2019-2020年高三上学期9月考物理试题含解析.doc

2019-2020年高三上学期9月考物理试题含解析一、选择题1xx年9月韩国仁川亚运会上，中国队韦永丽以11秒48夺得田径项目女子100米金牌。假设通过仪器绘出的韦永丽从起点到终点的速度时间图象如图所示，由此可知（）A图中时间轴上t11100s B韦永丽的平均速度为10m/sC韦永丽的最大速度可能大于10m/s D图象与横轴所围面积一定等于100m考点：匀变速直线运动及其公式、图像答案：D试题解析：由图可知韦永丽先做匀加速直线运动，再做匀速运动；由题意可知，全程的时间为1148s；故t1对应的时间为1148s；故A错误；平均速度，故BC错误；位移为100m；故图象与时间轴的面积一定为100m；故D正确。故选D。2下列四个图中所有接触面均粗糙，各物体均处于静止状态，其中物体A受力个数可能超过5个的是（）A BC D考点：共点力的平衡答案：C试题解析：对整体分析，可知墙壁对A没有弹力，否则整体将向右运动，故A最多受到重力、B的支持力、摩擦力和弹簧的拉力共4个力，故A错误；A最多受到重力、弹簧的弹力、斜面的支持力和摩擦力共四个力作用，故B错误A受到重力、B的压力和摩擦力，斜面的支持力、推力，也可能受到斜面的摩擦力共六个力，故C正确。A最多受到重力、斜面的支持力、摩擦力、推力和B的压力共五个力，故D错误。故选C。3一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为1s，分析照片得到的数据，发现质点在第1次、第2次闪光的时间间隔内移动了02m；在第3次、第4次闪光的时间间隔内移动了08m。由上述条件可知（）A质点运动的加速度是06m/s2 B质点运动的加速度是03m/s2C第1次闪光时质点的速度是01m/s D第2次闪光时质点的速度是03m/s考点：匀变速直线运动及其公式、图像答案：B试题解析：设第一次到第二次位移为x1=02m；第三次到第四次闪光为x3=08m，则有：x3-x1=06m=2at2；则at2=03m；则a03m/s2则A错误，B正确；由x1v1t+at2，可求得v1=005m/s，则C错误；第2次闪光点的速度是v2=v1+at=035m/s，则D错误。故选B。4如图所示，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO段水平，长度为L；绳上套一可沿绳滑动的轻环。现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L。则钩码的质量为（）A BC DM考点：共点力的平衡答案：D试题解析：重新平衡后，绳子形状如下图：由几何关系知：绳子与竖直方向夹角为30，则环两边绳子的夹角为60，则根据平行四边形定则，环两边绳子拉力的合力为Mg，根据平衡条件，则钩码的质量为M；故选D。5在一大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵如图a、b分别为小汽车和大卡车的v-t图象，以下说法正确的是（ ）A因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾 B在t=5s时追尾C在t=3s时追尾 D由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾考点：匀变速直线运动及其公式、图像答案：C试题解析：根据速度-时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为：sb=vbt=103m=30m；a车的位移为sa=（30+20）1+（20+15）2=60m；则sa-sb=30m，所以在在t=3s时追尾故C正确。故选C。6如图所示，一光滑水球静置在光滑半球面上，被竖直放置的光滑挡板挡住，现水平向右缓慢地移动挡板，则在小球运动的过程中（该过程小球未脱离球面且球面始终静止），挡板对小球的推力F、半球面对小球的支持力FN的变化情况是（ ）AF增大，FN减小 BF增大，FN增大CF减小，FN减小 DF减小，FN增大考点：共点力的平衡答案：B试题解析：先对圆球受力分析，受重力、半圆球对其的支持力和挡板对其的支持力，设支持力方向与竖直方向的夹角为，根据共点力平衡条件，有： FN=F=mgtan挡板保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角不断变大，故F变大，FN变大；故B正确，ACD错误。故选D。7一辆小汽车在一段平直的公路上做匀加速直线运动，A、B是运动过程中经过的两点。已知汽车经过A点时的速度为1m/s，经过B点时的速度为7m/s。