2019-2020年高考物理二轮总复习 10-2闭合电路欧姆定律回归基础提分课时练习.doc

2019-2020年高考物理二轮总复习 10-2闭合电路欧姆定律回归基础提分课时练习一、选择题(共10小题，每小题6分，共60分，在每小题给出的四个选项中至少有一项符合题意，全部选对的得6分，漏选的得3分，错选的得0分)1(广东)如图所示，电动势为E、电阻不计的电源与三个灯泡和三个电阻相接，只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作如果再合上S2，则下列表述正确的是()A电源输出功率减小BL1上消耗的功率增大C通过R1上的电流增大D. 通过R3上的电流增大【解析】本题考查直流电路问题，意在考查考生对闭合电路的动态变化分析电源不计内阻，其输出电压等于电动势当闭合S2时，电路的外电阻R变小，电路电流变大，故C正确；电源的输出功率P出，所以电源输出功率应该变大，A错误；因并联部分两端的电压U并EUR1，闭合S2时UR1变大，所以U并变小，L1上消耗的功率变小，通过R3的电流也是变小的，故B、D错误【答案】C2(江苏)在如图所示的闪光灯电路中，电源的电动势为E，电容器的电容为C，当闪光灯两端电压达到击穿电压U时，闪光灯才有电流通过并发光正常工作时，闪光灯周期性短暂闪光，则可以判定()A电源的电动势E一定小于击穿电压UB电容器所带的最大电荷量一定为CEC闪光灯闪光时，电容器所带的电荷量一定增大D在一个闪光周期内，通过电阻R的电荷量与通过闪光灯的电荷量一定相等【解析】本题考查含容电路部分知识，意在考查考生对含容电路的处理能力电源的电动势一定大于击穿电压U，电容器所带的最大电荷量为CU，闪光灯闪光时电容器两端电压减小，电容器的电荷量减小，在一个闪光周期内电容器上电荷变化量为零，则通过电阻的电荷量等于通过闪光灯的电荷量，D正确【答案】D3(广东理基)如图所示是一实验电路图在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是()A路端电压变小B电流表的示数变大C电源内阻消耗的功率变小D电路的总电阻变大【答案】A4(湖北黄冈调研)在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r.L1、L2是两个小灯泡闭合S后，两灯均能发光当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，会出现()AL1变暗L2变暗BL1变亮L2变暗CL1变亮L2变亮 DL1变暗L2变亮【解析】当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，R的有效阻值变大，R与L2并联电阻变大，电路中R总变大，所以电路中总电流I总减小，即通过L1的电流变小，故L1变暗，UL2EI总(rRL1)，UL2变大，L2实际消耗功率变大，故L2变亮，所以D选项正确【答案】D5(xx广东卷)用电压表检查如下图电路中的的故障，测得Uad5.0V，Ucd0V，Ubc0V，Uab5.0V.则此故障可能是()AL断路BR断路CR 断路 DS断路【解析】Uad5.0V说明a到电源正极，d到电源负极均为通路Uab5.0V，说明a到电源正极，b到电源负极，均为通路，判断故障可能是R断路【答案】B6(安徽合肥联考)右图为大型电子地磅电路图，电源电动势为E，内阻不计不称物体时，滑动触头P在A端，滑动变阻器接入电路的有效电阻最大，电流较小；称重物时，在压力作用下使滑动触头P下滑，滑动变阻器有效电阻变小，电流变大这样就把电流对应的重力值刻在刻度盘上，就可以读出被称物体的重力值若滑动变阻器上A、B间距离为L，最大阻值等于定值电阻阻值R0，已知两弹簧的总弹力与形变量成正比，比例系数为k，则所称重物的重力G与电流大小I的关系为()AG2kL BGkLCGkL DGkIL【解析】由于滑动触头P的移动，所以接入电路的电阻随重物的增加而减小，设所称重物的重力为G时，弹簧压缩x(APx)，则电路中的总电阻为R0R0，由闭合电路欧姆定律可得EI(R0R0)，由牛顿第三定律和胡克定律得Gkx，由两式解得G2kL，故选项A正确【答案】A7(福州市调研)在如下图所示的电路图中，C是极板水平放置的平行板电容器，开关S1、S2、S3、S4均闭合时，板间悬浮着一油滴P，若P向下运动则断开的开关可能为()AS1BS2CS3DS4【解析】当S1和S3断开时，电容器即不会充电又不会放电，所以P仍处于悬浮状态，即A、C错误；当断开S2时，电容器两端的电压会减小，P会向下运动，当断开S4时，电容器会通过