2019-2020年高三上学期第二次模拟考试物理试卷 含解析zhangsan.doc

2019-2020年高三上学期第二次模拟考试物理试卷 含解析zhangsan本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。共100分考试用时90分钟 第卷（选择题共50分）一、单选题（每题只有一个答案，每题3分，共18分。）1一辆汽车运动的v-t图象如图，则汽车在02s内和2s3s内相比【 】A位移大小相等 B平均速度相等C速度变化相同 D加速度相同【答案】BA、速度图象与坐标轴所围的“面积”物体的位移大小，由图知，02s内位移较大，故A错误；B、汽车在02s内平均速度为，汽车在2s3s内平均速度为，故B正确；C、汽车在02s内速度变化量，在2s3s内速度变化量为，故速度变化量不同，故C错误；D、根据速度图象的斜率等于加速度可知，在02s内汽车的加速度沿正方向，而在2s3s内加速度沿负方向，所以加速度不相等，故D错误。故选B。【考点】匀变速直线运动的图像2如图，一物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做匀速直线运动，则下列说法正确的是【 】A物体可能不受弹力作用 B物体可能受三个力作用C物体可能不受摩擦力作用 D物体一定受四个力作用【答案】D物体处于平衡状态，所以一定受到重力、支持力、拉力、摩擦力，这四个力。故选D。【考点】共点力平衡3如图a，甲车自西向东做匀加速运动，乙车由南向北做匀速运动，到达O位置之前，乙车上的人看到甲车运动轨迹大致是图b中的【 】【答案】C以乙车为参考系，甲车向东做匀加速直线运动，向南做匀速直线运动，由于合加速度的方向与合速度的方向不在同一条直线上，则合运动是曲线，因为加速度的方向大致指向轨迹凹的一向，故C正确。故选C。【考点】运动的合成和分解4如图所示，清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总重量为G，悬绳与竖直墙壁的夹角为，悬绳对工人的拉力大小为F1，墙壁对工人的弹力大小为F2，则 【 】ABF2=GtanC若缓慢减小悬绳的长度，F1与F2的合力变大D若缓慢减小悬绳的长度，F1减小，F2增大【答案】BAB、分析工人受力：工人受到重力、支持力和拉力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：水平方向：F1sin=F2竖直方向：F1cos=G解得，F2=Gtan，故A错误B正确；CD、当缓慢减小悬绳的长度时，细绳与竖直方向的夹角变大，故F1变大，F2变大，但F1与F2的合力与重力平衡，保持不变，故CD错误。故选B。【考点】共点力平衡；力的合成与分解5如图一质量为m的物体在竖直平面内做匀速圆周运动，则【 】A物体所受的合外力不变 B物体的动能不变C物体的机械能不变 D物体所受重力的功率不变【答案】BA、匀速圆周运动的物体合外力指向圆心，大小不变，方向时刻改变，故A错误；B、匀速圆周运动的线速度的大小不变，所以动能不变，故B正确；C、在竖直平面内做匀速圆周运动物体线速度的大小不变，动能不变，势能时刻变化，机械能不守恒，故C错误；D、物体所受重力的功率P=mgvcos，重力和速度大小不变，夹角时刻变化，所以物体所受重力的功率改变，故D错误。故选B。【考点】向心力；牛顿第二定律6我国正在建设的北斗卫星导航系统空间段由5颗静止轨道卫星（即地球的同步卫星）和30颗非静止轨道卫星组成，下列表述正确的是【 】A静止轨道卫星所受地球引力方向不变B静止轨道卫星运行速度与地球自转速度相同C静止轨道卫星和非静止轨道卫星都处于失重状态D提高非静止轨道卫星运行速度仍可使其在原轨道上运行【答案】CA、静止轨道卫星所受地球引力方向指向地心，不断改变，故A错误；B、同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，具有相同的角速度，根据v=r得静止轨道卫星运行速度大于地球自转速度，故B错误；C、卫星在轨道上运行时只受重力，所以都处于失重状态，故C正确；D、提高卫星运行速度，卫星将会做离心运动偏离原来的轨道，故D错误。故选C。【考点】同步卫星二双选题（每题有两个答案，每题4分，少选一个得2分，错选得0分，共32分。）