2019-2020年九年级（上）月考物理试卷（12月份）（解析版）(V).doc

2019-2020年九年级（上）月考物理试卷（12月份）（解析版）(V)一、选择题1把一段导体均匀拉长后，它的电阻将 （）A变大B不变C变小D无法确定2在“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器不能起到的作用是（）A改变电路中的电流B改变被测电阻两端的电压C改变被测电阻的阻值D保护电路3两个电阻并联，R1：R2=3：2，通电后它们消耗的电功率之比为（）A3：2B2：3C9：4D4：94用伏安法测甲、乙两个导体的电阻时，分别测出了通过导体的电流I和电压U，然后作出了UI的图象如图，由此可以判断（）AR甲=R乙BR甲R乙CR甲R乙D无法判断R甲与 R乙的大小5在“测量小灯泡电阻”的实验中，滑动变阻器所起作用的说法不正确的是（）A改变电路中的电流B保护电路C改变被测小灯泡的电阻D改变被测小灯泡两端的电压6在做测量小灯泡的电阻实验时，不慎将电压表和电流表的位置对换，其后果是（）A电压表和电流表都可能烧坏B电压表不会烧坏C电压表可能烧坏，电流表不会烧坏D两表都不会烧坏7如图电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表和电压表的示数变化情况分别为（）A电流表的示数变小，电压表的示数变大B电流表的示数变大，电压表的示数变小C电流表的示数变小，电压表的示数不变D电流表的示数变小，电压表的示数变小8如图所示，R1的电阻是30，R2的电阻是20，闭合开关S，断开开关S1时电流表的示数是0.3A，再闭合开关S1时电流表的示数是（）A0.3AB0.5AC0.6AD0.2A二、填空题9一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该小灯泡接在12V的电源上，为使其正常发光，应联一个的电阻10在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙=5：3，则R1：R2=；当开关S断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙=11如图所示的电路，闭合开关S，滑动变阻器滑片向左移动时，灯泡亮度会（选填“变亮”、“变暗”或“不变”），电压表示数会（选填“变大”、“变小”或“不变”）12如图所示，电源电压恒定，R1=20闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.3A；若再闭合S1，发现电流表示数变为0.5A，则电源电压为V，R2的阻值为13如图所示，电源电压U=6V保持不变，R1的阻值为5，R2的阻值为10，闭合开关S、S1后，电流表的示数为A14在如图所示的电路中，、是三个电表闭合开关S，灯L1与L2串联，则电路中是电流表，是电压表；若L1与L2并联，则电路中是电流表，是电压表15如图所示的电路图中，若电源电压为6.3V，电压表示数为2.8V，L2的电阻为 5，则通过L2的电流是A，电路总电阻为16已知两个定值电阻R1：R2=2：5，如果把它们串联在电路中，则它们两端的电压之比；如果把它们并联在电路中，则通过它们的电流之比17阻值为3欧与6欧的电阻，将它们串联，其总电阻为R串；将它们并联，其总电阻为R并，则R串：R并等于18标有“PZ220100”字样的灯泡正常工作时的电阻为设灯丝电阻不随温度变化，该灯加110V的电压时，它的实际电功率是W三、实验题19在“伏安法”测电阻的实验中，电源电压是3V（1）在连接电路的过程中，开关应该；（2）实验过程中，无论怎样移动滑片，电流表和电压表的示数都很小且无变化，原因可能是；（3）排除故障后的电路连接如图甲所示，当电压表示数是2.5V时，电流表的示数如图乙所示是A，被测电阻的阻值是；（4）实验过程中，改变滑片位置并进行多次测量，这样做可以达到的目的20在做“探究电流跟电压、电阻的关系”实验时，同学们设计如图1所示电路图，其中R为定值电阻，R为滑动变阻器，实验后，数据记录在表一和表二种 表一：R=5电压/V1.02.03.0电流/A 0.20.40.6 表二：U=3V电阻/51015电流/A0.60.30.2（1）根据表中实验数据，可得出如下结论：由表一可得：；由表二可得：（2）在探究电流与电阻关系时，先用5的定值电阻进行实验，使电压表的示数为3V，再换用10的定值电阻时，此时应向（选填“左”或“右”）调节滑片，使电压表的示数仍为3V（3）某小组完成实验后，发现实验桌上有一个电阻的阻值未标识，他们用以上电路进行测量，电流表和电压表的示数如图2所示，电流表的示数为A，位置电阻的阻值为四、计算题：（共16分）21如图所示，R1=10，R2=20，电压表的读数是4V，求：（1）通过R2的电流；（2）电源电压22如图所示，R1=10，R2=20，R3=30，电源电压恒定不变，若开关S1闭合，S2断开时，电流表的读数是0.3A，求：（1）电源电压多大？（2）当S1和S2都断开时，电流表的读数多大？（3）当S1和S2都闭合时，电流表的读数是多大？