2019-2020年高一上学期期末模块考试物理试卷 含解析zhangsan.doc

2019-2020年高一上学期期末模块考试物理试卷 含解析zhangsan本试卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分100分，考试用时90分钟.注意事项： 1答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、考号填写在答题卷上.2选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案；不能答在试卷上.3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在另发的答题卷各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答的答案无效.4考生必须保持答题卷的整洁，考试结束后，将答题卷收回.第一部分选择题（共48分）一、单选题（83=24分，只有一个选项是正确的）1以下说法正确的是：牛顿第一定律不能通过现实中的实验来验证质点是理想化的物理模型，质量小、体积小的物体一定可以当作质点米、秒、力是一组属于国际单位制的基本单位卡文迪许通过扭称实验测出了万有引力常量摩擦力的方向一定跟物体的运动方向在同一直线上AB C D【答案】C牛顿第一定律是以可靠的事实为基础，并通过逻辑推理得来的，即是依靠理想实验得来的，故正确；只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点，与物体的体积的大小无关，故错误；米、秒、千克是一组属于国际单位制的基本单位，力不是基本单位，故错误；卡文迪许通过扭称实验测出了万有引力常量，故正确；静摩擦力的方向可以与运动方向可以不再同一条直线上，如用手握住杯子，使杯子在水平方向运动，静摩擦力方向与运动方向垂直，故错误。故选C。【考点】质点；牛顿第一定律；力学单位制2如图是在同一直线上运动的甲、乙两物体的位移图象。由图象可知是 A甲比乙先出发； B图线的交点代表此时甲乙两物体的速度相同 C甲的运动速率大于乙的运动速率；D甲的出发点在乙前面S0处。【答案】DA、甲乙都是在t=0时刻出发，故A错误；B、图线的交点代表此时甲乙两物体的相遇，故B错误；C、乙的斜率大于甲的斜率，则乙的运动速率大于甲的运动速率，故C错误；D、乙从原点出发，而甲从距原点正方向上S0处出发，即甲的出发点在乙前面S0处，故D正确。故选D。【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系3以下说法正确的是：A静止放在水平面上的木块，木块对地面的压力与木块所受的重力是两个相同的力B一个木块在水平向左的拉力作用下沿水平地面作匀速直线运动，木块所受的合力向左C质量巨大的物体开始时静止在光滑的水平面上，受到一个水平拉力的作用,当力刚开始作用的瞬间, 物体同时获得速度和加速度D质量巨大的物体开始时静止在光滑的水平面上，受到一个水平拉力的作用,当力刚开始作用的瞬间,物体立即获得加速度,但速度为零【答案】DA、静止在水平面上的木块，所受重力和支持力相等，是一对平衡力，支持力和木块对地面的压力是作用力和反作用，可知压力和重力是两个不同的力，故A错误；B、木块做匀速直线运动，合力为零，故B错误；CD、静止在光滑水平面上的物体，受到拉力的瞬间，根据牛顿第二定律知，立即获得加速度，但是速度仍然为零，故C错误D正确。故选D。【考点】牛顿第二定律4小蔡驾驶的某轿车在某一段时间内作匀加速直线运动，其初速度为m/s,加速度为4m/s2, 则： A该汽车位移与时间的关系式是 B. 该汽车速度与时间的关系式是 C2s内汽车的位移为14mD4s时汽车的速度为12m/s【答案】AAB、汽车位移与时间的关系式，故A正确B错误；C、2s内汽车的位移，故C错误；D、根据速度时间公式得，4s时的速度，故D错误。