7如图，节水灌溉中的喷嘴距地高0.8m，假定水从喷嘴水平喷出，喷灌半径为4m，不计空气阻力，取g=10m/s2则【 】A水下落的加速度为8m/s2 B水从喷嘴到地面的时间为0.4sC水从喷嘴喷出后动能不变 D水从喷嘴喷出的速率为10m/s【答案】BDA、水喷出后做平抛运动，下落的加速度为10m/s2，故A错误；B、根据得；，故B正确；C、水从喷嘴喷出后重力做正功，动能增大，故C错误；D、水平方向，故D正确。故选BD。【考点】平抛运动8用一水平拉力使质量为m的物体从静止开始沿粗糙的水平面运动，物体的v-t图象如图所示下列表述正确的是【 】A在0-t1时间内拉力逐惭减少 B在0-t1时间内物体做曲线运动C在t1-t2时间内拉力的功率不为零 D在t1-t2时间内合外力做功【答案】ACA、0-t1内，物体做加速度不断减小的加速运动，根据牛顿第二定律，有：F-f=ma，故拉力不断减小，故A正确；B、0-t1内拉力朝前，位移向前，故物体做直线运动，故B错误；C、在t1-t2时间内，物体匀速前进，拉力做正功，故拉力的功率不为零，故C正确；D、在t1-t2时间内，物体匀速前进，合力为零，故合外力做功为零，故D错误。故选AC。【考点】功率9合外力对物体做负功时，物体做直线运动的速度时间图像可能是【 】【答案】BD合外力做负功，则动能减小，速度减小；A选项速度增大，B选项速度减小，C选项速度增大，D选项速度减小，故BD正确。故选BD。【考点】匀变速直线运动的图像10重为50N的物体放在水平面上，物体与水平面的动摩擦因数为0.2，现用方向相反的水平力F1和F2拉物体，其中F1=15N，如图所示。要使物体做匀加速运动，则F2的大小可能为【 】A4N B10N C20N D30N【答案】AD物体的滑动摩擦力f=G=10N若F1-F2f=10N，物体可以做匀加速运动，此时F25N若F2-F1f=10N，物体可以做匀加速运动，此时F225N，故AD正确故选AD。【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解11如图，人站在自动扶梯上不动，随扶梯匀速上升的过程中【 】A人克服重力做功，重力势能增加 B支持力对人不做功，人的动能不变C合外力对人不做功，人的动能不变 D合外力对人不做功，人的机械能不变【答案】ACA、人站在自动扶梯上不动，随扶梯匀速上升的过程中，重力做负功，重力势能增加，故A正确；BCD、人所受的合力为零，支持力做正功，合力不做功，动能不变，重力势能增加，则机械能增加，故C正确BD错误。故选AC。【考点】功能关系12如图，汽车在拱形桥顶点A匀速率运动到桥的B点下列说法正确的是【 】A合外力对汽车做的功为零B阻力做的功与牵引力做的功相等C重力的瞬时功率随时间变化D汽车对坡顶A的压力等于其重力【答案】ACA、汽车做匀速圆周运动，动能不变，合力对汽车做功为零，故A正确；B、在运动过程中，牵引力与重力对汽车做正功，阻力做负功，合外力的功为零，则阻力的功与牵引力和重力的功相等，故B错误；C、重力方向与速度方向间的夹角不断变化，由P=mgvcos可知重力的瞬时功率随时间变化，故C正确；D、在A点，由牛顿第二定律得：，得，由牛顿第三定律得，汽车对桥顶的压力：，故D错误。故选AC。【考点】功率；牛顿第二定律；动能定理13作匀速圆周运动的人造卫星的轨道半径增大到原来的2倍后仍作匀速圆周运动，则A根据公式v=可知，卫星运动的线速度将减小到原来的B根据公式可知，卫星所需的向心力将减小到原来的C根据公式可知，卫星的向心加速度将增大到原来的2倍D根据公式可知，地球提供的向心力将减小到原来的【答案】ADA、人造卫星做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，则得：可得卫星的线速度，可知，卫星运动的线速度将减小到原来的，故A正确；B、当轨道半径增大时，小球所受的地球的万有引力减小，由卫星的线速度可知，v减小，所以，不能用公式 讨论卫星的向心力变化，故B错误；C、当轨道半径变化时，卫星的角速度也发生改变，所以，不能用公式分析卫星角速度的变化，故C错误；D、人造卫星的轨道半径增大到原来的2倍，地球的质量和卫星的质量均不变，由公式 可知地球提供的向心力将减小到原来的，故D正确。故选AD。