23在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为10闭合开关S，电流表Al的示数为0.3A，电流表A的示数为0.5A求：（1）通过电阻R2的电流；（2）电源电压；（3）电阻R2的阻值xx学年甘肃省白银三中九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题1把一段导体均匀拉长后，它的电阻将 （）A变大B不变C变小D无法确定【考点】电阻【专题】电压和电阻【分析】影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度、横截面积【解答】解：在导体材料和横截面积一定时，导体越长，电阻越大；材料和长度一定时横截面积越小电阻越大故导体被拉长后由于长度变大、横截面积变小；所以电阻变大故选A【点评】考查导体的电阻与导体长度、横截面积的关系2在“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器不能起到的作用是（）A改变电路中的电流B改变被测电阻两端的电压C改变被测电阻的阻值D保护电路【考点】伏安法测电阻的探究实验；影响电阻大小的因素【分析】电阻大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，跟电阻中的电流、电阻两端的电压无关“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器和被测电阻串联在电路中，滑片处于最大阻值处，电源电压不变，电流中的电流最小，起到保护作用移动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，电源电压不变，电路中的电流变化，根据U=IR知，电阻两端的电压也随之变化【解答】解：A、移动滑动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，改变了电路中的电流故A不符合题意B、被测电阻阻值大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，实验过程中三者没有发生变化，电阻的阻值不变，移动滑动变阻器的滑片，改变了电路中的电流，根据U=IR，电阻不变，电流变化，所以被测电阻两端的电压变化故B不符合题意C、被测电阻阻值大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，实验过程中三者没有发生变化，电阻的阻值不变故C符合题意D、滑动变阻器的连入电路时，滑片滑到最大阻值处，电阻最大，电源电压不变，电流最小，起到保护电路的作用故D不符合题意故选：C【点评】“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器的作用：改变电路的电流；改变被测电阻的电压；保护电路不同的实验中滑动变阻器的作用是不同的3两个电阻并联，R1：R2=3：2，通电后它们消耗的电功率之比为（）A3：2B2：3C9：4D4：9【考点】电功率的计算【专题】推理法；电能和电功率【分析】先根据并联电路电压特点得出电压关系，再根据P=求出消耗的电功率之比【解答】解：因为并联电路各支路两端的电压相等，所以两电阻两端的电压相等，它们消耗的电功率之比：P1：P2=： =R2：R1=3：2故选A【点评】本题考查了并联电路电压特点和电功率公式的应用，利用好公式P=是关键4用伏安法测甲、乙两个导体的电阻时，分别测出了通过导体的电流I和电压U，然后作出了UI的图象如图，由此可以判断（）AR甲=R乙BR甲R乙CR甲R乙D无法判断R甲与 R乙的大小【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】根据欧姆定律可知，导体两端的电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比【解答】解：如图，导体两端的电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比，I甲I乙，所以R甲R乙故选C【点评】掌握欧姆定律内容：导体中的电流跟电压成正比，跟电阻成反比是解决本题的关键5在“测量小灯泡电阻”的实验中，滑动变阻器所起作用的说法不正确的是（）A改变电路中的电流B保护电路C改变被测小灯泡的电阻D改变被测小灯泡两端的电压【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】测量型实验综合题【分析】电阻大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，跟电阻中的电流、电阻两端的电压无关“测量小灯泡电阻”的实验中，滑动变阻器和被测灯泡串联在电路中，滑片处于最大阻值处，电源电压不变，电流中的电流最小，起到保护作用移动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，电源电压不变，电路中的电流变化，根据U=IR知，灯泡两端的电压也随之变化【解答】解：A、移动滑动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，改变了电路中的电流，说法正确，不符合题意B、滑动变阻器的连入电路时，滑片滑到最大阻值处，电阻最大，电源电压不变，电流最小，起