故选A。【考点】匀变速直线运动规律5如图，物体A和B的重力分别为8N和3N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，弹簧的劲度系数K=10N/m，设弹簧秤所受的合力为F1, 弹簧秤的读数为F2, 则AF1=11N B. F2=3NCF2=6N D. 弹簧的伸长量为0.6米【答案】BABC、物体B处于静止状态，所以B受力是平衡的，即：B端的力大小为3N；又因为弹簧秤处于静止状态，所以弹簧秤受力是平衡的，B端受到的拉力是3N，虽然A的重力是8N，但为了和B端受力平衡，A端绳受的力是3N，而弹簧秤的合力为零弹簧秤的示数F1是钩上的拉力或是一端受到的力，所以示数为3N，故AC错误B正确；D、弹簧的伸长量：，故D错误。故选B。【考点】胡克定律；共点力平衡6xx年，广东实验中学的某毕业生参与了“神州十号”飞船发射的相关工作，为实现“中国梦”作出自己应有的贡献，南方电视台还采访了我校师生。已知在飞船绕地球作匀速圆周运动的阶段，宇航员处于完全失重状态。将来的某一天，如果你有幸成为一名我国的宇航员，以下说法正确的是：A在飞船向上作匀加速直线运动的阶段，宇航员处于失重状态B在飞船向作下匀减速直线运动的阶段，宇航员处于失重状态C在完全失重条件下的飞船中，宇航员可以用天平测出物体的质量D在完全失重条件下的飞船中，宇航员可以用弹簧秤测出某拉力的大小【答案】DA、飞船向上作匀加速直线运动的阶段加速度的方向向上，宇航员处于超重状态，故A错误；B、飞船向作下匀减速直线运动的阶段加速度的方向向上，宇航员处于超重状态，故B错误；C、天平是利用杠杆的原理，天平平衡需要物体的重力，所以天平不能在失重状态下有效使用，故C错误；D、弹簧秤的原理是：弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长越长在失重状态虽然重力表现不出来，但是拉力总还是有的，所以弹簧秤仍能在失重状态下有效使用正确，故D正确。故选D。【考点】超重和失重7物体甲自西向东以速度V做匀速直线运动，当经过乙时，乙也立即自西向东做初速度为零的匀加速直线运动，下列说法正确的是A当乙与甲的速度相等时，乙追上甲 B当乙与甲的速度相等时，甲、乙相距最近C相遇前，当乙与甲的速度相等时，甲乙相距最远 D甲乙再次相遇时，乙的速度是3V【答案】C设经过t时间相遇，则有，解得，此时乙的速度；两车速度相等前，甲车的速度大于乙车的速度，两者之间的距离逐渐增大，速度相等受，甲车的速度小于乙车的速度，两者之间的距离逐渐减小，知速度相等时，两车有最小距离，故C正确。故选C。【考点】匀变速直线运动规律8重为G的物体系在两根等长的细绳OA、OB上，轻绳的A端、B端挂在半圆形的支架上，如图所示.若固定A端的位置，将绳OB的B端沿半圆形支架从C点缓慢移至水平位置B点的过程中，则AOB绳上的拉力不断减小 BOB绳上的拉力先增大后减小COA绳上的拉力不断增大 DOA绳上的拉力不断减小【答案】C对结点O受力分析如图；结点O始终处于平衡状态，所以OB绳和OA绳上的拉力的合力大小保持不变，方向始终是竖直向上的；OA绳上的拉力不断增大，OB绳上的拉力先减小后增大。故选C。【考点】共点力平衡二双选题(64=24分，选得不全的得2分，有选错或不选的得0分)9两个物体如图放置，水平力F=1N作用在b上，两物体保持相对静止向左作匀速直线运动，则以下说法正确的是：A物体b对物体a的摩擦力为1N B物体b与物体a之间可能是光滑的C地面对物体b的摩擦力为0.5N D地面对物体b的摩擦力为1N【答案】BDA、B，对a研究，由平衡条件水平方向合力为零，则受摩擦力为0，即a与b之间没有摩擦力，则b与物体a之间可能是光滑的，故A错误B正确；C、D、对b受力分析，受重力、支持力、压力、向右的拉力和向右的摩擦力，根据共点力平衡，则有地面对物体b的摩擦力为1N，故C错误D正确。故选BD。