2019-2020年高一物理上学期期末热身试卷（含解析）.doc

2019-2020年高一物理上学期期末热身试卷（含解析）一本大题12小题，每小题3分，共36分在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的1（3分）如图所示为某列车车厢内可实时显示相关信息的显示屏的照片，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量下列说法中正确的是（）A甲处表示时间，乙处表示平均速度B甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C甲处表示时刻，乙处表示平均速度D甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度2（3分）为提醒乘客注意，公交公司征集到几条友情提示语，其中对惯性的理解正确的是（）A站稳扶好，克服惯性B谨防意外，惯性恒在C当心急刹，失去惯性D稳步慢行，避免惯性3（3分）小型轿车和旅客列车，速度都能达到100km/h，小型轿车起步时在20s内速度达到100km/h，而旅客列车达到100km/h大约要用时500s，由上可知（）A旅客列车的加速度大B小型轿车的速度变化大C小型轿车的速度变化快D旅客列车的速度变化率大4（3分）有两个共点力，一个是20N，另一个是F，已知它们合力的大小是50N，则F的大小不可能是（）A40NB50NC60ND80N5（3分）关于重力和弹力，下列说法正确的是（）A重力就是地球对物体的吸引力B两个物体只要相互接触就会产生弹力C形状规则的物体的重心一定与其几何中心重合D物体对桌面的压力是由于物体发生弹性形变而产生的6（3分）下列说法正确的是（）A力学的基本物理量有：长度、质量、力B在力学单位制中，N/kg和m/s是相同的单位C物体所受的合外力不为零，其速度一定增大D伽利略的理想实验说明了力不是维持物体运动的原因7（3分）如图甲，笔记本电脑底座一般设置有四个卡位用来调节角度某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡为1调至卡位4（如图乙），电脑始终处于静止状态，则（）A电脑受到的支持力变小B电脑受到的摩擦力变大C散热底座对电脑的作用力的合力不变D电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力8（3分）如图所示，木盒中固定一质量为m的砝码，木盒和砝码在水平桌面上一起以一定的初速度滑行一段距离后停止今拿走砝码，而持续施加一个竖直向下的恒力F（F=mg，g为重力加速度），其他条件不变，则两种情况下（）A木盒的加速度相同B木盒滑行的距离相同C木盒滑行的时间相同D木盒滑行时对桌面的压力相同9（3分）在t=0时，甲、乙两物体从同一点开始做直线运动，其vt图象如图所示，下列判断正确的是（） A0t0，两物体相向而行B0t0，乙车平均速度是甲车平均速度的2倍C在t0时刻之前，两物体间距离越来越大D在t0时刻之后，两物体间距离越来越大10（3分）小明从某砖墙前的高处由静止释放一个石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹已知每层砖的平均厚度为6.0cm，照相机本次拍照曝光时间为1.5102s，由此估算出位置A距石子下落起始位置的距离为（）A1.6mB2.5mC3.2mD4.5m11（3分）小球A和B的质量均为m，长度相同的四根细线如图所示连接，它们均被拉直，且P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则Q、A间水平细线对球的拉力大小为（）AmgBmgCmgDmg12（3分）如图所示，放在光滑水平面上的物体A和B，质量分别为2m和m，第一次水平恒力F1作用在A上，第二次水平恒力F2作用在B上已知两次水平恒力作用时，A、B间的作用力大小相等则（）AF1F2BF1=F2CF1F2DF12F2二、本大题6小题，每小题3分，共18分在每小题给出的四个选项中有一个或一个以上的选项正确，全对得3分，选对但不全得1分，有错或不选得0分13（3分）超市常用倾斜式自动扶梯（无阶梯，如图所示）以方便顾客推购物车购物若顾客直接将一个箱子放在扶梯上，随扶梯匀速上行，则下列说法正确的是（）A扶梯速度越大，箱子受到的合力越大B箱子质量越大，箱子受到的摩擦力越大C扶梯对箱子的支持力与箱子的重力是性质相同的力D扶梯对箱子的支持力与箱子对扶梯的压力是一对作用力与反作用力14（3分）如图所示，在光滑水平桌面的两端各固定一个等高的定滑轮，用轻绳经过定滑轮将弹簧秤分别与重力为8N和3N的两个物体A和B相连，物体A静止在地面上，物体B悬于半空，弹簧的劲度系数为10N/m，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则（）A弹簧秤所受的合力为5NB弹簧秤的读数为3NC弹簧的伸长量为0.3mD弹簧的伸长量为0.6m15（3分）小李讲了一个龟兔赛跑的故事，按照小李讲的故事情节，作出兔子和乌龟的位移图象如图所示，依照图象