2019-2020年高中数学竞赛辅导资料《二项式定理与多项式》.doc

2019-2020年高中数学竞赛辅导资料二项式定理与多项式1二项工定理2二项展开式的通项 它是展开式的第r+1项.3二项式系数 4二项式系数的性质（1）（2）（3）若n是偶数，有，即中间一项的二项式系数最大. 若n是奇数，有，即中项二项的二项式系数相等且最大.（4）（5）（6）（7）（8） 以上组合恒等式（是指组合数满足的恒等式）是证明一些较复杂的组合恒等式的基本工具.（7）和（8）的证明将在后面给出.5证明组合恒等式的方法常用的有（1）公式法，利用上述基本组合恒等式进行证明.（2）利用二项式定理，通过赋值法或构造法用二项式定理于解题中.（3）利用数学归纳法.（4）构造组合问题模型，将证明方法划归为组合应用问题的解决方法.例题讲解1求的展开式中的常数项.2求的展开式里x5的系数.3已知数列满足 求证：对于任何自然数n，是x的一次多项式或零次多项式. 4已知a，b均为正整数，且求证：对一切，An均为整数.5已知为整数，P为素数，求证：6若，求证：7数列中，求的末位数字是多少？8求N=19881的所有形如为自然数）的因子d之和.9设，求数x的个位数字.10已知试问：在数列中是否有无穷多个能被15整除的项？证明你的结论.课后练习1已知实数均不为0，多项的三根为，求 的值.2设，其中为常数，如果求的值.3定义在实数集上的函数满足：4证明：当n=6m时，5设展开式为，求证：6求最小的正整数n，使得的展开式经同类项合并后至少有1996项.7设，试求：（1）的展开式中所有项的系数和.（2）的展开式中奇次项的系数和.8证明：对任意的正整数n，不等式成立.例题答案：1.解：由二项式定理得 其中第项为 在的展开式中，设第k+1项为常数项，记为则 由得r2k=0，即r=2k，r为偶数，再根据、知所求常数项为评述：求某一项时用二项展开式的通项.2. 解：因为 所以的展开式里x5的系数为 评述：本题也可将化为用例1的作法可求得.3. 分析：由是等差数列，则从而可将表示成的表达式，再化简即可.解：因为 所以数列为等差数列，设其公差为d有 从而由二项定理，知又因为从而 所以当的一次多项式，当零次多项式.4. 分析：由联想到复数棣莫佛定理，复数需要，然后分析An与复数的关系.证明：因为显然的虚部，由于 所以从而的虚部.因为a、b为整数，根据二项式定理，的虚部当然也为整数，所以对一切，An为整数.评述：把An为与复数联系在一起是本题的关键.5. 证明：由于为整数，可从分子中约去r！，又因为P为素数，且，所以分子中的P不会红去，因此有所以评述：将展开就与有联系，只要证明其余的数能被P整除是本题的关键.6. 分析：由已知 猜想，因此需要求出，即只需要证明为正整数即可.证明：首先证明，对固定为r，满足条件的是惟一的.否则，设则矛盾.所以满足条件的m和是惟一的. 下面求.因为 又因为 所以 故 评述：猜想进行运算是关键.7. 分析：利用n取1，2，3，猜想的末位数字.解：当n=1时，a1=3， ，因此的末位数字都是7，猜想， 现假设n=k时， 当n=k+1时， 从而 于是 故的末位数字是7.评述：猜想是关键.8. 分析：寻求N中含2和3的最高幂次数，为此将19变为201和18+1，然后用二项式定理展开.解：因为N=19881=(201)881=(145)881= 其中M是整数. 上式表明，N的素因数中2的最高次幂是5. 又因为N=(1+29)881 =32288+34P=32（288+9P）其中P为整数. 上式表明，N的素因数中3的最高次幂是2. 综上所述，可知，其中Q是正整数，不含因数2和3. 因此，N中所有形如的因数的和为(2+22+23+24+25)(3+32)=744.9. 分析：直接求x的个位数字很困难，需将与x相关数联系，转化成研究其相关数.解：令，由二项式定理知，对任意正整数n. 为整数，且个位数字为零.因此，x+y是个位数字为零的整数.再对y估值，因为， 且，所以 故x的个位数字为9.评述：转化的思想很重要，当研究的问题遇到困难时，将其转化为可研究的问题.10. 分析：先求出，再将表示成与15有关的表达式，便知是否有无穷多项能被15整除.证明：在数列中有无穷多个能被15整除的项，下面证明之.数列的特征方程为它的两个根为，所以 （n=0，1，2，）由 则取，由二项式定理得由上式知当15|k，即30|n时，15|an，因此数列中有无穷多个能被15整除的项.评述：在二项式定理中，经常在一起结合使用.