到保护电路的作用，说法正确，不符合题意C、灯泡灯丝的长度、材料、横截面积有关，实验过程中三者没有发生变化，因此小灯泡的电阻不变，说法错误，符合题意D、移动滑动变阻器的滑片时，改变了电路中电阻的大小，从而改变了电路中的电流，根据U=IR可得，灯泡的电阻不变，电流变化，所以被测电阻两端的电压变化，说法正确，不符合题意故选C【点评】“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器的作用：改变电路的电流；改变被测电阻的电压；保护电路不同的实验中滑动变阻器的作用是不同的6在做测量小灯泡的电阻实验时，不慎将电压表和电流表的位置对换，其后果是（）A电压表和电流表都可能烧坏B电压表不会烧坏C电压表可能烧坏，电流表不会烧坏D两表都不会烧坏【考点】电流表的使用；电压表的使用【分析】电流表的电阻特别小，相当于导线，在电路中与用电器串联，测量通过用电器的电流；电压表的电阻特别大，相当于断路，在电路中与用电器并联，测量用电器两端电压【解答】解：在测量小灯泡电阻实验中，不慎将电压表和电流表的位置对换此时电压表串联在电路中测量电源电压，电流表通过的电流非常小，示数接近于零因为通过的电流非常小，两表都不会烧坏故选D【点评】此题属于易错题，出错的地方是误认为电流表并联会烧坏，而忽视了电压表接近断路的状态7如图电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表和电压表的示数变化情况分别为（）A电流表的示数变小，电压表的示数变大B电流表的示数变大，电压表的示数变小C电流表的示数变小，电压表的示数不变D电流表的示数变小，电压表的示数变小【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用【专题】应用题【分析】由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量电源电压，电流表测干路电流；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源电压保持不变，电压表的示数不变；根据欧姆定律可知通过R1的电流不变，但通过R2的电流变小，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化【解答】解：电压表测电源的电压且电源的电压不变，电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，I=，R1两端的电压不变；R2支路的电流变小，R1支路的电流不变，并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流变小，即电流表的示数变小故选C【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和电表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键8如图所示，R1的电阻是30，R2的电阻是20，闭合开关S，断开开关S1时电流表的示数是0.3A，再闭合开关S1时电流表的示数是（）A0.3AB0.5AC0.6AD0.2A【考点】欧姆定律的应用【专题】计算题；电路和欧姆定律【分析】当开关S1断开时，电路为R2的简单电路，电流表测通过的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当开关S1闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出电流表的示数【解答】解：当开关S1断开时，电路为R2的简单电路，电流表测通过的电流，由I=可得，电源的电压：U=I2R2=0.3A20=6V；当开关S1闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，由并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和可得电路中的总电阻：R=12，电流表的示数：I=0.5A故选B【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，属于一道基础题二、填空题9一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该小灯泡接在12V的电源上，为使其正常发光，应串联一个10的电阻【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电阻的串联【专题】计算题；电压和电阻【分析】由题意可知，电源电压大于灯泡的额定电压，故应串联电阻分得多余电压；由欧姆定律可得出串联电阻的阻值【解答】解：串联电阻起分压作用，因灯泡仍正常发光，故电路中电流I=0.4A，电阻两端电压U=12V8V=4V；则由欧姆定律可得电阻的阻值R=10；故答案为：串；10【点评】通过本题应掌握：串联电路起分压作用； 