中的坐标，下列说法正确的是（）A兔子和乌龟在同一地点同时出发B乌龟一直做匀加速直线运动C兔子和乌龟在比赛途中相遇过2次D在t3t6这段时间内乌龟的平均速度比兔子大16（3分）如图所示，质量为m=1kg的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3，当物体运动的速度为10m/s时，给物体施加一个与速度方向相反的大小为F=2N的恒力，在此恒力作用下（取g=10m/s2）（）A物体经10s速度减为零B物体经2s速度减为零C物体速度减为零后将保持静止D物体速度减为零后将向右运动17（3分）图为蹦极运动的示意图，弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过合力为零的C点到达最低点D整个过程中忽略空气阻力，分析运动员从B点到D点过程，下列说法正确的是（）A经过C点时，运动员的速率最大B运动到D点时，运动员的加速度为零C从B点到C点，运动员的加速度增大D从C点到D点，运动员处于超重状态18（3分）如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为，在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的作用力F的判断中，正确的是（）A小车静止时，F=mg，方向竖直向上B小车静止时，F=mgcos，方向垂直杆向上C小车向右以加速度a运动时，一定有F=ma/sinD小车向左以加速度a运动时，F=，方向斜向左上方三、本大题共3个小题，每空2分，共16分19（4分）“研究共点力的合成”的实验情况如图所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，完成下列问题：（1）实验中需注意的事项有A两个分力F1、F2大小必须保持一致B两个分力F1、F2间夹角必须保持120C将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些D拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行（2）某次实验中，弹簧测力计的指针位置如图所示其中，细绳BO对O点的拉力大小为N20（10分）某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验如图（a）为实验装置简图，A为小车，B为电火花打点计时器，C为钩码，D为一端带有定滑轮的长方形木板，还有220V交流电源没有画出实验中认为细绳对小车拉力F等于钩码的重力当地重力加速度为g（1）除了以上仪器外，还需要下列器材中的A秒表 B天平 C毫米刻度尺 D弹簧测力计（2）为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取的做法是A将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B将木板带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动C将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木板上（3）图（b）为某次实验得到的纸带（交流电的频率为50Hz），由图（b）中数据求出小车加速度大小为m/s2，A点对应的小车速度大小为m/s（保留两位有效数字）（4）保持小车质量不变，改变钩码质量，进行多次测量根据实验数据作出了加速度a随拉力F的变化图线，如图（c）所示，图中直线没有通过原点，其主要原因是21（2分）如图所示，在前进车厢的竖直后壁上放一个物体，物体与壁间的动摩擦因数为0.5，要使物体不致下滑（最大静摩擦力等于滑动摩擦力），车厢前进的加速度至少为m/s2（重力加速度为10m/s2）四本大题3小题，共30分要求在答卷上写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案22（8分）一辆在绵遂高速公路上以108km/h的速度行驶的小汽车，突然发现同一车道的正前方l00m处停有一辆故障车，由于无法从其它车道避让，司机从发现前方故障车到开始制动有1s的反应时间，制动后小汽车以a=6m/s2的加速度做匀减速直线运动，请你通过计算判定这辆小汽车是否会与前方故障车发生追尾事故？