2019-2020年高三物理寒假作业1含答案.doc

2019-2020年高三物理寒假作业1含答案1、 选择题.1.（单选）17世纪，意大利物理学家伽利略根据实验指出：在水平面上运动的物体之所以会停下，是因为受到摩擦阻力的缘故这里的实验是指“伽利略斜面实验”，关于该实验，你认为下列陈述错误的是（）A该实验是一理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础，故其结果是荒谬可笑的B该实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律C该实验否定了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的错误概念D该实验为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据2.（单选）关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（）A力是物体运动的原因B力是维持物体运动的原因C力是改变物体运动状态的原因D力是物体获得速度的原因3.（单选）xx年12月2日“嫦娥三号”探月卫星在西昌卫星发射中心发射，“嫦娥三号”先在离月球表面某一高度的圆轨道上运动，随后多次变轨，最后围绕月球表面做圆周飞行，周期为T引力常量G已知则 A变轨过程中必须向运动的反方向喷气B变轨后比变轨前相比，机械能增大C可以确定该星球的质量D可以确定该星球的密度4.（单选）压敏电阻的阻值R随所受压力的增大而减小，某兴趣小组利用压敏电阻设计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图甲所示将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体A，电梯静止时电压表示数为Uo，电梯在某次运动过程中，电压表的示数变化情况如图乙所示，下列判断中正确的是（）A乙图表示电梯可能做变减速下降B乙图表示电梯可能做匀减速下降C乙图表示电梯可能做变减速上升D乙图表示电梯可能做匀速下降5.如图是静电喷涂原理的示意图喷枪喷嘴与被涂工件之间有强电场，喷嘴喷出的带电涂料微粒在强电场的作用下会向工件高速运动，最后被吸附到工件表面则可知（）A微粒一定带正电B微粒可能带正电，也可能带负电C微粒运动过程中，电势能越来越小D微粒运动过程中，电势能越来越大6.（多选）在日光灯电路中，关于启动器、镇流器、灯管的作用，下列说法正确的是（）A日光灯点燃后，启动器不再起作用B镇流器在点燃灯管的过程中，产生一个瞬时高压，点燃后起到降压限流的作用C日光灯点燃后，镇流器、启动器不起作用D日光灯点燃后，使镇流器短路，日光灯仍能正常发光7.（单选）如图所示电路中，电源电动势E恒定，内阻r1 ，定值电阻R35 ，R2=5，电容器电容C恒定,当开关K1断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等开关K1断开时，单刀双掷开关K2接1电容器电量为Q1，接2时电量Q2.则以下说法中正确的是A电阻R1可能为3 BK1断开时电压表的示数一定小于K1闭合时的示数 CK1断开时，K2从1变为2时，电容器所带电量变化量=2.8 Q1 DK1断开与闭合时，电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比等于58.（多选）一交流电流的图象如图所示，由图可知（） A 用电流表测该电流其示数为10A B 该交流电流的频率为200 Hz C 该交流电流通过100电阻时，电阻消耗的电功率为1 000 W D 该交流电流即时值表达式为i=10sin628tA2 实验题.9.用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V的交流电和直流电两种重锤从高处由静止开始落下，重锤上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，已知重力加速度为，即可验证机械能守恒定律下面列举了该实验的几个操作步骤：A按照图示的装置安装器件；B将打点计时器接到电源的直流输出端上； C用天平测量出重锤的质量；D先释放悬挂纸带的夹子，然后接通电源开关打出一条纸带；E测量打出的纸带上某些点之间的距离；F根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能在误差范围内是否等于增加的动能其中没有必要或操作不恰当的步骤是_(填写选项对应的字母)如图2所示是实验中得到一条纸带，将起始点记为，并在离点较远的任意点依次选取6个连续的点，分别记为、，量出与点的距离分别为、，使用交流电的周期为T，设重锤质量为，则在打点时重锤的动能为_，在打点和点这段时间内的重力势能的减少量为_.