2019-2020年中考物理综合学习评价卷（五）（含解析）.doc

2019-2020年中考物理综合学习评价卷（五）（含解析）一、选择题1如图描述中，属于凝华现象的是（）A春天，雾绕群峰B夏天，雨笼山恋C秋天，霜打枝头D冬天，千里冰封2关于安全用电，下列说法不正确的是（）A不能在高压线附近放风筝B使用测电笔辨别火线时，手不能接触笔尾金属体C使用有金属外壳的家用电器，其外壳必须接地D发现有人触电，应迅速采用正确的方法使被触电的人脱离电源3如图所示器具中，属于省力杠杆的是（）A笤帚B筷子C独轮车D钓鱼杆4如图所示，电源电压恒定，闭合开关S后，电路正常工作过了一会儿，两电表的示数都突然变大，则该电路中出现的故障是（）A电阻R断路B电阻R短路C灯L断路D灯L短路5生活处处有物理，下列关于生活中的物理知识说法错误的是（）A用筷子夹取食物时，利用了摩擦力B打开醋瓶能闻到酸味说明分子做无规则运动C驶员在驾驶车辆时需系上安全带是防止惯性带来的伤害D公交车内的破窗锤是通过增大受力面积的方法来减小压强6如图所示的四幅图片中，其中一幅所反映的光学原理与其他三幅不同的是（）A瞄准鱼下方叉鱼B 水中的倒影C 照相机D 水中的筷子7暑假时小明去南湖划船，坐在船上，下列说法正确的是（）A小明使用的船桨是费力杠杆B船前进时水的推力没有对船做功C船前进时，小明相对于船是运动的D小明对船的压力和船对小明的支持力是一对平衡力8如图所示电路，电源电压保持不变，当开关S由闭合到断开时，电压表和电流表的示数将（）A电压表示数减小，电流表示数增大B电压表示数不变，电流表示数增大C电压表示数增大，电流表示数减小D电压表示数不变，电流表示数减小9如图所示，物体放在水平地面上，在拉力F作用下做匀速直线运动，如果重力突然消失了，以下说法正确的是（）A物体的机械能增加B物体仍然做匀速直线运动C物体受到的支持力对物体做了功D物体所受拉力与摩擦力是一对平衡力10小灯泡L的额定电压为3V，它的IU图象如图甲所示，把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌上标有“10 2A”下列说法中错误的是（）A电源电压为4.5VB小灯泡的额定功率为1.5WC小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3D小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为2.5W二、填空题11有一种“超声波喷雾降温扇”在风扇转动时还可以喷出水雾喷雾可以增加空气中的水分，风扇吹风加快了空气中水分的，就加快了从周围物体热量，从而达到降温的目的12许多渔船都装有“北斗卫星导航系统”，“北斗卫星导航”是通过与卫星进行信息传输的13路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是（选填“串联”或“并联”）的，你的判断的依据是14寒冷的冬天，双手摩擦使手发热，是通过的方式改变手的内能；手捧暖水袋，使手变暖是通过的方式改变手的内能（xx剑川县三模）铭牌为“6V 0.5A”的某用电器接在9V的电源上，为了使该用电器正常工作，需联一个的电阻16一只小鸟在平静的湖面上飞过，当小鸟距水面3m时，小鸟在湖面的“倒影”是（填“实”或“虚”）像，它是由于光的现象形成的距湖面10m深的湖底有一块石头，受到湖水的压强是Pa（xx黔东南州）兴趣小组的同学将一立方体木块放入水中，有的体积露出水面，则木块的密度是kg/m3（xx长春模拟）体积为30cm3，质量为158g的空心球，其空心部分注满水后测得质量为168g，则其空心部分的体积是多少？若把空心球压成实心球，其密度是多少？19如图所示，电源电压不变，R2=12，小灯泡L标有“6V 3W”字样（不考虑灯丝电阻变化）当S1、S2、S3都闭合时，小灯泡恰好正常发光，此时电流表示数为0.6A，求：（1）电源电压和定值电阻R1的值各为多大？（2）当S1闭合S2、S3断开时，小灯泡消耗的实际功率是多大？四、综合题20按要求作图（1）如图甲所示，请画出用起子开启瓶盖时力F的力臂（2）如图乙所示，小明想让室外太阳光照射到盆中花上的B处，请你在图中把光路补充完整并过A点画出放置的平面镜（3）如图丙所示，小磁针在通电螺线管的磁场中静止不动，请标出电源的“+”极和小磁针的N极21如图所示是“探究水的沸腾”实验：（1）安装实验器材时应按照（填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行水沸腾时温度计示数如图A所示，为，水在沸腾过程中热（2）甲、乙两组同学绘制出的温度随时间变化图象如图B所示，试分析乙组加热至沸腾时间较长的可能原因是22小明测量额定电压为3.8V小灯泡的电功率，电源电压恒为6V，连接电路时，他发现电压表的015V量程已损坏，只能用O3V量程（1）请用笔画线代替导线，在图甲中将小明的实物电路连接完整（2）连好电路，闭合开关前，滑片P应放在端，目的是闭合开关，移动变阻器的滑片到某一点，电压表的示数为时，小灯