R5放电，P会向下运动，所以BD正确【答案】BD8如图所示的电路中，R3是光敏电阻，当开关S闭合后，在没有光照射时，a、b两点等电势，当用光照射电阻R3时，则()AR3的电阻变小，a点电势高于b点电势BR3的电阻变小，a点电势低于b点电势CR3的电阻变大，a点电势高于b点电势DR3的电阻变大，a点电势低于b点电势【解析】根据光敏电阻的特性可知，当光照射电阻R3时，R3的电阻变小，闭合电路的外电阻减小，总电流增大，而路端电压变小，故通过R1、R2的电流减小，R2两端的电压变小，b点电势降低通过R3、R4的电流增大，R4两端的电压变大，a点电势升高，所以a点电势高于b点电势【答案】A9如图所示的电路中，A、B两灯原来正常发光，忽然B灯比原来亮了，这是因为电路中某一处发生断路故障造成的，那么发生这种故障可能是(电源内阻不计)()AR1断路BR2断路CR3断路D灯A断路【解析】由于电源内阻不计，故路端电压为电源的电动势，所以R1断路时，灯A和B两端电压不变，故B灯亮度不会发生变化，故A选项错误对B选项，当R2断路时，会使A灯两端电压升高，B灯两端电压降低，B灯应变暗，故B选项错误，同理可知D选项也错误对于C选项，当R3断路时，会使B灯两端电压升高，A灯两端电压降低，故B灯变亮，因此正确选项为C.【答案】C10在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示，当开关闭合后，下列判断正确的是()A灯泡L1的电阻为12B通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C灯泡L1消耗的电功率为0.75WD灯泡L2消耗的电功率为0.30W【解析】当L1两端电压为3.0V时，IL10.25A.由于I得R12，A正确由P1I1U10.253W0.75W，C正确因L2、L3的两电阻相等，即L2、L3两端电压各为1.5V，由图可知I20.20A，即可得出灯泡L2消耗的电功率为P2I2U20.201.5W0.30W，D正确【答案】ACD二、论述、计算题(本题共3小题，共40分，解答时应写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不得分，有数值计算的题，答案中必须明确数值和单位)11三只灯泡L1、L2和L3的额定电压分别为1.5V、1.5V和2.5V，它们的额定电流都为0.3A.若将它们连接成如图(甲)、(乙)所示电路，且灯泡都能正常发光，(1)试求题图(甲)电路的总电流和电阻R2消耗的电功率；(2)分别计算两电路电源提供的电功率，并说明哪个电路更节能【解析】(1)由题意，在图(甲)电路中：电路的总电流I总IL1IL2IL30.9AU路端EI总r2.55VUR2U路端UL30.05VIR2I总0.9A电阻R2消耗功率PR2IR2UR20.045W.(2)图(甲)电源提供的电功率P总I总E0.93W2.7W，图(乙)电源提供的电功率P总I总E0.36W1.8W，由于灯泡都正常发光，两电路有用功率相等，而P总P总，所以，图(乙)电路比图(甲)电路节能【答案】(1)0.9A0.045W(2)2.7W1.8W图(乙)电路更节能12(xx四川绵阳一中检测)如图所示，一个质量为m4103kg、电荷量q3104C带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置的足够大的平行金属板中的O点，已知两板相距d0.1m.合上开关后，小球静止时细线与竖直方向的夹角为，电源电动势E12V，内阻r2，电阻R14，R2R3R412.g取10m/s2.求：(1)通过电源的电流；(2)夹角的大小【解析】(1)R2与R3并联后的电阻值R236由闭合电路欧姆定律得：I1A(2)电容器两板间的电场强度E小球处于静止状态，由平衡条件得：qEmgtan代入数据解得：tan0.75，3713(xx黄冈质检)如图所示，电路中电源电动势为E，内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，板长为L，在A板的左端且非常靠近极板A的位置，有一质量为m、电荷量为q的小液滴以初速度v0水平向右射入两板间(重力加速度用g表示)则：(1)若使液滴恰能沿v0方向射出电场，电动势E1应为多大？(2)若使液滴恰能从B板右端边缘射出电场，电动势E2应为多大？【解析】(1)I则UABIRE1由液滴受力平衡mg联立得E12mgd/q(2)由于液滴能从B板右端边缘飞出，利用平抛运动规律有：Lv0tydat2qUAB/dmgma同理UABE2由以上各式得E2(g)