带电的与A、B大小相同的导体小球C，先与A接触，再与B接触，然后移开，这时A和B之间的作用为，则F与之比为（ ）A81 B83 C18 D41 【答案】B假设A B带电量为Q，两球之间的相互吸引力的大小是第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，再与B接触，则C、B分开后电量均为，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小即。故选B。【考点】库仑定律2如图所示，两根直木棍AB和CD相互平行，固定在同一个水平面上,一个圆柱形工件P架在两木棍之间，在水平向右的推力F的作用下，恰好能向右匀速运动。若保持两木棍在同一水平面内，但将它们间的距离稍微增大一些后固定将该圆柱形工件P架在两木棍之间，用同样的水平推力F向右推该工件，则下列说法中正确的是（ ）A该工件仍可能向右匀速运动B该工件P可能向右加速运动CAB棍受到的摩擦力一定大于F/2DAB棍受到的摩擦力一定等于F/2【答案】DAB、工件原来做匀速运动，所受的滑动摩擦力大小，将木棍的间距稍微增大一些后固定时，工件受力的侧视图如图，由平衡条件得，木棍的间距稍微增大时，增大，cos减小，则木棍对工件的支持力N增大，工件所受的滑动摩擦力增大，而F不变，所以工件P将不动，故AB错误；CD、工件所受的滑动摩擦力增大，且用原先的水平推力推时，该工件会静止不动，所以AB棍受到的摩擦力是静摩擦力且一定无，故C错误D正确。故选D。【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解3一长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为mA=1kg和mB=2kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因数都为=0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示（重力加速度g取10m/s2）。则 （ ） A若F=1N，则物块、木板都静止不动B若F=1.5N，则A物块所受摩擦力大小为1.5NC若F=4N，则B物块所受摩擦力大小为4ND若F=8N，则B物块的加速度为1m/s2【答案】DA与木板间的最大静摩擦力fA=mAg=0.2110N=2N；B与木板间的最大静摩擦力fB=mBg=0.2210N=4N；A、F=1NfA，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，故A错误；B、若F=1.5NfA，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，根据牛顿第二定律得：F-f=mAa，所以A物块所受摩擦力fF=1.5N，故B错误；C、F=4NfA，所以A在木板上滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，轻质木板，质量不计，所以B的加速度，对B进行受力分析，摩擦力提供加速度，f=mBa=21=2N，故C错误；D、F=8NfA，所以A相对于木板滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，轻质木板，质量不计，所以B的加速度，故D正确。故选D。【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解4如图所示，电动势为E、内阻不计的电源与三个灯泡和三个电阻相接，只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作，如果再合上S2，则下列表述正确的是（ ）A电源输出功率减小 BL1上消耗的功率增大C通过R1上的电流增大 D通过R3上的电流增大【答案】CA、只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作，再合上S2，并联部分的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大由于电源的内阻不计，电源的输出功率P=EI，与电流成正比，则电源输出功率增大，故A错误；B、由于并联部分的电阻减小，根据串联电路的特点，并联部分分担的电压减小，L1两端的电压减小，其消耗的功率减小，故B错误；C、再合上S2，外电路总电阻减小，干路电流增大，而R1在干路中，通过R1上的电流增大，故C正确；D、并联部分的电压减小，通过R3上的电流将减小，故D错误。故选C。【考点】闭合电路的欧姆定律5如图所示，一束正离子从s点沿水平方向射出，在没有偏转电场、磁场时恰好击中荧光屏上的坐标原点O；若同时加上电场和磁场后，正离子束最后打在荧光屏上坐标系的第象限中，则所加电场E和磁场B的方向可能是（不计离子重力及其间相互作用力）（ ）AE向下，B向上 BE向下，B向下CE向上，B向下 DE向上，B向上【答案】A由题意知，电子在电场中受力应向下，因离子带正电，故电场方向应向下；而粒子在磁场作用下向左偏转，故说明洛仑兹力向左，由左手定则可知，B应向上。故选A。【考点】左手定则；电场力6如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（ ）Aa粒子动能最大Bc粒子速率最大Cb粒子在磁场中运动时间最长D它们做圆周运动的周期TaTbl说明B滑至皮带最左端时，速度仍大于u，设此时速度为v2，由动能定理有解得v24m/s，即B与A碰撞前的速度大小。（2）A、B碰撞瞬间动量守恒：mv2=mv3+MvA机械能守恒：由以上两式解得B以的速度反向滑上皮带后做匀减速运动，设其减速至零通过的位移为s，由解得说明B与A第一次碰撞后不能回到右边曲面上（3）B返回到皮带的左侧时速度仍为。由（2）可知与A发生弹性碰撞后，B的速度为，以此速度滑上皮带后再返回与A再次碰撞.因此B第n次碰撞后的速度（n=0，1，2.）【考点】 动量守恒定律；机械能守恒定律中山市华侨中学xx届第四次模拟考试物理科试题参考答案题号12345678910111213答案BDDCABCDBDBDADBCACAC14（1）A B -（2分） 打点计时器不能接干电池；小车应靠长木板右侧释放；长木扳左端细线没有调整水平； -（任意两个，每个2分）（2） 0.5190.521 a. 1； b. 欧姆 ，表盘右端零刻度处，12（12.0至12.2）A，C 作图 略15（12分）解：（1）设轨道半径为R，由机械能守恒定律： （1） （3分）对B点： （2） （1分）对A点： （3） （1分）由（1）、（2）、（3）式得：两点的压力差： （4） （1分）由图象得：截距6mg=6，得m=0.1kg （5） （1分）（2）因为图线的斜率 所以R=2m （6） （2分）在A点不脱离的条件为： （7） （2分）由（1）、（6）、（7）式得：x=15m （1分）16（12分）解：（1）离子在平行板内匀速直线运动，因此有 （1分）又 （1分）解得离子在平行板内的速度为 （1分）（2）如图为离子在第I象限磁场区域内运动的轨迹图，由几何关系得，轨迹半径为， （1分）轨迹对应的圆心角为 （1分）运动周期为 （1分）运动时间为 （1分）（3）要使离子一定能打在x轴上，离子在磁场B中运动的最小半径，如图所示，由几何关系 得 （1分）由 得 （1分） （1分）即必须小于 （1分） 作图-（1分）17（12分）解：（1）B在曲线下滑过程中，由机械能守恒有： （1分）若B以速度v1滑上皮带减速到u，移动的距离为s，由动能定理有： （1分）由以上两式解得 s = 4ml （1分）说明B滑至皮带最左端时，速度仍大于u，设此时速度为v2，由动能定理有 （1分）解得 v24 m/s ，即B与A碰撞前的速度大小。 （1分）（2）A、B碰撞瞬间动量守恒：mv2 = mv3 + MvA （1分）机械能守恒： （1分）由以上两式解得 （1分）B以的速度反向滑上皮带后做匀减速运动，设其减速至零通过的位移为s，由 （1分）解得 说明B与A第一次碰撞后不能回到右边曲面上 （1分）（3）B返回到皮带的左侧时速度仍为。由（2）可知与A发生弹性碰撞后，B的速度为，以此速度滑上皮带后再返回与A再次碰撞.因此B第n次碰撞后的速度vn()nv2 = 4()n m/s （n=0，1，2.） （2分）