泡正常发光，电流表的指针位置如图乙所示，则小灯泡的额定功率为W（3）小明完成实验后，他改变滑动变阻器的阻值，记录电流表、电压表的几组实数，然后确认小灯泡的电流、电压，算出几组电阻值，求出平均得到小灯泡正常发光的电阻，他的方法是（选填“正确”或“不正确”）23小明利用凸透镜成像规律的装置做了以下一些探究活动（1）调节蜡烛、凸透镜、光屏的位置，在光屏上得到了烛焰清晰的像，他用手指指尖触摸到了凸透镜的上半部分，这时观察到光屏上（填“会”或“不会”）出现指尖的像，光屏上烛焰的像会变（填“亮”或“暗”）些（2）将一只眼镜片放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来烛焰清晰的像变模糊了，使光屏远离透镜，又能在光屏上看到烛焰清晰的像由此可见，这只眼镜片是（填“近视”或“远视”）眼镜片，这种眼镜片对光线有（填“会聚”或“发散”）作用24用一支平底试管（厚度忽略不计），一个装有足量水的水槽和一把刻度尺，设计一个可以测量液体密度的装置（1）将试管中装入高度为h1的水，放入水槽中静止，标出试管外水面的位置A、（2）将空试管放入水槽中，不断向试管内加入待测液体，直至（3）取出试管，测量的高度h2，则液体密度的表达式为25小明利用如图所示装置探究液体压强的特点（已知隔板在容器的中央）（1）向隔板左侧倒水，发现橡皮膜向右侧凸起，如图甲所示，这说明液体对容器侧壁有向左侧倒的水越多，橡皮膜凸起的程度越明显，这说明液体压强随深度的增加而（2）再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜恢复原状（如图乙所示），则此时A、B两点的液体压强关系：PAPB26图甲是一个电子拉力计原理图硬质弹簧右端和金属滑片P固定在一起（P与R1间的摩擦不计）电压表量程为03V，a、b是一根长为6cm的均匀电阻丝，阻值R1=30，电源电压U=6V（1）要保证电压表能正常工作，电路中R0至少应为（2）当拉环不受拉力时，滑片P处于a端，闭合开关后电压表的示数是多少？（3）已知该弹簧伸长的长度L与所受拉力F间的关系如图乙所示，若R0=45，通过计算说明，开关S闭合后，当电压表指针指在0.8V处，作用在拉环上水平向右的拉力为多大？此拉力器的量程为多少？xx年吉林省长春市中考物理综合学习评价卷（五）参考答案与试题解析一、选择题1如图描述中，属于凝华现象的是（）A春天，雾绕群峰B夏天，雨笼山恋C秋天，霜打枝头D冬天，千里冰封【考点】生活中的凝华现象【分析】凝华是指物质由气态变成固态的现象，分析各选项中物质前后的状态变化，找出符合要求的【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷凝结而成的小水滴，属于液化现象；B、雨是空气中的水蒸气遇冷凝结而成的小水滴，属于液化现象；C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝结而成的小冰晶，属于凝华现象；D、冰是水变成的，属于凝固现象故选C【点评】本题考查了物态变化的判断，属于基础知识的考查，解题的关键是对状态变化的把握2关于安全用电，下列说法不正确的是（）A不能在高压线附近放风筝B使用测电笔辨别火线时，手不能接触笔尾金属体C使用有金属外壳的家用电器，其外壳必须接地D发现有人触电，应迅速采用正确的方法使被触电的人脱离电源【考点】安全用电原则【分析】（1）安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体；（2）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故（3）测电笔是用来辨别火线和零线的使用测电笔辨别时，用手触及笔尾的金属部分，笔尖接触电线，若氖管发光则为火线，否则为零线（4）一旦有人触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源【解答】解：A、因为高压线上是高压，在下面放风筝时可能会发生高压电弧触电或跨步电压触电，正确、但不合题意；B、使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线，错误符合题意；C、将家用电器的金属外壳接地，当用电器漏电时，电流就通过地线，流入大地，防止触电事故的发生，正确不合题意D、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，正确不合题意；故选B【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电！