23（10分）如图所示，光滑金属球的质量m=4kg它的左侧紧靠竖直的墙壁，右侧置于倾角=37的斜面体上已知斜面体处于水平地面上保持静止状态，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2求：（1）墙壁对金属球的弹力大小和金属球对斜面体的弹力大小；（2）水平地面对斜面体的摩擦力的大小24（12分）如图所示，抗震救灾运输机在某场地通过倾角为30的光滑斜面卸放物资，斜面与粗糙的水平面平滑连接现将一包装盒（可视为质点）从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的C点已知A点距水平面的高度H=0.8m，B点距C点的距离L=2.0m（包装盒经过B点时没有能量损失，g=10m/s2），求：（1）包装盒在运动过程中的最大速度；（2）包装盒与水平面间的动摩擦因数；（3）包装盒从A点释放后，经过时间t=1.0s时速度的大小四川省绵阳市南山中学xx学年高一上学期期末物理热身试卷参考答案与试题解析一本大题12小题，每小题3分，共36分在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的1（3分）如图所示为某列车车厢内可实时显示相关信息的显示屏的照片，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量下列说法中正确的是（）A甲处表示时间，乙处表示平均速度B甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C甲处表示时刻，乙处表示平均速度D甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度考点：瞬时速度；时间与时刻；平均速度专题：直线运动规律专题分析：时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点与时刻对应的是瞬时速度，与时间对应的是平均速度解答：解：甲处表示的是时刻，乙处表示此时刻的速度，所以是瞬时速度，所以D正确故选D点评：时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬间；时间间隔具有连续性的特点，与某一过程相对应2（3分）为提醒乘客注意，公交公司征集到几条友情提示语，其中对惯性的理解正确的是（）A站稳扶好，克服惯性B谨防意外，惯性恒在C当心急刹，失去惯性D稳步慢行，避免惯性考点：惯性分析：惯性是物体本身具有的一种性质，只要是物体，其都有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关解答：解：A、惯性是具有的保持原来运动状态的性质，是物体固有的属性，不能被克服或避免，也不会失去，故ABC错误B、当公交车突然刹车（或速度由快突然变慢，或突然倒车）时的情景当公交车突然刹车时，公交车和乘客的脚同时受到阻力的作用而停止运动，而乘客的上半身由于惯性，继续保持向前的运动状态而向前倾倒，所以谨防意外，惯性恒在是对惯性的正确理解故B正确故选：B点评：此题与实际生活联系密切，而且内容比较新颖，能够激发学生学习物理的兴趣，关键要正确理解惯性的概念3（3分）小型轿车和旅客列车，速度都能达到100km/h，小型轿车起步时在20s内速度达到100km/h，而旅客列车达到100km/h大约要用时500s，由上可知（）A旅客列车的加速度大B小型轿车的速度变化大C小型轿车的速度变化快D旅客列车的速度变化率大考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：加速度等于单位时间内速度的变化量，反映速度变化的快慢，结合加速度的定义式比较加速度的大小解答：解：根据a=知，速度的变化量相同，小型轿车的所用的时间短，则小型轿车的加速度大，即速度变化快故C正确，A、B、D错误故选：C点评：解决本题的关键知道加速度的定义式，知道加速度是反映速度变化快慢的物理量4（3分）有两个共点力，一个是20N，另一个是F，已知它们合力的大小是50N，则F的大小不可能是（）A40NB50NC60ND80N考点：力的合成专题：受力分析方法专题分析：一个是20N，两个力的合力的大小是50N，另一个力在这个20N的力与合力之差与之和之间解答：解：已知两个共点力，一个是20N，它们合力的大小是50N，则另一个力的范围为 （50N20N）F50N+20N， 即30NF70N， 所以F的大小可能是40N、50N、60N，不可能是80N故选：D点评：此题与求两个共点力的合力范围一样，可以根据平行四边形定则和几何知识理解这个范围5（3分）关于重力和弹力，下列说法正确的是（）A重力就是地球对物体的吸引力B两个物体只要相互接触就会产生弹力C形状规则的物体的重心一定与其几何中心重合D物体对桌面的压力是由于物体发生弹性形变而产生的考点：物体的弹性和弹力；重力分析：（1）重力是由地球的引力而产生的；（2）物体接触不一定有弹力，还要挤压，施力物体形变给受力物体力的作用；（3）重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何重心解答：解：A重力是因地球对物体的引力而产生的，不能说成重力就是地球的吸引力，故A错误；B根据弹力产生的条件，相互接触面，且互相挤压，故B错误；C重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何重心，故C错误D物体对桌面的压力是由于物体发生弹性形变而产生的，故D正确；故选：D点评：本题考查了重心、弹力的条件，及两者的存在关系，并知道重力产生的原因，难度不大，属于基础题6（3分）下列说法正确的是（）A力学的基本物理量有：长度、质量、力B在力学单位制中，N/kg和m/s是相同的单位C物体所受的合外力不为零，其速度一定增大D伽利略的理想实