则汽车从A到B的运动过程中，下列说法正确的是（ ）A汽车经过AB位移中点时速度是4m/s B汽车经过AB中间时刻的速度是4m/sC汽车前一半时间发生位移是后一半时间发生位移的一半 D汽车前一半位移所用时间是后一半位移所用时间的2倍考点：匀变速直线运动及其公式、图像答案：BD试题解析：设中点位置的速度为v，根据速度位移公式得，v2vA22a，vB2v22a，联立两式解得v=，故A错误;根据匀变速直线运动平均速度的推论知，汽车经过AB中间时刻的瞬时速度v，故B正确;汽车在前一半时间内发生的位移，后一半时间内发生的位移x2，汽车在前一半时间内的位移不是后一半时间内位移的一半，故C错误根据动能定理知，前一半位移内合力做功W1mv2mvA2m（251）12m，后一半位移内合力做功W2mvB2mv2m（4925）12m，可知合力做功相等，故D错误。故选B。8如图所示，质量分别为M、m的两个木块A、B通过劲度系数为K的轻弹簧连接，木块A放在水平桌面上，木块B用轻绳通过定滑轮在力F的作用下整体处于静止状态，绳与水平方向成角。不计滑轮与绳间的摩擦，则下列说法正确的是（ ）A木块A对桌面的压力为NMgmgFsin B轻弹簧处于拉伸状态，弹簧的弹力大小为C木块A对桌面的摩擦力大小为fFcos，方向向左 D木块A对桌面的摩擦力大小为fFsin，方向向右考点：滑动摩擦力、动摩擦因数、静摩擦力共点力的平衡答案：AB试题解析：对物体B分析，受重力、弹簧的拉力和细线的拉力，三力平衡，根据平衡条件，水平方向：Fcos=F弹x 竖直方向：Fsin=F弹y+mg故有：故B正确；对A、B整体分析，受拉力F、重力（M+m）g、支持力N和静摩擦力f，根据平衡条件，水平方向：f=Fcos 竖直方向：N=（M+m）g-Fsin根据牛顿第三定律，整体对桌面的压力为：（M+m）g-Fsin，整体对桌面的摩擦力大小为f=Fcos，方向向右，故A正确，C错误，D错误。故选AB。9升降机由静止开始以加速度a1匀加速上升2 s，速度达到3 m/s，接着匀速上升10 s，最后再以加速度a2匀减速上升3 s才停下来，则（）A匀加速上升的加速度为15 m/s2 B匀减速上升的加速度为15 m/s2C上升的总高度为375 m D上升的总高度为325 m考点：匀变速直线运动及其公式、图像答案：AC试题解析：匀加速上升时的加速度a1m/s215m/s2，故A正确；匀减速上升时时的加速度大小a2m/s21m/s2，故B错误；由题意知，匀加速上升时的平均速度所以匀加速上升的位移x1匀速上升的位移x2=vt2=310m=30m，匀减速上升的平均速度所以匀减速上升的位移x3所以上升的总位移x=x1+x2+x3=3+30+45m=375m，故C正确，D错误。故选AC。10如图所示，横截面为直角三角形的斜劈A，底面靠在粗糙的竖直墙面上，力F指向球心水平作用在光滑球B上，系统处于静止状态。当力F增大时，系统还保持静止，则下列说法正确的是（ ）AA所受合外力增大 BA对竖直墙壁的压力增大CB对地面的压力一定增大 D墙面对A的摩擦力可能变为零考点：共点力的平衡答案：BCD试题解析：A一直处于静止，所受合外力一直为零不变，故A错误；以整体为研究对象，受力分析，根据平衡条件，水平方向：N=F，N为竖直墙壁对A的弹力，F增大，则N增大，所以由牛顿第三定律可得：A对竖直墙壁的压力增大故B正确；对B受力分析，如图：根据平衡条件：F=Nsin，F增大，则N增大， N=mg+Ncos，N增大，则N增大，根据牛顿第三定律得，球对地面的压力增大，故C正确；以整体为研究对象，竖直方向：N+f=Mg，若N增大至与Mg相等，则f=0，故D正确。故选BCD。第卷(非选择题共60分)二、实验题(共2小题，11题6分，12题14分，共20分) 11.在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图1连接起来进行探究。（1）某次测量如图2所示，指针示数为_cm。（2）在弹性限度内，将50 g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数LA和LB如表。用表中数据计算弹簧的劲度系数为_N/m（重力加速度g10 m/s2）。由表中数据_（填“能”或“不能”）计算出弹簧的劲度系数。考点：实验：探究弹力和弹簧伸长的关系答案：（1）1600（15951605均可）；（2）125（12201280均可）能试题解析：（1）刻度尺读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为1600cm；（2）由表格中的数据可知，当弹力的变化量F=05N时，弹簧形变量的变化量为x=400cm，根据胡克定律知：k1=结合A、B示数的变化，可得当弹力的变化量F=05N时，弹簧形变量的变化量x=600-400=200cm，根据胡克定律能求出弹簧的劲度系数k2=故答案为：（1）1600；（2）125，25012.