2019-2020年高考化学二轮复习 上篇 专题突破方略 专题四 化学实验基础 第十二讲 化学实验基础强化训练.doc

2019-2020年高考化学二轮复习 上篇 专题突破方略 专题四 化学实验基础 第十二讲 化学实验基础强化训练1(xx高考安徽卷)下列有关实验的选项正确的是()A.配制0.10 molL1NaOH溶液B.除去CO中的CO2C.苯萃取碘水中I2，分出水层后的操作D.记录滴定终点读数为12.20 mL2(xx河南洛阳统考)下列有关实验的叙述，正确的是()A燃着的酒精灯不慎碰倒失火，应立即用湿布盖灭B酸碱中和滴定实验中，滴定管和锥形瓶都要用待装溶液润洗C用浓氨水洗涤做过银镜反应的试管D测某溶液的pH时，将pH试纸浸入待测溶液中，过一会儿取出，与标准比色卡进行对比解析：选A。B项，酸碱中和滴定实验中，锥形瓶不需要用待装溶液润洗；C项，浓氨水和银不反应，应用稀硝酸洗涤做过银镜反应的试管；D项，测某溶液的pH时，应将pH试纸放在表面皿或玻璃片上，用玻璃棒蘸取待测液点在试纸中央，待试纸变色后，与标准比色卡进行对比。3(xx山东淄博一模)化学教材中，常借助示意图表达实验装置的要点、阐述化学过程的原理等。下列有关示意图表现的内容一定不正确的是()解析：选B。A中的橡胶管使分液漏斗和烧瓶内的气体压强相同，分液漏斗中的液体借助重力作用能顺利流下，A正确；乙醇和乙酸互溶，无法用分液漏斗分离，B错误；C中将止水夹夹紧，关闭分液漏斗下端的活塞，向分液漏斗中加入一定量的水，再打开分液漏斗下端的活塞，分液漏斗中的水滴入烧瓶数滴后不能继续滴下，表明气密性良好，C正确；D中从短管进气可收集氨气，D正确。4(xx湖北八市3月联考)仅用下表提供的仪器和药品，就能达到相应实验目的的是()选项仪器药品实验目的A托盘天平(带砝码)、胶头滴管、量筒、烧杯、药匙、玻璃棒NaCl固体、蒸馏水配制一定质量分数的NaCl溶液B分液漏斗、烧瓶、锥形瓶、导管及橡胶塞盐酸、大理石、硅酸钠溶液证明非金属性：ClCSiC酸式滴定管、胶头滴管、铁架台(带铁夹)已知浓度的盐酸、待测NaOH溶液测定NaOH溶液的物质的量浓度D烧杯、分液漏斗、胶头滴管、铁架台待提纯的AlCl3溶液、NaOH溶液提纯混有MgCl2杂质的AlCl3溶液解析：选A。B项，要证明非金属性：ClCSi，需要通过酸性：HClO4H2CO3H2SiO3来证明，药品中给的是盐酸而不是HClO4，故达不到实验目的；C项，缺少锥形瓶和酸碱指示剂，无法完成滴定实验；D项，提纯混有MgCl2杂质的AlCl3溶液需要利用过量的NaOH溶液把MgCl2转化为Mg(OH)2沉淀，然后过滤，向滤液中加入适量的盐酸将NaAlO2再转化为AlCl3，过滤需要的仪器中缺少漏斗和玻璃棒，药品中缺少盐酸，无法完成实验。5(xx安徽黄山质检)某澄清透明溶液中，可能大量存在下列离子中的若干种：H、NH、K、Mg2、Cu2、Br、AlO、Cl、SO、CO。进行实验：用试管取少量溶液，逐滴加入稀盐酸至过量，溶液先变浑浊后又变澄清，有无色气体放出。将溶液分成两份。在一份溶液中逐滴加入NaOH溶液至过量，溶液先变浑浊后又变澄清，加热，将湿润的红色石蕊试纸置于试管口，未见明显现象。在另一份溶液中加入新制的氯水和CCl4，振荡后静置，下层溶液显橙红色。根据实验，下列推断正确的是()A溶液中一定有K、Br、CO、AlOB溶液中一定有Mg2、Cu2、Cl、NHC不能确定溶液中是否有H、K、SO、ClD溶液中一定有NH、Mg2、Br、CO解析：选A。