验说明了力不是维持物体运动的原因考点：力学单位制专题：常规题型分析：三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s；力是改变物体运动状态的原因，有力作用在物体上，物体的运动状态不一定改变，物体的运动状态改变了，则一定有力作用在物体上解答：解：A、力学的基本物理量有：长度、质量、时间，故A错误；B、N/kg是加速度的单位，m/s是速度的单位，它们不是相同的单位，故B错误；C、物体所受的合外力不为零时，物体也可以做减速运动，速度不一定增大，故C错误；D、伽利略的理想实验说明了力不是维持物体运动的原因，故D正确；故选：D点评：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的7（3分）如图甲，笔记本电脑底座一般设置有四个卡位用来调节角度某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡为1调至卡位4（如图乙），电脑始终处于静止状态，则（）A电脑受到的支持力变小B电脑受到的摩擦力变大C散热底座对电脑的作用力的合力不变D电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解静摩擦力和支持力解答：解：笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：N=mgcos f=mgsin A、由原卡位1调至卡位4，角度减小，根据式，支持力N增加，故A错误；B、由原卡位1调至卡位4，角度减小，根据式，静摩擦力减小，故B错误；C、散热底座对电脑的作用力的合力是支持力和静摩擦力的合力，与重力平衡，始终是不变的，故C正确；D、电脑受到的支持力与摩擦力两力的矢量和与重力平衡，但大小的和是变化的，故D错误；故选：C点评：本题是力平衡中的三力平衡问题，关键是建立物理模型，然后运用共点力平衡条件列式求解，基础问题8（3分）如图所示，木盒中固定一质量为m的砝码，木盒和砝码在水平桌面上一起以一定的初速度滑行一段距离后停止今拿走砝码，而持续施加一个竖直向下的恒力F（F=mg，g为重力加速度），其他条件不变，则两种情况下（）A木盒的加速度相同B木盒滑行的距离相同C木盒滑行的时间相同D木盒滑行时对桌面的压力相同考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据牛顿第二定律分别求出两种情况下的加速度，根据匀变速直线运动的速度位移公式比较位移的大小解答：解：设木盒的质量为M，根据牛顿第二定律得，放砝码时，加速度：a1=拿走砝码施加F时，加速度：a2=可知a2a1根据v2=2ax得，x=知加速度增大，则滑行的距离变小由v=at知加速度大的用时短木盒滑行时对桌面的压力相同N=Mg+mg故选：D点评：解决本题的关键通过牛顿第二定律比较出加速度的大小，注意选择的研究对象不同，第一次选择整体，第二次选择木盒9（3分）在t=0时，甲、乙两物体从同一点开始做直线运动，其vt图象如图所示，下列判断正确的是（） A0t0，两物体相向而行B0t0，乙车平均速度是甲车平均速度的2倍C在t0时刻之前，两物体间距离越来越大D在t0时刻之后，两物体间距离越来越大考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：vt图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负相遇要求在同一时刻到达同一位置看物体是否改变运动方向就看速度图象是否从时间轴的上方到时间轴的下方解答：解：A由图象可知：速度均大于零，故都沿正方向运动，不是相向运动，故A错误；Bvt图象中，乙图象与时间轴围成的面积是甲的三倍，故平均速度为甲的三倍，故B错误；CD在ta时刻之前，乙图象与时间轴围成的面积比甲大，且乙的速度也比甲大，所以在ta时刻之前，乙物体在甲物体前，并且两物体间的距离越来越大，故C正确，D错误；故选：C点评：图象由于具有形象直观的特点，因此在物理中广泛应用，对于图象问题要明确两坐标轴的含义，图象斜率、截距、围成面积等含义10（3分）小明从某砖墙前的高处由静止释放一个石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹已知每层砖的平均厚度为6.0cm，照相机本次拍照曝光时间为1.5102s，由此估算出位置A距石子下落起始位置的距离为（）A1.6mB2.5mC3.2mD4.5m考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：根据照片上痕迹的长度，可以估测在曝光时间内物体下落的距离，由此可以估算出AB段的平均速度的大小，在利用自由落体运动的公式可以求得下落的距离解答：解：由图可以看出，在曝光的时间内，物体下降了大约有两层砖的厚度，即12cm（0.12m），曝光时间为1.5102s，所以AB段的平均速度为：，由平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可知AB中间时刻的速度为：v=8m/s由