在本实验中发现，重锤减少的重力势能总是_（填“大于”或“小于”）重锤增加的动能，主要是因为在重锤下落过程中存在着阻力的作用，为了测定阻力大小，可算出问中纸带各点对应的速度，分别记为至， 并作图象，如图3所示，直线斜率为，则可测出阻力大小为_10.某研究性学习小组利用如图1所示电路测量某电池的电动势E和内电阻r由于该电池的内电阻r较小，因此在电路中接入了一阻值为2.00的定值电阻R0按照实物连线图在图2虚线框内画出实验电路图：闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读出电压表相应的示数U，并计算出通过电阻箱的电流数值I，为了比较准确地得出实验结论，在坐标纸中画出了如图3所示的UI图象，由图象可得：E=V，r=三、解答题.11.如图所示，一质量为的氢气球用细绳拴在地面上，地面上空风速水平且恒为，球静止时绳与水平方向夹角为已知风力的大小与风速成正比，可以表示为（为已知的常数）求：（1）氢气球受到的浮力为多大；（2）某时刻绳突然断裂，则绳断裂瞬间氢气球加速度为多大？12.如图，有一矩形线圈，面积为S，匝数为N，内阻为r，绕OO轴在匀强磁场B中，以角速度做匀速转动，线圈外面接一个阻值为R的电阻，线圈转动过程中，从中性面位置开始计时，在转过900的过程中，求以下各量：各时刻线圈感应电动势瞬时值的表达式？此过程中，通过电阻R的电量是多少？此过程中，电阻R产生的热量是多少？此过程中，外力所做的功是多少？【】山东省xx年高三物理寒假作业1参考答案1.考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法专题：直线运动规律专题分析：力是改变物体运动状态的原因物体运动不需要力来维持，运动的物体之所以停下来，是因为物体受到了与运动方向相反的摩擦阻力物体绝对不受力的情况是不可能存在的，要想得到一个无阻力的表面，让小车运动得无限远只能靠理论推理解答：解：A、B、伽利略的斜面实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出的结论，故A错误，B正确；C、伽利略由此推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因，故C正确；D、该实验为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据，牛顿总结了前人的经验，指出了物体运动的原因，即牛顿第一定律，故D正确本题选错误的，故选：A点评：本题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况2.考点：牛顿第一定律 分析：本题考查了力和运动的关系，正确理解牛顿第一定律即可解答本题解答：解：力和运动无关，力不是产生运动的原因，力是运动状态变化的原因是产生加速度的原因，故ABD错误，C正确故选：C3.D 解析： A、变轨时飞船运动的轨道半径变小，做近心运动，要减速，所以变轨过程中必须向运动的方向喷气，故A错误；B、变轨时，动能减小，势能减小，所以机械能减小，之后只有万有引力做功，机械能不变，所以轨后比变轨前相比，飞船的机械能减小，故B错误；C、飞船围绕该星球做近表面圆周飞行，周期为T则有：解得：，所以可知确定密度，但不能确定质量，故C错误，D正确故选：D4.考点：闭合电路的欧姆定律；牛顿第二定律.专题：恒定电流专题分析：从Ut图象读出压敏电阻的电压随时间的变化情况，根据压敏电阻的特性，判断压敏电阻所受压力的变化情况，结合超失重的知识，确定加速度怎样变化，来判断电梯的运动状态解答：解：A、电梯变减速下降时，压力大于重力，由其特性知，其电压逐渐减小与图象的意义相符故A正确B、电梯匀减速下降时，加速度不变，压敏电阻所受压力不变，其电压不随时间而变化，与图象情况不符，故B错误C、电梯变减速上升时，其加速度向下，根据牛顿第二定律，压敏电阻所受压力小于重力，则其电压逐渐增大，与图象意义不符故C错误D、电梯匀速下降时，压敏电阻所受压力等于重力不变，其电压不变，与图象反映的情况不符故D错误 故选：A点评：本题可以根据压敏电阻的特性和牛顿第二定律，将每项逐个代入，检查是否符合题意代入法也是做选择题常用方法5.