【考点】共点力平衡10如图，某物体静止在斜面上，现小龙对物体施加一不断增大的竖直向下的力F，则A物体受到的支持力不变 B物体受到的摩擦力不断增大C物体受到的合外力始终为零 D当F增大到某一值时物体开始沿斜面下滑【答案】BCA、对滑块受力分析，物体处于平衡状态；将重力及F向沿斜面与垂直于斜面方向进行分析，则可得：摩擦力：Ff=（F+mg）cos支持力：FN=（F+mg）sin压力增大时，由上式可看出，支持力不断增大，故A错误；D、我们可以认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，设摩擦系数为，开始时一定有：（F+mg）sin（F+mg）cos而增大F时，两边同时增大，不等式关系仍然成立，故物体永不会运动，故D错误；B、因物体静止，故摩擦力等于（F+mg）cos，故摩擦力随F的增大而增大；故B正确；C、物体始终处于平衡状态，故合外力始终为零，故C正确。故选BC。【考点】共点力平衡11放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t 的关系如图所示。取g10m/s2。由两图线可知： A第3s内的物体的加速度大小为2m/s2 B04s内物体的平均速度为2m/s，方向为正方向C物块与地面之间的动摩擦因数0.2D物块的质量m1kg【答案】ADA、由速度时间图线可知，在第3s内的加速度为：，故A正确；B、0-4s内物体的位移为：，则前4s内的平均速度为：，故B错误；CD、匀速运动时，匀加速运动阶段，根据牛顿第二定律得：，解得：，则动摩擦因数为：，故C错误D正确。故选AD。【考点】牛顿第二定律；平均速度12如图质量为m的小球用水平弹簧系住，并用倾角为60的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为：A大小为2g B大小为g C方向水平向右 D方向垂直于木板向下【答案】AD木板撤去前，小球处于平衡态，受力如图所示：由平衡条件得：、木板AB突然撤去后，支持力消失，重力和拉力不变，合力等于支持力N，方向与N反向，方向垂直于木板向下，由牛顿第二定律得，加速度为：， 解得：，方向：垂直于木板向下。故选AD。【考点】牛顿第二定律13如图所示，两个质量都是的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙 上处于平衡状态。已知墙面光滑，水平地面粗糙，现将A球向下移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力N和地面对B的摩擦力的变化f情况是：A. N不变 B. N变大 C. f变大 D.f变小【答案】ACAB、对整体进行受力分析，知N=2mg，移动两球后，仍然平衡，则N仍然等于2mg，所以N不变，墙壁对小球A的弹力始终等于地面对B的摩擦力f，故A正确B错误；CD、再隔离对A进行受力分析，墙壁对A的弹力FA=mgtan，当A球向下移动一小段距离，夹角增加，所以FA增加，而墙壁对小球A的弹力始终等于地面对B的摩擦力f，所以f增加，故C正确D错误.故选AC。【考点】共点力平衡14图为蹦极运动的示意图。弹性绳的一端固定在点，另一端和运动员相连。运动员从点自由下落，至点弹性绳自然伸直，经过合力为零的点到达最低点。整个过程中忽略空气阻力。分析运动员从B点到D点过程，下列表述正确的是： A经过C点时，运动员的速率最大B运动到D点时，运动员的加速度为零C从B点到C点，运动员的速度增大D从B点到D点过程中，运动员先做匀加速直线运动，后作匀减速直线运动【答案】AC运动员从O至B过程只受重力，做自由落体运动；从B到C过程，绳子拉力逐渐增大，绳子拉力小于重力，合力向下，运动员做加速度减小的加速运动，到C点时合力为零；从C到D过程，弹性绳的拉力大于运动员重力，合力向上，加速度向上，运动员做减速运动，随运动员向下运动，绳子拉力变大，运动员受到的合力增大，加速度变大，运动员做加速度增大的减速运动，到D点运动员速度为零，合力不为零，合力向上，加速度向上；A、由以上分析可知，运动员经过C点时速度最大，故A正确；B、运动到D点时加速度不为零，加速度向上，故B错误；C、从B点到C点，运动员的速度增大，故C正确；D、从B点到D点过程中，运动员先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，故D错误。