3如图所示器具中，属于省力杠杆的是（）A笤帚B筷子C独轮车D钓鱼杆【考点】杠杆的分类【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、笤帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、钓鱼杆在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆故选C【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂4如图所示，电源电压恒定，闭合开关S后，电路正常工作过了一会儿，两电表的示数都突然变大，则该电路中出现的故障是（）A电阻R断路B电阻R短路C灯L断路D灯L短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】（1）由图可知，灯L和电阻R串联，电压表测量电阻R两端电压，电流表测量电路电流；（2）根据电压表和电流表示数变大分析电路中的故障所在【解答】解：A、如果电阻R断路，则电流表示数为零，电压表测量电源电压，因此电压表示数变大不符合题意；B、如果电阻R短路，电路中电流变大，电压表示数变为零不符合题意；C、如果灯L断路，电流表示数变为零不符合题意；D、如果灯L1短路，电压表测量电源电压，示数变大；电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大符合题意故选D【点评】判断电路故障问题，是中考题中常见的题型，在不能直接确定故障原因时，可以采用数学上的“反证法”，将选项逐一代入题干，检查是否符合题意5生活处处有物理，下列关于生活中的物理知识说法错误的是（）A用筷子夹取食物时，利用了摩擦力B打开醋瓶能闻到酸味说明分子做无规则运动C驶员在驾驶车辆时需系上安全带是防止惯性带来的伤害D公交车内的破窗锤是通过增大受力面积的方法来减小压强【考点】分子的运动；惯性；摩擦力产生的条件；增大压强的方法及其应用【分析】（1）两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力；（2）物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则运动；（3）一切物体都有保持原有运动状态不变的性质，这就是惯性系安全带可以在很大程度上防止车辆因紧急刹车时，人由于惯性向前倾可能造成的伤害；（4）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强在受力面积一定时，增大压力来增大压强【解答】解：A、筷子能夹住食物放入嘴里而不掉下来，主要是靠筷子和食物之间存在摩擦力，该选项说法正确；B、打开醋瓶能迅速闻到醋的酸味，是扩散现象，说明了分子在运动，该选项说法正确；C、当汽车突然刹车时，驾驶员和坐在前排的乘客由于惯性仍保持原来的向前运动的状态，容易撞上前挡风玻璃，从而造成伤害，故必须系好安全带该选项说法正确；D、公交车内的破窗锤是通过减小受力面积的方法来增大压强，该选项说法错误故选D【点评】本题结合物理情境考查蕴含的物理知识，注重了物理和生活的联系，考查了学生学以致用的能力，是中考的热点6如图所示的四幅图片中，其中一幅所反映的光学原理与其他三幅不同的是（）A瞄准鱼下方叉鱼B 水中的倒影C 照相机D 水中的筷子【考点】光的反射【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的【解答】解：A、瞄准鱼下方叉鱼，是因为看到的鱼是光的折射形成的虚像，其原理为光的折射；B、平静水面上树的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；C、照相机照相属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的；D、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了综上分析，只有B选项所反映的光学原理与其他三幅不同故选B【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象7暑假时小明去南湖划船，坐在船上，下列说法正确的是（）A小明使用的船桨是费力杠杆B船前进时水的推力没有对船做功C船前进时，小明相对于船是运动的D小明对船的压力和船对小明的支持力是一对平衡力【考点】杠杆的分类；运动和静止的相对性；平衡力的辨别；力是否做功的判断【分析】（1）结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；（2）判断一个力对物体是否做功，关键要看物体是否在这个力的方向上移动一段距离；（3）判断物体的运动状态时，必须先选取一个标准作为参照物，相对于参照物的位置发生变化就是运动，位置没有发生变化则是静止；（4）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上【解答】解：A、因为船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，但省距离，故A正确；B、水的推力使船在力的方向上通过一段距离，符合做功的条件，因此水的推力对船做功，故B不正确；C、船前进时，小明相对于船的位置没有发生变化，