v2=2gh可得下降的高度大约为h，则：故C正确，ABD错误故选：C点评：由于AB的运动时间很短，我们可以用AB段的平均速度来代替A点的瞬时速度，由此再来计算下降的高度就很容易了，通过本题一定要掌握这种近似的方法11（3分）小球A和B的质量均为m，长度相同的四根细线如图所示连接，它们均被拉直，且P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则Q、A间水平细线对球的拉力大小为（）AmgBmgCmgDmg考点：共点力平衡的条件及其应用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：由题意，P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则知P、B间细线的拉力为零，对A球进行研究，分析受力情况，画出力图，由平衡条件求解Q、A间水平细线对球的拉力大小解答：解：由题，P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则知A、B间细线的拉力为零对A球，分析受力情况，作出力图如图，由平衡条件得：TQA=mgtan60=mg，选项ABD错误，C正确故选：C点评：本题的突破口是P、B间细线恰好处于竖直方向，分析PB间细线拉力为零，问题就变得清晰简单，就是一个三力平衡问题12（3分）如图所示，放在光滑水平面上的物体A和B，质量分别为2m和m，第一次水平恒力F1作用在A上，第二次水平恒力F2作用在B上已知两次水平恒力作用时，A、B间的作用力大小相等则（）AF1F2BF1=F2CF1F2DF12F2考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：牛顿运动定律综合专题分析：先对整体运用牛顿第二定律求出共同的加速度，对一次对m用牛顿第二定律求出F1，对一次对M用牛顿第二定律求出F2，这样就可以求解F1和F2的比值关系解答：解：令推A或B时，AB间作用力为N，则第一次推A，把两个物体看成一个整体，根据牛顿第二定律得：a=，对m运用牛顿第二定理得：a=，则有：解得：F1=3N第二次用水平推力F2推m，把两个物体看成一个整体，根据牛顿第二定律得：a=对M运用牛顿第二定理得：a=解得：所以F1=2F2故ABD错误，C正确故选：C点评：该题是整体法和隔离法的应用，要求同学们能选择恰当的研究对象运用牛顿第二定律解题二、本大题6小题，每小题3分，共18分在每小题给出的四个选项中有一个或一个以上的选项正确，全对得3分，选对但不全得1分，有错或不选得0分13（3分）超市常用倾斜式自动扶梯（无阶梯，如图所示）以方便顾客推购物车购物若顾客直接将一个箱子放在扶梯上，随扶梯匀速上行，则下列说法正确的是（）A扶梯速度越大，箱子受到的合力越大B箱子质量越大，箱子受到的摩擦力越大C扶梯对箱子的支持力与箱子的重力是性质相同的力D扶梯对箱子的支持力与箱子对扶梯的压力是一对作用力与反作用力考点：牛顿第三定律分析：箱子做匀速直线运动，处于平衡状态；受重力、支持力和摩擦力，三力平衡解答：解：A、力与速度无关，扶梯匀速直线运动的速度大，箱子受到的合力仍为零，不变，故A错误；B、根据共点力平衡条件，扶梯对箱子的摩擦力大小与箱子的重力沿平行于扶梯表面向下的分力等大反向，所以质量越大，重力越大，则箱子受到的摩擦力越大，故B正确；C、扶梯对箱子的支持力的性质是弹力，重力的性质是重力，性质不同，故C错误；D、扶梯对箱子的支持力与箱子对扶梯的压力是一对作用力与反作用力，故D正确；故选：BD点评：本题关键是正确的受力分析，然后结合共点力平衡条件和牛顿第三定律进行分析，基础问题14（3分）如图所示，在光滑水平桌面的两端各固定一个等高的定滑轮，用轻绳经过定滑轮将弹簧秤分别与重力为8N和3N的两个物体A和B相连，物体A静止在地面上，物体B悬于半空，弹簧的劲度系数为10N/m，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则（）A弹簧秤所受的合力为5NB弹簧秤的读数为3NC弹簧的伸长量为0.3mD弹簧的伸长量为0.6m考点：胡克定律；共点力平衡的条件及其应用分析：对弹簧秤分析，弹簧秤处于静止，所受的合力为零，对B分析，根据平衡求出弹簧秤的读数，结合胡克定律求出弹簧的伸长量解答：解：A、弹簧秤处于静止，所受的合力为零，故A错误B、对B分析，根据平衡知，弹簧的弹力F=GB=3N，故B正确C、根据胡克定律得，F=kx，解得弹簧的形变量x=，故C正确，D错误故选：BC点评：本题考查了共点力平衡和胡克定律的基本运用，知道在公式F=kx中，x表示弹簧的形变量15（3分）小李讲了一个龟兔赛跑的故事，按照小李讲的故事情节，作出兔子和乌龟的位移图象如图所示，依照图象中的坐标，下列说法正确的是（）A兔子和乌龟在同一地点同时出发B乌龟一直做匀加速直线运动C兔子和乌龟在比赛途中相遇过2次D在t3t6这段时间内乌龟的平均速度比兔子大考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：由图位移图象可知：兔子和乌龟是在同一地点但不是同时出发的乌龟的位移图线是倾斜的直线，速度不变，做的是匀速直线运动在比赛中，兔子和乌龟两次位移相等，表示到达同一位置相遇两次图中反映乌龟到达终点时，兔子还没有到达终点解答：解：A、由图位移图象可知：兔子和乌龟是在同一地点但不是同时出发的，兔子比乌龟迟出发时间t1故A错误 