2019-2020年高考数学大一轮复习 9.5椭圆学案 理 苏教版.doc

2019-2020年高考数学大一轮复习 9.5椭圆学案 理 苏教版导学目标： 1.了解圆锥曲线的实际背景，了解圆锥曲线在刻画现实世界和解决实际问题中的作用.2.掌握椭圆的定义，几何图形、标准方程及其简单几何性质自主梳理1椭圆的概念平面内到两个定点F1、F2的距离的和等于常数(大于F1F2)的点的轨迹叫做_这两定点叫做椭圆的_，两焦点间的距离叫_集合PM|MF1MF22a，F1F22c，其中a0，c0，且a，c为常数：(1)若_，则集合P为椭圆；(2)若_，则集合P为线段；(3)若_，则集合P为空集2椭圆的标准方程和几何性质标准方程1(ab0)1(ab0)图形性质范围axabybbxbaya对称性对称轴：坐标轴对称中心：原点顶点A1(a,0)，A2(a,0)B1(0，b)，B2(0，b)A1(0，a)，A2(0，a)B1(b,0)，B2(b,0)轴长轴A1A2的长为2a；短轴B1B2的长为2b焦距F1F22c离心率e(0,1)a，b，c的关系c2a2b2自我检测1已知两定点A(1,0)，B(1,0)，点M满足MAMB2，则点M的轨迹是_2“mn0”是方程“mx2ny21表示焦点在y轴上的椭圆”的_条件3已知F1、F2是椭圆的两个焦点，过F1且与椭圆长轴垂直的直线交椭圆于A、B两点，若ABF2是正三角形，则这个椭圆的离心率是_4椭圆1的焦点为F1和F2，点P在椭圆上，如果线段PF1的中点在y轴上，那么PF1_，PF2_.5椭圆5x2ky25的一个焦点是(0,2)，那么k_.探究点一椭圆的定义及应用例1一动圆与已知圆O1：(x3)2y21外切，与圆O2：(x3)2y281内切，试求动圆圆心的轨迹方程变式迁移1求过点A(2,0)且与圆x24xy2320内切的圆的圆心的轨迹方程探究点二求椭圆的标准方程例2求满足下列各条件的椭圆的标准方程：(1)长轴是短轴的3倍且经过点A(3,0)；(2)经过两点A(0,2)和B.变式迁移2(1)已知椭圆过(3,0)，离心率e，求椭圆的标准方程；(2)已知椭圆的中心在原点，以坐标轴为对称轴，且经过两点P1(，1)、P2(，)，求椭圆的标准方程探究点三椭圆的几何性质例3已知F1、F2是椭圆的两个焦点，P为椭圆上一点，F1PF260.(1)求椭圆离心率的范围；(2)求证：F1PF2的面积只与椭圆的短轴长有关变式迁移3已知椭圆1(ab0)的长、短轴端点分别为A、B，从此椭圆上一点M(在x轴上方)向x轴作垂线，恰好通过椭圆的左焦点F1，ABOM.(1)求椭圆的离心率e；(2)设Q是椭圆上任意一点，F1、F2分别是左、右焦点，求F1QF2的取值范围方程思想例4(14分)(xx北京朝阳一模)已知中心在原点，焦点在x轴上的椭圆C的离心率为，且经过点M(1，)，过点P(2,1)的直线l与椭圆C相交于不同的两点A，B.(1)求椭圆C的方程；(2)是否存在直线l，满足2？若存在，求出直线l的方程；若不存在，请说明理由【答题模板】解(1)设椭圆C的方程为1(ab0)，由题意得解得a24，b23.故椭圆C的方程为1.4分(2)若存在直线l满足条件，由题意可设直线l的方程为yk(x2)1，由得(34k2)x28k(2k1)x16k216k80.6分因为直线l与椭圆C相交于不同的两点A，B，设A，B两点的坐标分别为(x1，y1)，(x2，y2)，所以8k(2k1)24(34k2)(16k216k8)0.整理得32(6k3)0，解得k.9分又x1x2，x1x2，且2，即(x12)(x22)(y11)(y21)，所以(x12)(x22)(1k2)，即x1x22(x1x2)4(1k2).11分所以24(1k2)，解得k.