【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律14我国已于2011年9月29日发射“天宫一号”目标飞行器，11月1日发射“神舟八号”飞船并在11月3日与“天宫一号”实现对接。某同学为此画出“天宫一号”和“神舟八号”绕地球做匀速圆周运动的假想图如图所示，A代表“天宫一号”，B代表“神舟八号”，虚线为各自的轨道。由此假想图，可以判定【 】A“天宫一号”的运行速率小于“神舟八号”的运行速率B“天宫一号”的周期小于“神舟八号”的周期C“天宫一号”的向心加速度小于“神舟八号”的向心加速度 D“神舟八号”适度减速有可能与“天宫一号”实现对接【答案】ACABC、天宫一号和神舟八号绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力得解得，天宫一号的半径大，向心加速度小，线速度小，周期大，故B错误AC正确；D、神舟八号在轨道上减速，由于万有引力大于所需的向心力，神舟八号会做近心运动，离开原轨道，不会和天宫一号对接，故D错误。故选AC。【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律第卷（非选择题 共50分）三、实验题：本题共2小题，共14分把答案填在题中的横线上或按题目要求作答15（1）（6分）某同学设计了一个探究小车的加速度a与小车所受拉力F及质量m关系的实验，图（甲）为实验装置简图。他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为下列说法中正确的是 。（选填字母代号）A实验时要平衡摩擦力 B实验时不需要平衡摩擦力C钩码的重力要远小于小车的总重力 D实验进行时应先释放小车再接通电源如图（乙）所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E是计数点（每打5个点取一个计数点），其中L1=3.07cm，L2=12.38cm，L3=27.87cm，L4=49.62cm。则打C点时小车的速度为 m/s，小车的加速度是 m/s2。(计算结果均保留三位有效数字)【答案】A、C 1.24 6.22 为了让砝码的重力更加接近为小车的合外力，本实验中需要平衡摩擦力和让砝码重力远远小于小车重力，实验时先接通电源后释放小车，故BD错误AC正确；故选AC。每打5个点取一个计数点，相邻的计数点的时间间隔是0.1s，根据中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速得：根据可得：。【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系（2）（8分）某同学利用如图（a）装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验 在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持 状态 他通过实验得到如图（b）所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线由此图线可得该弹簧的原长x0= cm，劲度系数k= N/m 他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（c）所示时，该弹簧的长度x= cm【答案】竖直 4.0 50.0 10.0弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度尺要保持竖直状态；弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4cm；根据胡克定律，有：；由图c得到弹簧的弹力为3N，根据图b得到弹簧的长度为10cm。【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系四、本题共3小题，满分36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。16（10分）如图，粗糙水平面与半径R=1.5m的光滑圆弧轨道相切于B点，静止于A处m=1kg的物体在大小为10N方向与水平水平面成37角的拉力F作用下沿水平面运动，到达B点时立刻撤去F，物体沿光滑圆弧向上冲并越过C点，然后返回经过B处的速度vB=15m/s。