故选AC。【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系三、实验题：（共18分）15（8分）“验证力的平行四边形定则”实验（1）小彭同学所在的实验小组操作如下，请完成相关内容a在桌面上放一块方木板，在木板上铺一张白纸，把橡皮条一端固定在木板上的A点b把两条细绳系在橡皮条的另一端，通过细绳用两个弹簧测力计互成角度拉橡皮条，橡皮条伸长，使结点到达某一位置Oc记下两个弹簧测力计的读数及结点O的位置， ，在纸上按比例做出F1和F2的图示，用平行四边形法则求出合力Fd.只用一个弹簧测力计， ， ，按同样比例做出这个力F的图示e比较F 和F，可以看出它们在实验误差范围内是相等的f改变两个力的大小，重做几次（）小胡同学的实验记录如图（a）所示用如图（b）的线段长度表示1N力的大小，作出力F1、F2、F的图示用作图的方法求出F1、F2的合力F【答案】（1）c：描下两条细绳的方向d：通过细绳把橡皮条的结点拉到步骤C中的位置O，记下弹簧测力计的读数和细绳的方向， （）、如图所示（1）c记下两个弹簧测力计的读数及结点O的位置，描下两条细绳的方向，在纸上按比例做出F1和F2的图示，用平行四边形法则求出合力F；d只用一个弹簧测力计，通过细绳把橡皮条的结点拉到步骤C中的位置O，记下弹簧测力计的读数和细绳的方向，按同样比例做出这个力F的图示；（2）如图所示，先确定比例标度，再沿各个力的方向画出有向线段，用线段的长度表示力的大小。【考点】验证力的平行四边形定则16(10分)用如图（甲）所示的实验装置来验证牛顿第二定律，为消除摩擦力的影响，实验前必须进行平衡摩擦力.（1）小华同学平衡摩擦力时是这样操作的：将小车水平静止地放在长木板上，把木板不带滑轮的一端慢慢垫高，如图（乙），直到小车由静止开始沿木板向下缓慢滑动为止.请问这位同学的操作是否正确？如果不正确，应当如何进行？答： .（2）如果小华同学先如（1）中的操作，然后不断改变对小车的拉力F ，他得到的M（小车质量）保持不变的情况下的aF图线是下图中的 （将选项代号的字母填在横线上）.（3）打点计时器使用的交流电周期为T=0.02s.下图是小昕同学在正确操作下获得的一条纸带，其中A、B、C、D、E每两点之间还有3个点没有标出.写出用s1、s2、s3、s4以及T来表示小车加速度的计算式：a = （用题目所给的符号表示）.根据纸带所提供的数据，算得打点计时器打下B点时，小车速度VB= （结果保留两位有效数字）【答案】（1）该同学的操作不正确。应该这样操作：逐渐调节木板不带定滑轮的一端，直到给小车一定的初速度，小车能沿木板作匀速直线运动。（2）C （3） 0.19m/s（1）小车由静止下滑，说明重力沿斜面的分力大于摩擦力，因此平衡过度，所以该同学的操作不正确，正确的操作应该为逐渐调节木板不带定滑轮的一端，给小车一个初速度，小车能够带动纸带匀速下滑；（2）如果这位同学先如（1）中的操作，导致平衡摩擦力过度，因此当小车上还没有挂砂和砂桶时，小车应该就已经有加速度了，故图象ABD错误C正确；故选C；（3）由题意可知两计数点之间的时间间隔为：T=4T，根据匀变速直线运动推论有：则，根据匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度得：。【考点】验证牛顿第二定律四计算题：（共34分）17（10分）如图所示，轻绳AC与天花板夹角=300，轻绳BC与天花板夹角=600，轻绳CD与物体连接，C点为死结。