所以k.于是存在直线l满足条件，其方程为yx.14分【突破思维障碍】直线与椭圆的位置关系主要是指公共点问题、相交弦问题及其他综合问题反映在代数上，就是直线与椭圆方程联立的方程组有无实数解及实数解的个数的问题，它体现了方程思想的应用，当直线与椭圆相交时，要注意判别式大于零这一隐含条件，它可以用来检验所求参数的值是否有意义，也可通过该不等式来求参数的范围对直线与椭圆的位置关系的考查往往结合平面向量进行求解，与向量相结合的题目，大都与共线、垂直和夹角有关，若能转化为向量的坐标运算往往更容易实现解题功能，所以在复习过程中要格外重视1求椭圆的标准方程，除了直接根据定义外，常用待定系数法(先定性，后定型，再定参)当椭圆的焦点位置不明确而无法确定其标准方程时，可设方程为1 (m0，n0且mn)，可以避免讨论和繁杂的计算，也可以设为Ax2By21 (A0，B0且AB)，这种形式在解题中更简便2椭圆的几何性质分为两类：一是与坐标轴无关的椭圆本身固有的性质，如：长轴长、短轴长、焦距、离心率等；另一类是与坐标系有关的性质，如：顶点坐标，焦点坐标等第一类性质是常数，不因坐标系的变化而变化，第二类性质是随坐标系变化而相应改变3直线与椭圆的位置关系问题它是高考的热点，通常涉及椭圆的性质、最值的求法和直线的基础知识、线段的中点、弦长、垂直问题等，分析此类问题时，要充分利用数形结合法、设而不求法、弦长公式及根与系数的关系去解决(满分：90分)一、填空题(每小题6分，共48分)1若ABC的两个顶点坐标分别为A(4,0)、B(4,0)，ABC的周长为18，则顶点C的轨迹方程为_2已知椭圆1，长轴在y轴上，若焦距为4，则m_.3已知F1、F2是椭圆的两个焦点，过F1且与椭圆长轴垂直的直线交椭圆于A、B两点，若ABF2是等腰直角三角形，则这个椭圆的离心率为_4已知圆(x2)2y236的圆心为M，设A为圆上任一点，N(2,0)，线段AN的垂直平分线交MA于点P，则动点P的轨迹是_5(xx无锡模拟)椭圆1上一点M到焦点F1的距离为2，N是MF1的中点，则ON_.6已知椭圆G的中心在坐标原点，长轴在x轴上，离心率为，且G上一点到G的两个焦点的距离之和为12，则椭圆G的方程为_7椭圆1的焦点为F1、F2，点P在椭圆上若PF14，则PF2_；F1PF2的大小为_8(xx徐州模拟)如图，已知点P是以F1、F2为焦点的椭圆1 (ab0)上一点，若PF1PF2，tanPF1F2，则此椭圆的离心率是_二、解答题(共42分)9(14分)(xx常州模拟)已知方向向量为v(1，)的直线l过点(0，2)和椭圆C：1(ab0)的右焦点，且椭圆的离心率为.(1)求椭圆C的方程；(2)若已知点D(3,0)，点M，N是椭圆C上不重合的两点，且，求实数的取值范围10(14分)椭圆ax2by21与直线xy10相交于A，B两点，C是AB的中点，若AB2，OC的斜率为，求椭圆的方程11(14分)(xx福建)已知中心在坐标原点O的椭圆C经过点A(2,3)，且点F(2,0)为其右焦点(1)求椭圆C的方程(2)是否存在平行于OA的直线l，使得直线l与椭圆C有公共点，且直线OA与l的距离等于4？若存在，求出直线l的方程；若不存在，说明理由学案49椭圆答案自主梳理1椭圆焦点焦距(1)ac(2)ac(3)aAB4.点M的轨迹是以点B(2,0)、A(2,0)为焦点、线段AB中点(0,0)为中心的椭圆a3，c2，b.所求轨迹方程为1.