欧姆定律的灵活应用10在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙=5：3，则R1：R2=2：3；当开关S断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙=2：5【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】根据题意分析电路结构，然后根据串并联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：由电路图可知，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测串联总电压，乙测R2两端电压，两表的示数之比U甲：U乙=5：3，设R2两端两端电压为3U，则R1两端电压为5U3U=2U，两电阻串联，电阻阻值之比：=；由电路图可知，当开关S断开，甲、乙为电流表时，两电阻并联，甲测通过R2的电流，乙测干路电流，两表示数之比： =；故答案为：2：3；2：5【点评】本题考查了求电阻之比、电流表示数之比，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题11如图所示的电路，闭合开关S，滑动变阻器滑片向左移动时，灯泡亮度会变暗（选填“变亮”、“变暗”或“不变”），电压表示数会变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】电路的动态分析【专题】电路变化分析综合题【分析】分析电路，灯泡与变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，判断滑片移动时，变阻器阻值的变化，得出灯泡的亮暗变化，根据欧姆定律判断变阻器两端的电压的变化【解答】解：由图知，灯泡与变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，当滑片向左移动时，变阻器的阻值变大，电路中的电流变小，灯泡两端的电压变小，根据P=UI，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗；由于灯泡两端的电压变小，总电压不变，所以滑动变阻器两端的电压变大故答案为：变暗；变大【点评】此题是动态电路的分析，主要考查了滑动变阻器的应用及欧姆定律在串联电路中的应用，难度不是很大12如图所示，电源电压恒定，R1=20闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.3A；若再闭合S1，发现电流表示数变为0.5A，则电源电压为6V，R2的阻值为20【考点】欧姆定律的应用【专题】计算题；电路和欧姆定律【分析】（1）从图可知，闭合开关S，断开开关S1时，电路中只有R1，已知电阻和电流，可利用公式U1=I1R1计算电源电压（2）闭合S1，R1和R2并联，可利用公式I2=II1计算通过R2的电流，再利用公式R=计算R2的阻值【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关S，断开开关S1时，电路中只有R1，由I=可得电源电压：U=U1=I1R1=0.2A30=6V；（2）再闭合S1，R1和R2并联，电流表测干路电流，由并联电路的特点I=I1+I2得：通过R2的电流I2=II1=0.5A0.2A=0.3A，并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等，所以：R2=20故答案为：6；20【点评】本题考查的欧姆定律的应用，关键是对电路状态的判断，由并联电路的特点结合欧姆定律来计算电压和电流13如图所示，电源电压U=6V保持不变，R1的阻值为5，R2的阻值为10，闭合开关S、S1后，电流表的示数为1.8A【考点】欧姆定律的变形公式【专题】欧姆定律【分析】根据欧姆定律I=，计算出各支路中的电流，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和解答【解答】解：由图可知此电路为并联电路电流表在干路中，已知U=6V，R1=5，R2=10，根据欧姆定律=1.2A， =0.6A，I=I1+I2=1.2A+0.6A=1.8A故答案为：1.8【点评】本题考查了欧姆定律和并联电路电流的规律，是一道基础性题目14在如图所示的电路中，、是三个电表闭合开关S，灯L1与L2串联，则电路中2是电流表，1和3是电压表；若L1与L2并联，则电路中1和3是电流表，2是电压表【考点】电路图及元件符号【专题】电流和电路【分析】电压表要和被测用电器并联，电流表要和被测用电器串联；串联电路中，电流的路径只有一条；并联电路中，电流有多条路径【解答】解：闭合开关，要让灯泡L1和L2串联，电流的路径只有一条，电流从正极流出，经过电表2和灯泡L2，L1，所以2是电流表，1和3分别是电压表要使灯泡L1、L2组成并联则电路中的电流有两条路径则电流分别流入灯泡L1、L2；所以1、3电表应是相当于导线的电表，即电流表，2电表应是相当于开路的电表，即2是电压表故答案为：2；1和3；1和3；2【点评】本此题考查的是电流表和电压表的正确连接，是电学的基础，需要熟练掌握，是一道中档题15如图所示的电路图中，若电源电压为6.3V，电压表示数为2.8V，L2的电阻为 