已知物体的质量为10kg，求CD绳、AC绳和BC绳的拉力大小？（g=10m/s2,要求作出受力分析图，结果可用根号表示）【答案】答案如解析对结点C受力分析，受到三根绳子的拉力，如图所示：根据共点力平衡条件，可得：。【考点】共点力平衡18（10分）质量m=2kg的物体与水平面间的动摩擦系数，现用F=10N、沿与水平方向成37的力斜向下推物体，使物体由静止出发在水平面上运动t1=5s，之后撤去推力，g取10ms2，sin370=0.6,cos370=0.8,求(要求作出受力分析图)(1)有力F作用时的物体的加速度(2)物体全过程中运动的距离 【答案】a1=1.4m/s2 s= 29.75m（1）物体受力如图所示由牛顿第二定律得：Fcos37-（mg+Fsin37）=ma1，代入数据解得：a1=1.4m/s2；（2）撤去推力后五天受力如图所示：由牛顿第二定律得：mg=ma，代入数据解得：a=2m/s2，撤去推力时物体的速度：v=at1=1.45=7m/s，物体位移：，物体总位移为：s=s1+s2=17.5+12.25=29.75m。【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系19(14分)如图所示，白色的传送带两轮A、B的距离L15m，皮带以恒定速度v2 m/s运动，现将一质量为m的小煤块无初速度地放在A端，若物体与传送带间的动摩擦因数为0.8，设小煤块在运动过程中的质量不变，传送带的倾角为= 37，g取10ms2，sin370=0.6,cos370=0.8 ， 求：（要求作出受力分析图）（1）煤块从A端运送到B端所需的时间是多少？ （2）传送带上留下的黑色痕迹有多长？【答案】 （1）煤块刚放上传送带时，由牛顿第二定律得：代入数据解得：，煤块速度与传送带速度相等需要的时间：，煤块的位移：，由于，则煤块速度与传送带速度相等后，煤块相对于传送带静止，煤块做匀速直线运动，匀速运动的位移为：，煤块运输时运动时间：，煤块从A到B的运动时间：；（2）煤块加速度运动过程中，传送带的位移：，则传送带上黑色痕迹的长度：。【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系广东实验中学xx学年（上）高一级模块1考试物理参考答案1C 2D 3 D 4A 5B 6D 7C 8C 9BD 10BC 11AD 12AD 13AC 14AC 15答案：（1）C: 描下两条细绳的方向 （2分）d:通过细绳把橡皮条的结点拉到步骤C中的位置O，记下弹簧测力计的读数和细绳的方向，（2分） （）、如图所示（4分）16（12分）：（1）该同学的操作不正确。（2分）应该这样操作：逐渐调节木板不带定滑轮的一端，直到给小车一定的初速度，小车能沿木板作匀速直线运动。-（2分）（注：本题的答题要点是：必须说清要给小车一个初速度）。（2）C-（2分）（3）-（2分） ；0.19m/s-（2分）17（10分）对结点C受力分析，受到三根绳子的拉力，如图所示：根据共点力平衡条件，可得：。18（10分）（1）物体受力如图所示由牛顿第二定律得：Fcos37-（mg+Fsin37）=ma1，代入数据解得：a1=1.4m/s2；（2）撤去推力后五天受力如图所示：由牛顿第二定律得：mg=ma，代入数据解得：a=2m/s2，撤去推力时物体的速度：v=at1=1.45=7m/s，物体位移：，物体总位移为：s=s1+s2=17.5+12.25=29.75m。19(14分)（1）煤块刚放上传送带时，由牛顿第二定律得：代入数据解得：，煤块速度与传送带速度相等需要的时间：，煤块的位移：，由于，则煤块速度与传送带速度相等后，煤块相对于传送带静止，煤块做匀速直线运动，匀速运动的位移为：，煤块运输时运动时间：，煤块从A到B的运动时间：；（2）煤块加速度运动过程中，传送带的位移：，则传送带上黑色痕迹的长度：。