例2解题导引确定一个椭圆的标准方程，必须要有一个定位条件(即确定焦点的位置)和两个定形条件(即确定a，b的大小)当焦点的位置不确定时，应设椭圆的标准方程为1 (ab0)或1 (ab0)，或者不必考虑焦点位置，直接设椭圆的方程为mx2ny21 (m0，n0，且mn)解(1)若椭圆的焦点在x轴上，设方程为1 (ab0)椭圆过点A(3,0)，1，a3，又2a32b，b1，方程为y21.若椭圆的焦点在y轴上，设方程为1 (ab0)椭圆过点A(3,0)，1，b3，又2a32b，a9，方程为1.综上可知椭圆的方程为y21或1.(2)设经过两点A(0,2)，B的椭圆标准方程为mx2ny21，将A，B坐标代入方程得，所求椭圆方程为x21.变式迁移2解(1)当椭圆的焦点在x轴上时，a3，c，从而b2a2c2963，椭圆的标准方程为1.当椭圆的焦点在y轴上时，b3，a227.椭圆的标准方程为1.所求椭圆的标准方程为1或1.(2)设椭圆方程为mx2ny21 (m0，n0且mn)椭圆经过P1、P2点，P1、P2点坐标适合椭圆方程，则两式联立，解得所求椭圆方程为1.例3解题导引(1)椭圆上一点与两焦点构成的三角形，称为椭圆的焦点三角形，与焦点三角形有关的计算或证明常利用正弦定理、余弦定理、PF1PF22a，得到a、c的关系(2)对F1PF2的处理方法(1)解设椭圆方程为1 (ab0)，PF1m，PF2n.在PF1F2中，由余弦定理可知，4c2m2n22mncos 60.mn2a，m2n2(mn)22mn4a22mn.4c24a23mn，即3mn4a24c2.又mn2a2(当且仅当mn时取等号)，4a24c23a2.，即e.e的取值范围是.(2)证明由(1)知mnb2，SPF1F2mnsin 60b2，即PF1F2的面积只与短轴长有关变式迁移3解(1)F1(c,0)，则xMc，yM，kOM.kAB，OMAB，bc，故e.(2)设F1Qr1，F2Qr2，F1QF2，r1r22a，F1F22c，cos 110，当且仅当r1r2时，cos 0，0，课后练习区1.1 (y0)2.83.14.椭圆54解析连结MF2，已知MF12，又MF1MF210，故MF210MF18，如图，ONMF24.6.1解析由已知得，2a12，a6，c3，b2a2c29.故椭圆方程为1.72120解析由PF1PF26，且PF14，知PF22，在PF1F2中，cosF1PF2.F1PF2120.8.解析由题得PF1F2为直角三角形，设PF1m，tanPF1F2，PF2，F1F2m，e.9解(1)直线l的方向向量为v(1，)，直线l的斜率为k.又直线l过点(0，2)，直线l的方程为y2x.ab，椭圆的焦点为直线l与x轴的交点c2.又e，a.b2a2c22.椭圆方程为1.(6分)(2)若直线MNy轴，则M、N是椭圆的左、右顶点，或，即52或52.若MN与y轴不垂直，设直线MN的方程为xmy3(m0)由得(m23)y26my30.设M、N坐标分别为(x1，y1)，(x2，y2)，则y1y2，y1y2，36m212(m23)24m2360，m2.(x13，y1)，(x23，y2)，显然0，且1，(x13，y1)(x23，y2)y1y2.代入，得210.m2，得210，即解得52b0)，且可知其左焦点为F(2,0)从而有解得又a2b2c2，所以b212，故椭圆C的方程为1.(5分)(2)假设存在符合题意的直线l，设其方程为yxt.由得3x23txt2120.(7分)因为直线l与椭圆C有公共点，所以(3t)243(t212)0，解得4t4.(9分)另一方面，由直线OA与l的距离d4，得4，解得t2.(12分)由于24，4，所以符合题意的直线l不存在(14分)方法二(1)依题意，可设椭圆C的方程为1(ab0)，且有解得b212或b23(舍去)从而a216.(3分)所以椭圆C的方程为1.(5分)(2)同方法一