5，则通过L2的电流是0.7A，电路总电阻为9【考点】欧姆定律的应用【专题】计算题；电路和欧姆定律【分析】由图可知，两灯泡串联，电压表测量小灯泡L1两端的电压；已知电源电压和小灯泡L2的电阻，根据串联电路电压的特点和欧姆定律的应用即可求出灯泡L2的电压、通过灯泡L2的电流和电路中的总电阻【解答】解：由电路图可知，两灯泡组成了串联电路，因为电压表测量小灯泡L1两端的电压，所以小灯泡L1两端的电压为2.8V，根据串联电路两端的电压等于各部分电压之和可得，灯泡L2两端的电压：U2=6.3V2.8V=3.5V，由I=可得通过灯泡L2的电流为：I2=0.7A，串联电路中电流处处相等，所以电路中的总电阻为：R=9故答案为：0.7；9【点评】本题考查串联电路的特点以及欧姆定律的应用，解答本类题的关键是正确识别电路16已知两个定值电阻R1：R2=2：5，如果把它们串联在电路中，则它们两端的电压之比2：5；如果把它们并联在电路中，则通过它们的电流之比5：2【考点】欧姆定律的应用【专题】计算题；比例法；电路和欧姆定律【分析】由串联电路特点和欧姆定律计算电压比；由并联电路特点和欧姆定律计算电流比【解答】解：串联电路中电流处处相等，由I=可得两电阻串联时的电压之比：=；并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等，所以两电阻并联时通过的电流比：=故答案为：2：5；5：2【点评】本题考查串联、并联电路特点和欧姆定律的应用，属于一道基础题17阻值为3欧与6欧的电阻，将它们串联，其总电阻为R串；将它们并联，其总电阻为R并，则R串：R并等于9：2【考点】电阻的并联；电阻的串联【专题】比例法；电压和电阻【分析】并联电路中的总电阻的倒数等于各支路电阻的倒数之和，串联电路总电阻等于各串联电阻之和求出串联电阻和并联电阻后再求比值【解答】解：两电阻串联后的总电阻：R串=3+6=9，根据=+可得，两电阻并联后的总电阻：R并=2，故可得：R串：R并=9：2=9：2故答案为：9：2【点评】本题考查了学生对电阻串联和并联特点的掌握和运用，用好=+及其推导式是解答本题的关键18标有“PZ220100”字样的灯泡正常工作时的电阻为484设灯丝电阻不随温度变化，该灯加110V的电压时，它的实际电功率是25W【考点】欧姆定律的应用；实际功率【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】由灯泡的铭牌可知额定电压及额定功率，则由R=可求得电阻；已知灯泡的电阻和灯泡两端的实际电压，由P=可求得实际功率【解答】解：灯丝的电阻：R=484；当灯泡两端电压为110V时，灯泡消耗的实际功率：P=25W故答案为：484；25【点评】本题考查功率公式，重点是对公式的灵活变形，并会根据题意选择合适的公式进行计算三、实验题19在“伏安法”测电阻的实验中，电源电压是3V（1）在连接电路的过程中，开关应该断开；（2）实验过程中，无论怎样移动滑片，电流表和电压表的示数都很小且无变化，原因可能是滑动变阻器全部接了下方两接线柱；（3）排除故障后的电路连接如图甲所示，当电压表示数是2.5V时，电流表的示数如图乙所示是0.5A，被测电阻的阻值是5；（4）实验过程中，改变滑片位置并进行多次测量，这样做可以达到减小误差的目的【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）在连接电路的过程中，开关应该断开；（2）接通电路后，实验时无论怎样移动滑片，电流表和电压表的示数都很小，说明电路中接入了大的电阻；且无变化，说明滑片不能起调节作用；（3）看清量程和分度值，读出示数，利用R=求出电阻；（4）在定值电阻的阻值，应多测几次求平均值，这样可以减小误差【解答】解：（1）在连接电路的过程中，开关应该断开；（2）接通电路后，实验时无论怎样移动滑片，电流表和电压表的示数都很小，说明电路中接入了大的电阻；且无变化，说明滑片不能起调节作用，故线路故障为滑动变阻器全部接了下方两接线柱；（3）电流表所接量程为00.6A，分度值为0.02A，此时示数为0.5A；由于被测电阻两端的电压为U=2.5V，则被测电阻的阻值为R=5；（4）在实验中，为减小误差，应改变滑动变阻器的阻值，测三组数据求平均值故答案为：（1）断开；（2）滑动变阻器全部接了下方两接线柱；（3）0.5；5；（4）减小误差【点评】此题考查学生关于伏安法测电阻实验的理解和掌握，注意分析线路故障20在做“探究电流跟电压、电阻的关系”实验时，同学们设计如图1所示电路图，其中R为定值电阻，R为滑动变阻器，实验后，数据记录在表一和表二种 表一：R=5电压/V1.02.03.0电流/A 0.20.40.6 