已知sAB=15m，g=10m/s2，sin37=0.6，con37=0.8。求：（1）物体到达C点时对轨道的压力；（2）物体与水平面的动摩擦因数。【答案】 （1）设物体在C处的速度为vc，由机械能守恒定律有在C处，由牛顿第二定律有解得：轨道对物体的支持力根据牛顿第三定律，物体到达C点时对轨道的压力；（2）由于圆弧轨道光滑，物体第一次通过B处与第二次通过的速度大小相等从A到B的过程，由动能定理有： 解得物体与水平面的动摩擦因数。【考点】动能定理；牛顿第二定律；机械能守恒定律17（10分）一宇航员乘宇宙飞船到达某星球表面，他将所带的一个长为L=2m，倾角为=37的斜面，固定在该星球地面上，宇航员让一个与斜面的滑动摩擦因数为=0.5的小滑块从斜面顶端由静止释放，他测出小滑块到达斜面底端所用时间为t=2s。求：（1）该星球地面的重力加速度g；（2）若已知该星球半径为R，万有引力恒量为G，忽略该星球的自转，求星球的密度。（sin37=0.6，cos37=0.8）【答案】 （1）滑块在斜面上的运动，由牛顿第二定律知，得由运动学公式可知，得得；（2）在天体表面物体满足得则密度。【考点】牛顿第二定律；万有引力定律18（16分）如图甲，圆形水平转台半径R=0.5m，离水平地面的高度H=0.8m，一质量为m=1.0kg的小木块放置在转台的边缘，随转台一起绕圆心O在水平面内做匀速圆周运动物块与转台间的动摩擦因数=0.4，设小木块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）若匀速圆周运动的周期为T=3.14s，求木块的线速度v0和所受摩擦力f的大小？（2）缓慢增大转台的转速，当转速达到某一数值时，小木块恰好滑离转台开始做平抛运动，最后小木块沿转台边缘的切线方向水平飞出，不计空气阻力，试求小木块平抛落地过程中落地点与通过圆心O的竖直线间的距离为S？（俯视图如图乙）以及小木块落地前瞬间的动能大小？（计算结果可用根式表示）【答案】 （1）根据匀速圆周运动的规律可得木块的线速度大小木块所受摩擦力等于木块做匀速圆周运动的向心力（2）木块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力当，得木块脱离玻璃板后在在竖直方向上做自由落体运动，有，得在水平方向上做匀速运动，水平位移X与距离S、半径R的关系，得木块从抛出到落地前由机械能守恒定律，得落地前的动能。【考点】平抛运动；线速度、角速度和周期、转速；机械能守恒定律中山市华侨中学xx届第二次模拟考试物理科试题参考答案题1234567891011121314答BDCBBCBDACBDADACACADAC15（1）A、C （2分，选对一个的给1分，有错选或不答的得0分） 1.24 （2分） 6.22 （2分）（2）竖直；4.0，50.0；10.0（每空2分，共8分）16（12分）参考解答：（1）设物体在C处的速度为vc ，由机械能守恒定律有mgR+= （2分）在C处，由牛顿第二定律有FC= （2分）联立并代入数据解得： 轨道对物体的支持力FC=130N （1分）根据牛顿第三定律，物体到达C点时对轨道的压力FC=130N （1分）（2）由于圆弧轨道光滑，物体第一次通过B处与第二次通过的速度大小相等 （1分）从A到B的过程，由动能定理有：F con37 （mgF sin37）sAB= （4分）解得物体与水平面的动摩擦因数=1/8=0.125 （1分）17（10分）参考解答：（1）滑块在斜面上的运动，由牛顿第二定律知mgsinmgcos=ma a=0.2g （2分）由运动学公式可知 （2分）求得 g=5m/s2 （1分）（2）在天体表面物体满足 （2分） 求得 （1分）则 （2分）18（14分）参考解答：（1）根据匀速圆周运动的规律可得木块的线速度大小 （1分）木块所受摩擦力等于木块做匀速圆周运动的向心力 （2分）（2）木块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力fm=mg=4N （1分）当 F向=fm= 求得 （2分）木块脱离玻璃板后在在竖直方向上做自由落体运动，有（2分）在水平方向上做匀速运动，水平位移 （2分）X与距离S、半径R的关系 （2分）木块从抛出到落地前机械能守恒，解得木块落地前瞬间的动能得 （2分）