根据实验可知，溶液中逐滴加入稀盐酸至过量，溶液先变浑浊后又变澄清，说明溶液中存在AlO，有无色气体放出，说明溶液中存在CO，根据离子共存原则可知，能与AlO反应的H、NH和能与CO形成沉淀的Mg2、Cu2均不存在。在实验中，AlO已经转变为Al3，根据实验可知加入NaOH溶液至过量，溶液先变浑浊后又变澄清，应为Al3Al(OH)3AlO，进一步证明原溶液中有AlO，同时没有Mg2、Cu2，而加热后，湿润的红色石蕊试纸在试管口无明显现象，也进一步证明原溶液中无NH，由电荷守恒可知，原溶液中必存在K。由实验可知，原溶液中存在Br。综上所述，原溶液中一定有AlO、CO、Br、K，一定没有H、NH、Mg2、Cu2，不能确定有无Cl、SO，因此只有A项正确。6(xx贵州七校联考)下列实验所用试剂、现象和结论均正确的是()实验序号实验内容试剂现象和结论鉴别K2CO3和Na2SO3盐酸、澄清的石灰水产生无色无味气体，能使澄清的石灰水变浑浊的是K2CO3鉴别NO2和Br2蒸气湿润的淀粉KI试纸使试纸变蓝色的是Br2蒸气除去氯化钙溶液中的氯化铁杂质生石灰调节溶液的pH为3.7，再过滤鉴别AlCl3溶液和MgCl2溶液氨水产生白色沉淀然后沉淀消失的是AlCl3溶液A. BC D解析：选A。K2CO3中加入盐酸产生无色无味且能使澄清石灰水变浑浊的气体，Na2SO3中加入盐酸产生无色有刺激性气味且能使澄清石灰水变浑浊的气体，因此可以用盐酸、澄清的石灰水鉴别二者；NO2和Br2蒸气均能使湿润的淀粉KI试纸变蓝；氯化铁在溶液中存在水解平衡FeCl33H2OFe(OH)33HCl，加入生石灰后，CaO和HCl反应生成氯化钙，水解平衡右移，溶液的pH升高，当溶液的pH达到3.7时，FeCl3完全转化为Fe(OH)3 沉淀，经过滤可除去；向AlCl3溶液和MgCl2溶液中分别加入氨水后均产生白色沉淀，且白色沉淀均不溶于过量的氨水。综上所述，正确，错误，故选A。7将某黑色固体A加热至红热，投入到一种无色浓溶液B中，产生由两种气体组成的混合气体X，将X进行如图所示的实验：下列说法正确的是()A无色气体C为CO2B无色气体E为O2C混合气体X为无色DD和F反应生成的气体E是NO解析：选D。由题意可推出A和B分别为碳和浓硝酸，X为二氧化碳、二氧化氮的混合气体，二氧化氮为红棕色，故C项错误；C为二氧化碳、一氧化氮的混合气体，故A项错误；E、F、G分别为一氧化氮、铜、硝酸铜溶液，故B项错误；稀硝酸与铜反应生成无色气体一氧化氮，故D项正确。8下面ae是中学化学实验中常见的几种定量仪器：a量筒b容量瓶c滴定管d托盘天平e温度计(1)其中标出仪器使用温度的是_(填编号，下同)。 (2)实验时用来精确量取液体体积的是_。(3)使用前要检查仪器是否漏液的是_。(4)由于操作错误，使得到的数据比正确数据偏小的是_。A中和滴定达终点时俯视滴定管内液面的读数B使用容量瓶配制溶液时，俯视刻度线定容所得溶液的浓度(5)称取10.5 g固体样品(1 g以下使用游码)时，将样品放在了天平的右盘，则所称样品的实际质量为_g。解析：(1)所有测量体积的仪器如量筒、容量瓶、滴定管等都标出使用温度。(2)量筒是粗略测量液体体积的仪器，容量瓶是定容仪器，滴定管是精确量取液体体积的仪器。(3)容量瓶和滴定管在使用前要检查是否漏液。(4)A中操作导致读数结果偏小，读数时视线应与凹液面最低处相平；B中操作所配制溶液的体积偏小，根据c可知溶液浓度偏大。