表二：U=3V电阻/51015电流/A0.60.30.2（1）根据表中实验数据，可得出如下结论：由表一可得：电阻一定时，导体的电流与导体两端的电压成正比；由表二可得：电压一定时，导体的电流与导体的电阻成反比（2）在探究电流与电阻关系时，先用5的定值电阻进行实验，使电压表的示数为3V，再换用10的定值电阻时，此时应向右（选填“左”或“右”）调节滑片，使电压表的示数仍为3V（3）某小组完成实验后，发现实验桌上有一个电阻的阻值未标识，他们用以上电路进行测量，电流表和电压表的示数如图2所示，电流表的示数为0.24A，位置电阻的阻值为10【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）根据控制变量法的要求分析表中实验数据，然后得出实验结论；（2）串联电路中，串联的电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，滑动变阻器的滑片位置不变，定值电阻由5变为10时，电阻增大，分担的电压增大（3）由图2所示电流表和电压表确定电压表量程与分度值，读出电流表和电压表示数，然后由欧姆定律求出电阻阻值【解答】解：（1）由表一实验数据可知：电阻一定时，导体的电流与导体两端的电压成正比；由表二实验数据可知：电压一定时，导体的电流与导体的电阻成反比；（2）5的定值电阻进行实验，使电压表的示数为3V，没有改变滑动变阻器滑片的位置，再换用10的定值电阻时，定值电阻增大，分担的电压增大，大于3V；要想保持电压表的示数为3V，减小定值电阻分担的电压，需要使滑动变阻器的电阻增大，分担较大的电压，滑片向右移动（3）由图2所示电流表可知，电流表量程是00.6V，分度值是0.02A，电流表示数是0.24A；电压表量程为03V，分度值为0.1V，示数是2.4V，I=，电阻阻值R=10故答案为：（1）电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（2）右；（3）0.24；10【点评】此题考查的是探究电流与电压、电阻的关系，包括实验结论和滑动变阻器的调节，综合性较强，实验成败的关键是正确应用控制变量法四、计算题：（共16分）21如图所示，R1=10，R2=20，电压表的读数是4V，求：（1）通过R2的电流；（2）电源电压【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电阻的串联【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】由图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压（1）根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出通过R2的电流；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压【解答】解：由图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压（1）串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律可得，通过R2的电流：I2=I=I1=0.4A；（2）串联电路中总电阻等于各分电阻之和，电源的电压：U=I（R1+R2）=0.4A（10+20）=12V答：（1）通过R2的电流为0.4A；（2）电源电压为12V【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目22如图所示，R1=10，R2=20，R3=30，电源电压恒定不变，若开关S1闭合，S2断开时，电流表的读数是0.3A，求：（1）电源电压多大？（2）当S1和S2都断开时，电流表的读数多大？（3）当S1和S2都闭合时，电流表的读数是多大？【考点】欧姆定律的应用【专题】计算题【分析】首先分析开关S1闭合，S2断开时电路的连接情况为R2一个电阻单独接入电路，可以用IR计算电源电压；然后分析当S1和S2都断开时电路连接情况为R1R2的串联电路，A的示数可用电源电压除以串联总电阻求得；最后分析当S1和S2都闭合时为R2R3的并联电路，A为R2的支路电流，电源电压除以R2就可求得【解答】解：开关S1闭合，S2断开时R2接入电路：U=I2R2=0.3A20=6V；当S1和S2都断开时，R1R2串联接入电路：I1=0.2A；当S1和S2都闭合时，R2R3并联接入电路：I3=0.3A答：（1）电源电压6V；（2）当S1和S2都断开时，电流表的读数0.2A；（3）当S1和S2都闭合时，电流表的读数是0.3A【点评】电路中开关的断开与闭合就可以改变电路的不同连接，要分析电路的连接要擅于画等效电路23在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为10闭合开关S，电流表Al的示数为0.3A，电流表A的示数为0.5A求：（1）通过电阻R2的电流；（2）电源电压；（3）电阻R2的阻值【考点】欧姆定律的应用【专题】计算题；压轴题【分析】（1）电流表Al测电阻R1的支路电流，电流表A测干路电流，由串联电路的特点可求出通过电阻R2的电流；（2）已知电阻R1的阻值、流过R1的电流，由欧姆定律可求出电阻R1两端的电压，即电源电压；（3）已知电源电压、流过R2的电流，由欧姆定律可求出电阻R2的阻值【解答】解：S闭合，R1、R2并联，电流表Al测电阻R1的支路电流，电流表A测干路电流（1）由并联电路的特点知，通过电阻R2的电流I2=IAIA1=0.5A0.3A=0.2A；答：通过电阻R2的电流是0.2A（2）电源电压U=IA1R1=0.3A10=3V；答：电源电压是3V（3）电阻R2的阻值R2=15；答：电阻R2的阻值是15【点评】本题考查了并联电路的特点、欧姆定律，是一道基础题；分析清楚电路结构是正确解题的前提，熟练掌握并灵活应用并联电路特点、欧姆定律是解题的关键