考点：电势差与电场强度的关系；电势能.专题：电场力与电势的性质专题分析：工件上的电荷由于静电感应分布在表面，由于库仑引力，负电荷向正电荷运动，根据做功与电势能的关系即可判断解答：解：A、带正电的工件由于静电感应电荷分布在表面，粒子在库仑力的作用下运动，故粒子带负电，故AB错误；C、微粒受电场力的作用，电场力做正功，电势能越来越小，故C正确，D错误故选：C点评：本题结合生活中的具体应用，考查了静电感应，题目难度不大6.考点：日光灯镇流器的作用和原理 分析：日光灯原理：当开关接通220伏的电压立即使启辉器的惰性气体电离，产生辉光放电辉光放电的热量使双金属片受热膨胀，两极接触电流通过镇流器、启辉器触极和两端灯丝构成通路灯丝很快被电流加热，发射出大量电子双金属片自动复位，两极断开在两极断开的瞬间，电路电流突然切断，镇流器产生很大的自感电动势，与电源电压叠加后作用于管两端灯丝受热时发射出来的大量电子，在灯管两端高电压作用下，以极大的速度由低电势端向高电势端运动在加速运动的过程中，碰撞管内氩气分子，使之迅速电离在紫外线的激发下，管壁内的荧光粉发出近乎白色的可见光解答：解：日光灯工作时都要经过预热、启动和正常工作三个不同的阶段，它们的工作电流通路如下图所示：在启动阶段镇流器与启动器配合产生瞬间高压工作后，电流由灯管经镇流器，不再流过启动器，故启动后启动器不再工作，而镇流器还要起降压限流作用，不能去掉，综上可知，故AB正确，CD错误；故选：AB7.C 解析：A、断开时：由闭合电路欧姆定律得：I1=；ab段消耗的功率为：P1=I12（R1+R2）=()2(R1+R2)闭合时：I2=；ab段消耗的功率为：P2=I22R1=()2R1由P1=P2得：()2(R1+R2) =()2R1,代入R1=4,A错误；B、电压表的示数是ab端的电压U，U=E-I（r+R3），由得：I1I2故断开时的电压大，故B错误C、设电流强度为I，接1时，= R1IC；接2时，Q2.=（R1+ R2）IC；联立解得=2.8 Q1，故C正确；D、，所以，D错误；故选C.8.考点： 正弦式电流的图象和三角函数表达式；电功、电功率 专题： 交流电专题分析： 由图象知电流的有效值、周期，从而得出频率和角速度，求功率用有效值解答： 解：A、电流表显示的是有效值，示数为I=10A，故A正确；B、由图象知周期为0.01s，频率为周期的倒数100Hz，故B错误；C、电阻消耗的功率P=I2R=（10）210=1000W，C错误；D、角速度=2f=200=628，所以瞬时值表达式i=10sin628t A，故D正确；故选：AD9.BCD 大于 解析：B：将打点计时器应接到电源的“交流输出”上，故B错误C：因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平故C错误D：因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差故D错误故选：BCD根据匀变速运动E点的速度 ，所以E点的动能 ，重力势能减小量 因为存在空气阻力和限位孔的摩擦力，所以重力势能的减小量总大于动能的增加量；根据动能定理 ，得 10.【考点】： 测定电源的电动势和内阻【专题】： 实验题；恒定电流专题【分析】： （1）根据实物电路图作出电路图（2）电源UI图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，根据电路图与图2所示图象求出电源电动势与内阻： 解：（1）根据图1所示电路图作出实验电路图，实验电路图如图所示：（2）由图2所示电源UI图象可知，图象与纵轴交点坐标值是2.0，则电源电动势E=2.0V，图象斜率：k=r+R0=2.4，则电源内阻r=kR0=0.4；故答案为：（1）图象如图所示；（2）2.0；0.4【点评】： 本题考查了作实验电路图、求电源电动势与内阻，分析清楚实物电路图结构是正确作出电路图的前提与关键，电源UI图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是等效电源内阻，要注意：图象斜率绝对值与定值电阻阻值之差是电源内阻11.(1) (2) 解析： （1）气球静止时，设细绳的拉力为T，由平衡条件得 解得 （2）细绳断裂瞬间，气球所受合力大小为T，则加速度大小为 解得 12.