(5)从题给信息可知砝码质量为10 g，游码表示的质量为 0.5 g。托盘天平使用时，称量物体应放在左盘，砝码放在右盘：m(物)m(游码)m(砝码)。若称量的样品与砝码颠倒，则m(物)m(游码)m(砝码)，m(物)m(砝码)m(游码)10 g0.5 g9.5 g。答案：(1)abc(2)c(3)bc(4)A(5)9.59某学习兴趣小组探究氨气的制取实验：(1)甲同学拟用下列实验方法制备氨气，其中合理的是_(填序号，下同)。A将氯化铵固体加热分解B将浓氨水滴入氢氧化钠固体中C将氢氧化钠固体加入浓氨水中D将氯化铵稀溶液滴入氢氧化钠固体中(2)根据上述正确的原理，该同学欲用下列常见的实验室制气装置制取氨气，适宜的装置是_。(3)气体的性质是气体收集方法选择的主要依据，下列性质与收集方法无关的是_。密度颜色溶解性热稳定性与氧气是否反应解析：(1)A.加热氯化铵产生氯化氢和氨气，遇冷又转化为氯化铵固体，不能用来制取氨气；B.用浓氨水与氢氧化钠固体混合制氨气时，将浓氨水滴入氢氧化钠固体中更方便操作，而且节约氨水的用量；D.氨气极易溶于水，若用稀溶液制取，产量较少。(2)根据(1)中所选原理可知该反应不需要加热。(3)收集气体可采用排空气法(气体密度比空气大或小、不能被氧气氧化等)，也可采用排水法(气体不易溶于水)，与气体的颜色和热稳定性无关。答案：(1)B(2)C(3)10(xx高考全国卷，T26,14分)草酸(乙二酸)存在于自然界的植物中，其K15.4102，K25.4105。草酸的钠盐和钾盐易溶于水，而其钙盐难溶于水。草酸晶体(H2C2O42H2O)无色，熔点为101 ，易溶于水，受热脱水、升华，170 以上分解。回答下列问题：(1)甲组同学按照如图所示的装置，通过实验检验草酸晶体的分解产物。装置C中可观察到的现象是_，由此可知草酸晶体分解的产物中有_。装置B的主要作用是_。(2)乙组同学认为草酸晶体分解产物中还有CO，为进行验证，选用甲组实验中的装置A、B和下图所示的部分装置(可以重复选用)进行实验。DEFGHI乙组同学的实验装置中，依次连接的合理顺序为A、B、_。装置H反应管中盛有的物质是_。能证明草酸晶体分解产物中有CO的现象是_。(3)设计实验证明：草酸的酸性比碳酸的强_。草酸为二元酸_。解析：(1)结合草酸晶体(H2C2O42H2O)的组成可知，澄清石灰水应是用来检验其分解产物CO2的存在。因草酸晶体易升华，且草酸钙难溶于水，若草酸进入C装置，会干扰CO2的检验，故装置B中冰水的主要作用是冷凝挥发出来的草酸。(2)要验证草酸晶体分解产物中还有CO，只能通过检验CO与CuO反应的产物CO2的存在来达到这一目的。因为草酸晶体的分解产物本身含有CO2，会对CO的检验造成干扰，所以在检验CO前应将分解产物中的CO2除尽，可选用F装置来除去CO2，D装置用来检验CO2是否除尽。将除去CO2的气体通过盛有无水氯化钙的装置G干燥，然后通过盛有CuO的装置H，CuO将CO氧化为CO2，再将气体通过盛有澄清石灰水的D装置，用来检验CO2的存在。因CO有毒，最后可将尾气通过排水法收集。若前一个装置D中澄清石灰水不变浑浊，说明草酸晶体分解的产物CO2已除尽；H中黑色CuO变红，同时其后的装置D中澄清石灰水变浑浊，说明草酸晶体分解产物中含有CO。(3)根据强酸制弱酸的反应原理，可选择将 NaHCO3加入草酸溶液的实验方法来证明草酸的酸性比碳酸的强。 