因此小明相对于船是静止的，故C不正确；D、小明对船的压力和船对小明的支持力，大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，不是平衡力，故D不正确故选A【点评】本题综合性很强，考查了惯性、杠杆分类、运动和静止的相对性以及平衡力和相互作用力的区分，各知识点之间联系紧密，是一道典型题目8如图所示电路，电源电压保持不变，当开关S由闭合到断开时，电压表和电流表的示数将（）A电压表示数减小，电流表示数增大B电压表示数不变，电流表示数增大C电压表示数增大，电流表示数减小D电压表示数不变，电流表示数减小【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，当开关闭合时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测电源两端电压；当开关断开时，R1与R2串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流；根据电阻的串联判断电路中电阻的变化，利用欧姆定律判断两电表示数的变化【解答】解：当开关闭合时，电路为R2的简单电路，电压表测电源两端电压；当开关断开时，R1与R2串联，电压表测电源两端的电压；所以电压表示数不变；当开关闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，当开关断开时，R1与R2串联，电流表测串联电路中的电流；因为电阻越串越大、大于任何一个分电阻，所以开关S由闭合到断开时，电路中的总电阻变大；由I=可知，电源电压不变时，电路中的电流变小，即电流表的示数变小故选D【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，会分析开关闭合前后电路的变化是关键9如图所示，物体放在水平地面上，在拉力F作用下做匀速直线运动，如果重力突然消失了，以下说法正确的是（）A物体的机械能增加B物体仍然做匀速直线运动C物体受到的支持力对物体做了功D物体所受拉力与摩擦力是一对平衡力【考点】机械能；平衡力的辨别；力与运动的关系；力是否做功的判断【分析】（1）机械能包括动能和势能，根据动能和势能的变化可判断机械能的变化；（2）物体只有受平衡力或不受力时，才做匀速直线运动；（3）做功的两个必要因素是作用在物体上的力，以及物体在力的方向上通过的距离；（4）一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上【解答】解：A、物体放在水平地面上，在拉力F作用下做匀速直线运动，如果重力突然消失了，则压力消失，摩擦力消失，此时物体受非平衡力，因此将做加速运动，动能增大，同时势能不变，机械能增加，故A正确；B、由上述解析可知，物体摩擦力消失后只受拉力作用，因此物体不可能再做匀速直线运动，故B错误；C、重力消失时，支持力也消失，因此没有支持力对物体做功，故C错误；D、由上述解析可知，当重力消失时，压力消失，摩擦力消失，因此物体不再受平衡力，故B错误故选A【点评】对物体重力消失后对压力、摩擦力的影响，是解答的关键，通过物体运动状态的变化，可对选项中的内容做出判断10小灯泡L的额定电压为3V，它的IU图象如图甲所示，把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌上标有“10 2A”下列说法中错误的是（）A电源电压为4.5VB小灯泡的额定功率为1.5WC小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3D小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为2.5W【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；（2）由图象可知电压表的示数为3V时对应的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，根据P=UI求出此时滑动变阻器消耗的电功率【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，由图象可知，当电压表示数为1.5V时，电路中的电流I=0.3A，由I=可得，滑动变阻器两端的电压：U滑=IR滑=0.3A10=3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=UL+U滑=1.5V+3V=4.5V，故A正确，不符合题意；（2）由图象可知，灯泡两端的电压为3V时，电路中的电流I=0.5A，因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，所以，灯泡的额定功率：PL额=UL额I=3V0.5A=1.5W，故B正确，不符合题意；此时滑动变阻器两端的电压：U滑=UUL额=4.5V3V=1.5V，滑动变阻器接入电路中的电阻：