B、乌龟的位移图线是倾斜的直线，速度不变，做的是匀速直线运动故B错误 C、在比赛中，兔子和乌龟两次位移相等，表示相遇两次故C正确 D、在t3t6这段时间内乌龟的位移比兔子大，故在t3t6这段时间内乌龟的平均速度比兔子大故D正确故选：CD点评：本题考查对位移图象的理解能力当两者的位移相同时表示两者相遇16（3分）如图所示，质量为m=1kg的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3，当物体运动的速度为10m/s时，给物体施加一个与速度方向相反的大小为F=2N的恒力，在此恒力作用下（取g=10m/s2）（）A物体经10s速度减为零B物体经2s速度减为零C物体速度减为零后将保持静止D物体速度减为零后将向右运动考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：先分析物体的运动情况和受力情况：物体向右做匀减速运动，水平方向受到向右的恒力F和滑动摩擦力由公式f=FN=G求出滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得求出物体的加速度大小，由运动学公式求出物体减速到0所需的时间减速到零后，Ff，物体处于静止状态，不再运动解答：解：A、B物体受到向右恒力和滑动摩擦力，做匀减速直线运动滑动摩擦力大小为f=FN=G=3N，根据牛顿第二定律得， a=m/s2=5m/s2，方向向右物体减速到0所需的时间t=s=2s，故B正确，A错误C、D减速到零后，Ff，物体处于静止状态故C正确，D错误故选BC点评：本题分析物体的运动情况和受力情况是解题的关键，运用牛顿第二定律和运动学公式研究物体运动时间，根据恒力与最大静摩擦力的关系，判断物体的速度为零后的状态17（3分）图为蹦极运动的示意图，弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过合力为零的C点到达最低点D整个过程中忽略空气阻力，分析运动员从B点到D点过程，下列说法正确的是（）A经过C点时，运动员的速率最大B运动到D点时，运动员的加速度为零C从B点到C点，运动员的加速度增大D从C点到D点，运动员处于超重状态考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：运动员从O点自由下落，到达B点时有竖直向下的速度，弹性绳伸直后运动员受到重力和弹性绳的弹力两个力作用，根据弹力与重力的大小关系，分析运动员的运动情况，判断其速度的变化，根据牛顿第二定律分析加速度的变化解答：解：运动员从O至B过程只受重力，做自由落体运动；从B到C过程，绳子拉力逐渐增大，绳子拉力小于重力，合力向下，运动员做加速度减小的加速运动，到C点时合力为零；从C到D过程，弹性绳的拉力大于运动员重力，合力向上，加速度向上，运动员做减速运动，随运动员向下运动，绳子拉力变大，运动员受到的合力增大，加速度变大，运动员做加速度增大的减速运动，到D点运动员速度为零，合力不为零，合力向上，加速度向上；A、由以上分析知运动员经过C点时速率最大，故A正确；B、运动到D点时加速度不为零，加速度向上，故B错误；C、从B点到C点，运动员的速度增大，加速度减小，故C错误；D、从C到D运动员做加速度增大的减速运动，具有向上的加速度，运动员处于超重状态，故D正确故选：AD点评：本题与小球自由下落掉在轻弹簧上的类型相似，要抓住弹性的弹力随形变量的增大而增大，根据合力方向与速度方向的关系判断运动员速度的变化和加速度的变化18（3分）如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为，在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的作用力F的判断中，正确的是（）A小车静止时，F=mg，方向竖直向上B小车静止时，F=mgcos，方向垂直杆向上C小车向右以加速度a运动时，一定有F=ma/sinD小车向左以加速度a运动时，F=，方向斜向左上方考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：结合小车的运动状态对小车进行受力分析，小车所受合外力的方向与加速度的方向一致，从而确定杆对小球的作用力解答：解：A、B、小球受竖直向下的重力mg与杆对小球的力F作用；当小车静止时，小球也静止，小球处于平衡状态，受平衡力作用，杆的作用力F与重力是一对平衡力，由平衡条件得：F=mg，方向竖直向上故A正确、B错误C、小车向右做匀加速运动时，竖直方向Fy=mg，水平方向Fx=ma，则有F=，方向，故C正斜向左上方，故C错误D正确；故选：AD点评：本题中轻杆与轻绳的模型不同，绳子对物体只有拉力，一定沿绳子方向，而杆子对物体的弹力不一定沿杆子方向，要根据状态，由牛顿定律分析确定三、本大