在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点。其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间还有4个打印点未画出。记AB=x1，BC=x2，CD=x3，DE=x4，EF=x5，FG=x6（计算结果要求保留3位有效数字）。（1）试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下B、C、D、E、F五个点时小车的瞬时速度，并将各个速度值填入上表。（2）试根据纸带上各个计数点间的距离求出小车的加速度 m/s2。（3）将B、C、D、E、F各个时刻的瞬时速度标在直角坐标系中，并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线如上图，从图象上求纸带上的A点所对应的物体的即时速度vA=_m/s考点：实验：研究匀变速直线运动答案：（1） 0400， 0721； （2）0801m/s2 （3）0320试题解析：（1）因为每相邻两计数点间还有4个打点，所以相邻的计数点之间的时间间隔为T=01s；利用匀变速直线运动的推论得：（2）（3）图线的纵截距为032m/s，即A点的速度大小为0320m/s；故答案为：（1） 0400， 0721；（2）0801m/s2（3）0320三、计算题（本部分4题，每小题10分，共40分。按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)13.一辆汽车刹车前的速度为90km/h，刹车获得的加速度大小为10m/s2，求：（1）汽车刹车开始后10s内滑行的距离x0。（2）从开始刹车到汽车位移为30m时所经历的时间t；（3）汽车静止前1s内滑行的距离x。考点：匀变速直线运动及其公式、图像答案：（1）3125m （2）2s （3）5m试题解析：（1）判断汽车刹车所经历的时间由及，得：汽车刹车后经过2.5s停下来，因此10s内汽车的位移只是2.5s内的位移根据得（2）根据，解得：（舍去）（3）把汽车减速到速度为零的过程，看作反向的初速度为零的匀加速直线运动过程，求出汽车以10m/s2的加速度经过1s的位移，即：14.如图所示，两个质量均为m的小环套在一水平放置的粗糙长杆上，两根长度均为l的轻绳一端系在小环上，另一端系在质量为M的木块上，两个小环之间的距离也为l，小环保持静止试求：（1）小环对杆的压力；（2）小环与杆之间的动摩擦因数至少为多大考点：共点力的平衡答案：（1）（2）试题解析：（1）以木块和两个小环作为整体进行受力分析，由平衡条件得，即由牛顿第三定理知小环对杆的压力，方向竖直向下（2）对M受力分析由平衡条件得临界状态，小环受到的静摩擦力达到最大值，则有解得，动摩擦因数15.如图所示，公路上一辆汽车正以v110m/s的速度匀速行驶，汽车行至A点时，一人为了搭车，从距公路30m的C处由静止开始正对着公路跑去，假设人先做匀加速运动，达到最大速度v26m/s时立刻做匀减速运动，司机见状途中刹车，汽车做匀减速运动，结果车和人同时到达B点停下。已知xAB80m，问：汽车在距A多远处开始刹车？刹车后汽车的加速度是多大？考点：匀变速直线运动及其公式、图像答案：60m；25m/s2试题解析：设人从C到B用时为t，平均速度，根据得在这一时间段内，汽车由A开始先匀速后减速运动，最终停在B点，设车从A经时间t1开始刹车，则有，代入数据解得t1=6s所以汽车开始刹车时到人的距离，刹车后的加速度。16.如图所示，位于粗糙斜面上的物体P，由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连已知物体P和Q以及P与斜面之间的动摩擦因数都是，斜面的倾角为，两物体P、Q的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一沿斜面向下的力F拉P，使其匀速下滑，试求：（1）连接两物体的轻绳的拉力FT的大小（2）拉力F的大小考点：共点力的平衡答案：（1）FTmgsin mgcos （2）F4mgcos 试题解析：（1） 隔离Q受力分析如图所示由平衡条件得FTmgsin F1，FN1mgcos ，又F1FN1，联立得FTmgsin mgcos （2）隔离P受力分析如图所示由平衡条件，得Fmgsin F1F2FT0FN2mgcos FN1，又F2FN2联立以上各式得FFTF1F2mgsin 4mgcos