R滑=3，故C正确，不符合题意；滑动变阻器消耗的电功率：P滑=U滑I=1.5V0.5A=0.75W，故D不正确，符合题意故选：D【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出电压对应的电流，要注意额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等二、填空题11有一种“超声波喷雾降温扇”在风扇转动时还可以喷出水雾喷雾可以增加空气中的水分，风扇吹风加快了空气中水分的蒸发（汽化），就加快了从周围物体吸收热量，从而达到降温的目的【考点】影响蒸发快慢的因素【分析】影响蒸发快慢的因素有：液体的温度、液体的表面积和液体表面的空气流动速度；要加热蒸发，可以升高液体的温度、增大液体的表面积和加快液体表面的空气流动速度；蒸发是汽化的一种，汽化要吸热【解答】解：喷雾可以增加空气中的水分，风扇吹风加快了空气的流动速度，从而加快了水分的蒸发；蒸发要从周围物体中吸收热量，从而起到降温的目的故答案为：蒸发（汽化）；吸收【点评】解答此题需要知道：蒸发的快慢和空气流动速度的关系；蒸发要吸热12许多渔船都装有“北斗卫星导航系统”，“北斗卫星导航”是通过电磁波与卫星进行信息传输的【考点】电磁波的传播【分析】导航仪是利用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星间可以相互传递信息【解答】解：我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是利用电磁波传递信息的故答案为：电磁波【点评】知道电磁波在生活中的实际应用是解决该题的关键13路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是并联（选填“串联”或“并联”）的，你的判断的依据是各个电脑能独立工作【考点】串联电路和并联电路的辨别【分析】用电器串联时，任何一只用电器开路，则其它用电器都不能正常工作；并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响【解答】解：同一台路由器为多台电脑提供网络服务，一台电脑不工作，其它电脑不受影响，所以根据并联电路的特点可知，各接口之间是并联的故答案为：并联；各个电脑能独立工作【点评】活中的电器大多数都是采用的并联连接，主要是各电器之间互不影响14寒冷的冬天，双手摩擦使手发热，是通过做功的方式改变手的内能；手捧暖水袋，使手变暖是通过热传递的方式改变手的内能（xx剑川县三模）铭牌为“6V 0.5A”的某用电器接在9V的电源上，为了使该用电器正常工作，需串联一个6的电阻【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律【分析】串联电路导体具有分压作用，因为电源电压大于灯泡正常工作电压，所以需要在电路中串联一个电阻分压使灯泡正常工作；根据串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电阻的阻值【解答】解：根据串联电路的分压特点可知，要使小灯泡在9V的电源上正常发光时应串联一个电阻分压，此时小灯泡两端的电压为6V，串联电路中总电压等于各分电压之和，电阻两端的电压：UR=UUL=9V6V=3V，串联电路各处的电流相等，由I=可得，电阻的阻值：R=6故答案为：串；6【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等以及串联电路的分压特点16一只小鸟在平静的湖面上飞过，当小鸟距水面3m时，小鸟在湖面的“倒影”是虚（填“实”或“虚”）像，它是由于光的反射现象形成的距湖面10m深的湖底有一块石头，受到湖水的压强是105Pa倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；（2）已知湖面10m深，根据p=gh可求得受到湖水的压强【解答】解：（1）因为平面镜成的像是虚像，平面镜的成像原理是光的反射；（2）石头受到湖水的压强p=gh=1.0103kg/m310N/kg10m=105Pa故答案为：虚；反射；105【点评】此题主要考查学生对液体压强的计算和平面镜成像特点的理解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答，还考查了光的折射现象的具体运用17兴趣小组的同学将一立方体木块放入水中，有的体积露出水面，则木块的密度是0.6103kg/m3（水的密度为1.0103kg/m3）【考点】阿基米德原理；密度的计算【分析】利用G=mg和可得木块重力，利用F浮=液gV排可得木块受到的浮力，根据木块漂浮在水面上，所受浮力等于其重力列出等式，即可解得木块的密度【解答】解：由题意知，木块漂浮在水面上，则所受浮力等于其重力，即G木=F浮，设木块的密度为木，由G=mg、和F浮=液gV排可得：木V木g=，则木=水=1.0103kg/m3=0.6103kg/m3故答案为：0.6103kg/m3【点评】本题考查了学生对重力公式、密度公式、阿基米德原理和密度计算的掌握和运用，知识点多、综合性强，根据木块漂浮浮力等于重力列出等式是本题的关键三、计算题18体积为30cm3，质量为158g的空心球，其空心部分注满水后测得质量为168g，则其空心部分的体积是多少？