题共3个小题，每空2分，共16分19（4分）“研究共点力的合成”的实验情况如图所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，完成下列问题：（1）实验中需注意的事项有CDA两个分力F1、F2大小必须保持一致B两个分力F1、F2间夹角必须保持120C将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些D拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行（2）某次实验中，弹簧测力计的指针位置如图所示其中，细绳BO对O点的拉力大小为3.20N考点：验证力的平行四边形定则专题：实验题；平行四边形法则图解法专题分析：（1）实验时两个分力的大小不一定相等，夹角略微大些，可以减小实验的误差，拉力的方向与木板平面平行（2）弹簧秤示数的每格表示0.1N，根据指针所指的位置读出读数解答：解：（1）A、两个分力F1、F2大小不一定相等故A错误B、两个分力F1、F2间夹角不一定要等于120度，夹角稍微大一些即可故B错误C、拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行故C正确D、AO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些，可以减小实验的误差故D正确故选：CD（2）弹簧秤示数上每一格代表0.1N，细绳BO对O点的拉力大小为3.2N故答案为：（1）CD；（2）3.20点评：明确实验原理，了解具体操作，要围绕“验证力的平行四边形定则”的实验原理对实验步骤和实验中需要注意的问题进行理解记忆20（10分）某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验如图（a）为实验装置简图，A为小车，B为电火花打点计时器，C为钩码，D为一端带有定滑轮的长方形木板，还有220V交流电源没有画出实验中认为细绳对小车拉力F等于钩码的重力当地重力加速度为g（1）除了以上仪器外，还需要下列器材中的BCA秒表 B天平 C毫米刻度尺 D弹簧测力计（2）为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取的做法是CA将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B将木板带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动C将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木板上（3）图（b）为某次实验得到的纸带（交流电的频率为50Hz），由图（b）中数据求出小车加速度大小为3.1m/s2，A点对应的小车速度大小为1.9m/s（保留两位有效数字）（4）保持小车质量不变，改变钩码质量，进行多次测量根据实验数据作出了加速度a随拉力F的变化图线，如图（c）所示，图中直线没有通过原点，其主要原因是平衡摩擦力过度（或不带滑轮的一端垫得过高）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）明确实验原理以及具体操作，知道需要测量数据即可正确解答；（2为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取做法是将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动；（3）根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A点时小车的瞬时速度大小解答：解：（1）需要刻度尺测量计数点之间的距离大小，需要天平测量小车和勾码的质量，故AD错误BC正确；故选：BC（2）将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力故选：C（3）匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，故：=1.9m/s根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小：a=3.1m/s2（4）细线拉力为零时已经有加速度，说明不带滑轮的一端垫得过高，即平衡摩擦力过度故答案为：（1）BC；（2）C；（3）3.1，1.9；（4）平衡摩擦力过度（或不带滑轮的一端垫得过高）点评：对于实验问题首先要 明确实验原理，理解重要步骤的操作，熟练应用基本物理解决实验问题21（2分）如图所示，在前进车厢的竖直后壁上放一个物体，物体与壁间的动摩擦因数为0.5，要使物体不致下滑（最大静摩擦力等于滑动摩擦力），车厢前进的加速度至少为20m/s2（重力加速度为10m/s2）考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：牛顿运动定律综合专题分析：物块在水平方向上和小车具有相同的加速度，根据牛顿第二定律求出车厢后壁对物块的弹力，结合竖直方向上受力平衡，求出物块的加速度，从而得知车的加速度解答：解：设物体的质量为m，在竖直方向上，由平衡条件得：mg=f，摩擦力：f=FN，FN为物体所受水平弹力在水平方向上，由牛顿第二定律得：FN=ma解得：a=m/s2=20 