根据酸碱中和反应原理，可采用中和滴定的方法用NaOH标准溶液来滴定一定物质的量浓度的草酸溶液，根据反应的草酸与NaOH的物质的量的比值为12，证明草酸是二元酸。 答案：(1)有气泡逸出、澄清石灰水变浑浊CO2冷凝(水蒸气、草酸等)，防止草酸进入装置C反应生成沉淀，干扰CO2的检验(2)F、D、G、H、D、ICuOH中黑色粉末变为红色，其后的D中澄清石灰水变浑浊(3)向盛有少量NaHCO3的试管里滴加草酸溶液，有气泡产生用NaOH标准溶液滴定草酸溶液，消耗NaOH的物质的量为草酸的2倍11(xx高考浙江卷)某学习小组按如下实验流程探究海带中碘含量的测定和碘的制取。实验(一)碘含量的测定取0.010 0 molL1的AgNO3标准溶液装入滴定管，取100.00 mL海带浸取原液至滴定池，用电势滴定法测定碘含量。测得的电动势(E)反映溶液中c(I)的变化，部分数据如下表：V(AgNO3)/mL15.0019.0019.8019.9820.0020.0221.0023.0025.00E/mV22520015010050.0175275300325实验(二)碘的制取另制海带浸取原液，甲、乙两种实验方案如下：已知：3I26NaOH=5NaINaIO33H2O。请回答：(1)实验(一)中的仪器名称：仪器A_，仪器B_。(2)根据表中数据绘制滴定曲线：该次滴定终点时用去AgNO3溶液的体积为_mL，计算得海带中碘的百分含量为_%。(3)分液漏斗使用前须检漏，检漏方法为_。步骤X中，萃取后分液漏斗内观察到的现象是_。下列有关步骤Y的说法，正确的是_。A应控制NaOH溶液的浓度和体积B将碘转化成离子进入水层C主要是除去海带浸取原液中的有机杂质DNaOH溶液可以由乙醇代替实验(二)中操作Z的名称是_。(4)方案甲中采用蒸馏不合理，理由是_。解析：(1)实验(一)中干海带需要灼烧，故仪器A为坩埚，根据最后得到的含I的溶液的体积可以判断仪器B(定容)为500 mL容量瓶。(2)根据表中的数据描点，连线即可得到对应的滴定曲线。 根据滴定曲线，滴定突变在20.00 mL附近发生，故可判断AgNO3溶液的体积为20.00 mL，海带中碘的质量分数为w(20.00 mL103 LmL10.010 0 molL1127 gmol15)20.00 g100%0.635%。(3)分液漏斗使用前要检漏，主要是检验旋塞及玻璃塞处是否漏水，检查方法：向分液漏斗中加入少量水，检查旋塞处是否漏水；将漏斗倒转过来，检查玻璃塞处是否漏水。用CCl4萃取后，CCl4的密度比水大，故有机层在下层，现象为溶液分层，上层几乎为无色，下层呈紫红色。A项，如果NaOH的浓度过大，导致使用的溶液太少，不利于溶液的分离，如果NaOH的浓度太小，导致溶液体积太大，不利于物质的浓缩，A项正确；B项，步骤Y加入NaOH溶液后I2转变为I和IO，进入水层，B项正确；C项，加入NaOH溶液主要目的是与碘反应，将碘从四氯化碳层转移到水层，C项错误；D项，四氯化碳与乙醇互溶，不分层，无法提取碘，D项错误。碘在水溶液中的溶解度较小，因此可以通过过滤的方法分离碘和水。(4)采用蒸馏不合理，主要是因为碘易升华，会导致碘的损失。答案：(1)坩埚500 mL容量瓶(2)20.000.635(3)向分液漏斗中加入少量水，检查旋塞处是否漏水；将漏斗倒转过来，检查玻璃塞处是否漏水液体分上下两层，上层几乎无色，下层呈紫红色AB过滤(4)碘易升华，会导致碘的损失