若把空心球压成实心球，其密度是多少？【考点】空心、混合物质的密度计算【分析】已知空心球和装满水后的总质量，可求水的质量；根据密度公式求出水的体积，也就是空心部分的体积；总体积减去空心部分的体积就是球为实心时的体积；最后利用公式=求出实心时的密度【解答】解：（1）空心球注满水时，水的质量：m水=m总m球=168g158g=10g，由=可得，空心部分的体积：V空=V水=10cm3；（2）把该空心球压成实心球后，球的体积：V球=V球=30cm310cm3=20cm3，实心球的密度：=7.9g/cm3答：其空心部分的体积是10cm3；若把该空心球压成实心球，其密度是7.9g/cm3【点评】本题考查质量、体积、密度的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是求空心部分的体积19如图所示，电源电压不变，R2=12，小灯泡L标有“6V 3W”字样（不考虑灯丝电阻变化）当S1、S2、S3都闭合时，小灯泡恰好正常发光，此时电流表示数为0.6A，求：（1）电源电压和定值电阻R1的值各为多大？（2）当S1闭合S2、S3断开时，小灯泡消耗的实际功率是多大？【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）当开关S1、S2、S3均闭合时，R2短路，灯L与R1并联，小灯泡恰好正常发光，由此可求得电源电压；根据欧姆定律可求得小灯泡电流，再根据并联电路的电流规律可求得R1电流，然后可求得电阻R1的值；（2）当开关S1闭合，S2和S3断开时，灯L与R2串联，根据“小灯泡L标有“6V 3W”字样”求得小灯泡的电阻，然后可求得电路中的总电阻，再利用欧姆定律可求得电路中的电流，然后利用P=I2R可求得小灯泡消耗的实际功率【解答】解：（1）当开关S1、S2、S3均闭合时，R2短路，灯L与R1并联因为灯L正常发光 所以由U源=UL=U1=6V；小灯泡电流：IL=0.5A，R1电流：I1=IIL=0.6A0.5A=0.1A，由I=可得，R1=60；（2）当开关S1闭合，S2和S3断开时，灯L与R2串联由I=可得小灯泡电阻：RL=12；电路总电阻：R总=RL+R2=12+12=24，电路中电流：I串=0.25A，小灯泡实际电功率：P实=RL=（0.25A）212=0.75W答：（1）电源电压为6V，定值电阻R1的值为60；（2）当S1闭合S2、S3断开时，小灯泡消耗的实际功率是0.75W【点评】此题涉及到并联电路的电流规律，欧姆定律公式及其变形的应用，串联电路的电流特点，电功率的计算等多个知识点，是一道综合性较强的题目四、综合题20按要求作图（1）如图甲所示，请画出用起子开启瓶盖时力F的力臂（2）如图乙所示，小明想让室外太阳光照射到盆中花上的B处，请你在图中把光路补充完整并过A点画出放置的平面镜（3）如图丙所示，小磁针在通电螺线管的磁场中静止不动，请标出电源的“+”极和小磁针的N极【考点】力臂的画法；作光的反射光路图；通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】（1）在杠杆上，支点指的是杠杆绕着转动的点，阻力是阻碍杠杆转动的力，力臂是支点到力的作用线的距离此题中支点为点O，动力力臂为支点O到F1的作用线的距离（2）首先根据已知条件确定反射光线，根据反射角等于入射角确定法线，作法线的垂线即镜面的位置（3）根据电流表的接线柱可确定电源的正负极，根据安培定则可知螺线管的极性，再利用磁极间的相互作用可确定的小磁针的NS极【解答】解：（1）用起子开瓶盖时，根据用力情况，起子与瓶盖上面接触的点O为支点，过支点O作力F的作用线的垂线段，标出力臂符号L如图所示：（2）连接AB，此线即为反射光线，然后作出入射光线和反射光线夹角的角平分线，即为法线；再作一条线段与法线垂直，该线段的位置即为镜子的位置如图所示：（3）由电流表的接线柱可知，电源右端为正极，由安培定则可知，螺线管右端为N极，由磁极间的相互作用可知，小磁针左端为N极，如图所示：【点评】（1）本题考查了力臂的画法作力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段（2）光的反射定律不仅要记熟内容，还要会灵活应用，会由入射光线画出反射光线或由反射光线画出入射光线或由反射光线和入射光线画出平面镜的位置（3）此题主要考查对磁极间的相互作用以及右手螺旋定则的掌握情况21如图所示是“探究水的沸腾”实验：（1）安装实验器材时应按照自下而上（填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行水沸腾时温度计示数如图A所示，为98，水在沸腾过程中吸热（2）甲、乙两组同学绘制出的温度