m/s2故答案为：20点评：解决本题的关键是知道物块与车具有相同的加速度，抓住物块水平方向上有合力，竖直方向上合力为零，结合牛顿第二定律进行求解四本大题3小题，共30分要求在答卷上写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案22（8分）一辆在绵遂高速公路上以108km/h的速度行驶的小汽车，突然发现同一车道的正前方l00m处停有一辆故障车，由于无法从其它车道避让，司机从发现前方故障车到开始制动有1s的反应时间，制动后小汽车以a=6m/s2的加速度做匀减速直线运动，请你通过计算判定这辆小汽车是否会与前方故障车发生追尾事故？考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：汽车在反应时间内做匀速直线运动，求出匀速直线运动和匀减速直线运动的位移之和，判断是否相撞解答：解：（1）司机反应时间内汽车作匀速运动，v0=30m/s=v0t 解得，x1=30m设减速位移为x2v=2ax2解得，x2=75m从发现故障车到停下来通过的距离x=x1+x2=105m 即x100m，故会发生追尾 答：这辆小汽车是会与前方故障车发生追尾事故点评：本题综合了匀速直线运动和匀减速直线运动，关键是理清过程，灵活运用运动学公式求解，要求司机在开车过程中不要使用电话，不要酒后驾驶等，注意安全23（10分）如图所示，光滑金属球的质量m=4kg它的左侧紧靠竖直的墙壁，右侧置于倾角=37的斜面体上已知斜面体处于水平地面上保持静止状态，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2求：（1）墙壁对金属球的弹力大小和金属球对斜面体的弹力大小；（2）水平地面对斜面体的摩擦力的大小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：画出受力分析图，根据平衡条件求力，斜面有向右运动的趋势，受的摩擦力向左解答：解：（1）对金属球，由平衡条件可得墙壁对金属球的弹力为N1=mgtan斜面体对金属球的弹力为解得，N1=30N，N2=50N由牛顿第三定律得，金属球对斜面体的弹力大小为50N（2）对斜面体，地面对斜面体的摩擦力大小为f=N2sin解得，f=30N答：（1）墙壁对金属球的弹力大小为30N，金属球对斜面体的弹力大小为50N；（2）水平地面对斜面体的摩擦力的大小为30N点评：本题考查了共点力平衡，关键是采用隔离法，对物体正确受力分析后根据平衡条件求解24（12分）如图所示，抗震救灾运输机在某场地通过倾角为30的光滑斜面卸放物资，斜面与粗糙的水平面平滑连接现将一包装盒（可视为质点）从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的C点已知A点距水平面的高度H=0.8m，B点距C点的距离L=2.0m（包装盒经过B点时没有能量损失，g=10m/s2），求：（1）包装盒在运动过程中的最大速度；（2）包装盒与水平面间的动摩擦因数；（3）包装盒从A点释放后，经过时间t=1.0s时速度的大小考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）包装盒在斜面上时，对其受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出加速度，再根据运动学公式计算末速度；（2）对减速过程运用牛顿第二定律列式，再运用速度位移公式列式，最后联立方程组求解；（3）先判断加速时间，再根据速度时间关系公式求解t=1.0s时速度的大小解答：解：（1）包装盒先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故包装盒运动到B点时速度最大为vm，设包装盒在斜面上运动的加速度大小为a1根据牛顿第二定律，有mgsin30=ma1根据运动学公式，有vm2=2a1解得：vm=4m/s即滑块在运动过程中的最大速度为4m/s（2）滑块在水平面上运动的加速度大小为a2根据牛顿第二定律，有：mg=ma2根据运动学公式，有vm2=2a2L解得：=0.4即滑块与水平面间的动摩擦因数为0.4（3）滑块在斜面上运动的时间为t1根据运动学公式，有vm=a1t1得t1=0.8s由于tt1，故滑块已经经过B点，做匀减速运动tt1=0.2s设t=1.0s时速度大小为v根据运动学公式，有v=vma2（tt1）解得：v=3.2m/s滑块从A点释放后，经过时间t=1.0s时速度的大小为3.2m/s答：（1）包装盒在运动过程中的最大速度为4m/s；（2）包装盒与水平面间的动摩擦因数为0.4；（3）包装盒从A点释放后，经过时间t=1.0s时速度的大小3.2m/s点评：本题关键先对滑块的加速和减速过程运用牛顿第二定律列式求解，再分别对两个过程运用运动学公式列方程联立求解