随时间变化图象如图B所示，试分析乙组加热至沸腾时间较长的可能原因是水的质量较大【考点】探究水的沸腾实验【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；（2）在进行温度计的读数时，注意其分度值；水的沸点指水沸腾时的温度；水沸腾的特点是吸收热量但温度不变，影响沸腾加热时间的因素有：水的多少、水的初温等【解答】解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，因此必须按照自下而上的顺序进行由图知，温度计的分度值为1，其示数为98，水在沸腾过程中需要吸收热量，温度不变（2）通过图象可知，乙组加热到沸腾所用时间较长，其原因是水的质量较大、或水的初温较低、或酒精灯的火焰较小等故答案为：（1）向下而上；98；吸；（2）水的质量较大【点评】本题“探究水的沸腾”实验，考查了有关实验仪器的调节，考查了影响水沸腾时间的因素及液体沸腾条件的分析22小明测量额定电压为3.8V小灯泡的电功率，电源电压恒为6V，连接电路时，他发现电压表的015V量程已损坏，只能用O3V量程（1）请用笔画线代替导线，在图甲中将小明的实物电路连接完整（2）连好电路，闭合开关前，滑片P应放在最右端，目的是保护电路闭合开关，移动变阻器的滑片到某一点，电压表的示数为2.2时，小灯泡正常发光，电流表的指针位置如图乙所示，则小灯泡的额定功率为0.76W（3）小明完成实验后，他改变滑动变阻器的阻值，记录电流表、电压表的几组实数，然后确认小灯泡的电流、电压，算出几组电阻值，求出平均得到小灯泡正常发光的电阻，他的方法是不正确（选填“正确”或“不正确”）【考点】电功率的测量；串联电路的电压规律【分析】（1）电压表的015V档已损坏，电压表可以改用03V量程，与滑动变阻器并联，根据电表连接要求完成实物连接；（2）根据串联电路电压的特点，可知当电压表示数为2.2V时，灯泡电压为3.8V，灯正常发光；根据电流表小量程读数，根据公式P=UI计算额定功率；（3）灯泡的电阻随温度的变化变化，不是一个定值，求平均值没有意义，灯正常发光时的电阻只能用灯的额定电压与对应的电流比值求出；【解答】解：（1）小明测量额定电压为3.8V小灯泡的电功率，电源电压恒为6V，连接电路时，他发现电压表的015V量程已损坏，只能用03V量程根据串联电路电压的特点，可以把电压表与滑阻并联，当电压表示数为6V3.8V=2.2V3V时，灯一定正常发光，实物电路连接如下图：（2）连好电路，闭合开关前，为保护电路，滑片P应放在阻值最大的位置，即最右端；闭合开关，移动变阻器的滑片到某一点，电压表的示数为2.2V时，灯泡正常发光，电流表的指针位置如图乙所示，由图乙知，电流表小量程的分度值为0.02A，示数为0.2A，则小灯泡的额定功率为P=UI=3.8V0.2A=0.76W；（3）小明完成实验后，他改变滑动变阻器的阻值，记录电流表、电压表的几组实数，然后确认小灯泡的电流、电压，算出几组电阻值，因灯泡的电阻随温度的变化变化，不是一个定值，求平均值没有意义，灯正常发光时的电阻只能用灯的额定电压与对应的电流比值求出，因此他的方法不正确故答案为：（1）如上图所示；（2）最右；保护电路；2.2V；0.76；（3）不正确【点评】本题测量灯的电功率，考查电路的连接、注意事项、额定功率的计算及对数据的处理方法等知识，是中考的热点问题，要熟练掌握23小明利用凸透镜成像规律的装置做了以下一些探究活动（1）调节蜡烛、凸透镜、光屏的位置，在光屏上得到了烛焰清晰的像，他用手指指尖触摸到了凸透镜的上半部分，这时观察到光屏上不会（填“会”或“不会”）出现指尖的像，光屏上烛焰的像会变暗（填“亮”或“暗”）些（2）将一只眼镜片放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来烛焰清晰的像变模糊了，使光屏远离透镜，又能在光屏上看到烛焰清晰的像由此可见，这只眼镜片是近视（填“近视”或“远视”）眼镜片，这种眼镜片对光线有发散（填“会聚”或“发散”）作用【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）若物体处于1倍焦距内，光屏上不能成像，只能看到一个正立、放大的虚像；如果凸透镜的口径大，透过的光多，像就亮；口径小，透过的光少，像就暗（2）近视眼镜是凹透镜，当近视眼镜靠近凸透镜时，会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方；近视眼的晶状体变厚，会聚能力增强，像距减小，像呈在视网膜的前方；戴近视眼镜使光线发散一些，使像距增大，使像呈在视网膜上【解答】解：（1）用手指指尖触摸到了凸透镜的上半部分，手指处于凸透镜的1倍焦距以内，故此时成虚像，不能成在光屏上，所以在光屏上不能看到手指尖的像；且虽然整个物体发出的光虽有一部分被挡住，但总会有一部分光通过上半部分凸透镜而会聚成像，因此，像与原来相同显示像的全部；由于折射出的光线与原来相比减少了，故像会变暗（2）只将光屏向远离凸透镜的方向移动适当距离时，又在光屏上观察到蜡烛清晰的像，说明物距不变，像距增大了，也就是眼镜对光线有发散作用，因此这只眼镜是凹透镜故答案为：（1）不会；暗；（2）近视；发散【点评】本题涉及到的凸透镜的会聚作用、凹透镜的发散作用、近视眼的原因和矫正等，综合性很强，试题具有一定的难度24用一支平底试管（厚度忽略不计），一个装有足量水的水槽和一把刻度尺，设计一个可以测量液体密度的装置（1）将试管中装入高度为h1的水，放入水槽中静止，标出试管外水面的位置A、（2）将空试管放入水槽中，不断向试管内加入待测液体，直至槽中水面到达A点（3）取出试管，测量试管中液体的高度h2，则液体密度的表达式为液=水【考点】设计实验测密度【分析】在左图中，试管受到的浮力等于试管和水的总重；在右图中，试管受到的浮力等于试管和液体的总重；因为试管外水面的位置都在A，排开水的体积相同，试管受到的浮力相同，据此列方程求解【解答】解：（12）实验步骤：将试管中装入高度为h1的水，放入水槽中静止，标出试管外水面的位置A；将空试管放入水槽中，不断向试管内加入待测液体，直至槽中水面到达A点；取出试管，测量试管中液体的高度h2（2）计算：设试管的横截面积为S，在左图中，试管受到的浮力F浮1=G试管+G水=G试管+水Sh1，在右图中，试管受到的浮力F浮2=G试管+G液=G试管+液Sh2，因为试管外水面的位置都在A，排开水的体积相同，试管受到的浮力相同，即F浮1=F浮2，G试管+水Sh1=G试管+液Sh2，水Sh1=液Sh2，解得：液=水故答案为：（2）槽中水面到达A点；（3）试管中液体；液=水【点评】本题考查了液体密度的测量，根据两次试管受到的浮力相同、总重相同列出方程是解题的关键25小明利用如图所示装置探究液体压强的特点（已知隔板在容器的中央）（1）向隔板左侧倒水，发现橡皮膜向右侧凸起，如图甲所示，这说明液体对容器侧壁有压强向左侧倒的水越多，橡皮膜凸起的程度越明显，这说明液体压强随深度的增加而增大（2）再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜恢复原状（如图乙所示），则此时A、B两点的液体压强关系：PAPB【考点】探究液体压强的特点实验【分析】（1）液体对容器侧壁有压强；同种液体中，深度越深，液体压强越大（2）由橡皮膜恢复原状可知，橡皮膜两边受到液体的压强相等，根据据公式p=gh判断液体的密度，从而确定pA、pB的大小关系【解答】解：（1）向隔板左侧倒水，发现橡皮膜向右侧凸起（如图甲所示），这说明液体对容器侧壁有压强；在液体密度不变的情况下，向左侧倒的水越多，橡皮膜凸起的程度越明显，这说明液体压强随深度的增加而增大；（2）由橡皮膜恢复原状可知，橡皮膜两边受到液体的压强相等，从图中可看出，橡皮膜左侧的液体深度小，根据据公式p=gh，p相等时，h越小，越大，所以液水；由于橡皮膜以上左右两侧液体产生的压强相等，橡皮膜以下液体产生的压强在深度相同时只与液体的密度有关，由于液水，由P=gh可知，左边的液体产生的压强大，所以pApB故答案为：（1）压强；增大；（2）【点评】本题考查了液体压强的特点、利用控制变量法对液体压强的公式p=gh分析和应用，在实验过程和理论推导中注意怎样控制变量和改变变量26图甲是一个电子拉力计原理图硬质弹簧右端和金属滑片P固定在一起（P与R1间的摩擦不计）电压表量程为03V，a、b是一根长为6cm的均匀电阻丝，阻值R1=30，电源电压U=6V（1）要保证电压表能正常工作，电路中R0至少应为30（2）当拉环不受拉力时，滑片P处于a端，闭合开关后电压表的示数是多少？（3）已知该弹簧伸长的长度L与所受拉力F间的关系如图乙所示，若R0=45，通过计算说明，开关S闭合后，当电压表指针指在0.8V处，作用在拉环上水平向右的拉力为多大？此拉力器的量程为多少？【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）根据串联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值（2）根据电路图分析答题（3）由串联电路特点与欧姆定律求出与电压表并联的电阻阻值，然后求出弹簧的伸长量，再求出拉力大小；最后由图象求出拉力器的量程【解答】解：（1）电压表示数为3V时，电路电流：I=0.1A，此时电阻R0的阻值：R0=30；（2）由图示可知，滑片在a端时，电压表所测电压为零，电压表示数为0V（3）电路电流：I=0.08A，与电压表并联电阻的阻值：RaP=10，弹簧的伸长量：L=10=2cm，由图乙所示图象可知，此时拉力为：200N；由图乙所示图象可知，拉力器的量程为：0600N；故答案为：（1）30；（2）当拉环不受拉力时，滑片P处于a端，闭合开关后电压表的示数是0V；（3）作用在拉环上水平向右的拉力为200N，此拉力器的量程为0600N【点评】本题考查了求电阻、电压、拉力与拉力器量程问题，分析清楚电路结构、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题，解题时要注意分析图乙所示图象