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固基础自我诊断,破疑难深化探究,冲关练两级集训,第2讲 孟德尔的豌豆杂交实验(二) 考纲定位 1.基因的自由组合定律() 2.孟德尔遗传实验的科学方法(),课后限时自测,提能力专项培优,(1)F1的表现型是_。 (2)F2的表现型及其比例是 _ _。,黄色圆粒,黄色圆粒黄色皱粒绿色 圆粒绿色皱粒,9331,(3)如果亲本的杂交实验改为P：纯合黄色皱粒纯合绿色圆粒，那么F1、F2的性状表现及比例与上述杂交实验相同吗？_。 (4)F2中黄色绿色_，圆粒皱粒_，该比例关系说明两对相对性状都遵循基因的_。,F1的性状相同，F2的性状与比例也相同,31,31,分离定律,二、对自由组合现象的解释 P YYRR(黄色圆粒)yyrr(绿色皱粒),1F1(YyRr)产生的配子及其结合方式 (1)F1产生的配子： 雄配子种类及比例： _。 雌配子种类及比例： _。 (2)F1配子的结合： 雌、雄配子_结合。 结合方式有_种。,YRYryRyr1111,YRYryRyr1111,随机,16,2试写出F2四种表现型包含的基因型 (1)黄色圆粒：_；_；_；_。 (2)黄色皱粒：_；_。 (3)绿色圆粒：_；_。 (4)绿色皱粒：_。,YYRR,YYRr,YyRR,YyRr,YYrr,Yyrr,yyRR,yyRr,yyrr,三、基因自由组合定律的实质 (1)位于非同源染色体上的非等位基因的_或_是互不干扰的； (2)在_过程中，_基因彼此分离的同时，_基因自由组合。 四、孟德尔获得成功的原因 (1)正确选用_。 (2)对性状分析由_到_。 (3)对实验结果进行_分析。 (4)科学地设计了_。,分离,组合,减数分裂,同源染色体上的等位,非同源染色体上的非等位,实验材料,一对,多对,统计学,实验程序,一、思考判断 1表现型相同的生物，基因型一定相同。( ) 2基因A、a和基因B、b分别位于不同对的同源染色体上，一个亲本与aabb测交，子代基因型为AaBb和Aabb，分离比为11，则这个亲本基因型为AABb。( ) 3在自由组合遗传试验中，先进行等位基因的分离，再实现非等位基因的自由组合。( ) 4基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交，则表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16。( ),5基因型为AaBBccDD的二倍体生物，可产生不同基因型的配子种类数是8。( ) 6(2012江苏高考)非等位基因之间自由组合，不存在相互作用。( ),二、图示识读 据测交实验遗传图解回答下列问题：,(1)测交后代出现4种表现型且比例为1111的原因是什么？ (2)如何利用测交实验验证自由组合定律？ 【提示】 (1)F1产生了4种比例相等的配子。 (2)据测交后代是否出现4种比例相等的表现型。,考点1 两对相对性状的遗传实验分析和结论,F2,2相关结论 F2共有16种配子组合方式，9种基因型，4种表现型。,3基因自由组合定律的细胞学基础,1F2中重组类型所占比例并不都是6/16 (1)当亲本基因型为YYRR和yyrr时，F2中重组性状所占比例是3/163/166/16。 (2)当亲本基因型为YYrr和yyRR时，F2中重组性状所占比例是1/169/1610/16。 2配子的随机结合不是基因的自由组合，基因的自由组合发生在减数第一次分裂过程中，而不是受精作用时。,3并非所有的非等位基因都遵循自由组合定律 减数第一次分裂后期自由组合的是非同源染色体上的非等位基因(如下图甲中基因a、b)，同源染色体上的非等位基因(如图乙中基因A、C)，则不遵循自由组合定律。,4基因连锁与互换现象 若基因型为AaBb测交后代出现四种表现型，但比例为两多两少(如42%42%8%8%)或测交后代有两种表现型，比例为11，则说明基因A、B位于一条染色体上，基因a、b位于另一条同源染色体上，如图所示。,角度1 考查对两对相对性状遗传实验的分析 1(2015南京模拟)牵牛花的叶子有普通叶和枫形叶两种，种子有黑色和白色两种。现用纯种的普通叶白色种子和纯种的枫形叶黑色种子作为亲本进行杂交，得到的F1为普通叶黑色种子，F1自交得F2，结果符合基因的自由组合定律。下列对F2的描述中错误的是( ),AF2中有9种基因型、4种表现型 BF2中普通叶与枫形叶之比为31 CF2中与亲本表现型相同的个体大约占3/8 DF2中普通叶白色种子个体的基因型有4种 【思路点拨】 解答本题的思路为： 判断两对性状的显隐性 确定亲本及F1的基因型 分析F2中基因型、表现型及比例,解析 由题干信息可知，F2共有9种基因型、4种表现型，其中与亲本表现型相同的个体大约占3/163/163/8；F2中普通叶白色种子的个体有纯合和杂合2种基因型。 答案 D,2(2015潍坊质检)某植物的基因型为AaBb，两对等位基因独立遗传，在该植物的自交后代中，表现型不同于亲本且能稳定遗传的个体所占的比例为( ) A3/16 B1/4 C3/8 D5/8 解析 基因型为AaBb的植物自交，16种组合，子代有4种表现型，且每一种表现型中均有一个纯合子(AABB、aaBB、AAbb、aabb)，故该植物的自交后代中，表现型不同于亲本且能稳定遗传的个体所占的比例为3/16。 答案 A,角度2 考查对自由组合定律的理解 3(2015执信中学期中)最能正确表示基因自由组合定律实质的是( ),解析 基因的自由组合定律的实质是在减数分裂产生配子的过程中，等位基因分离非同源染色体上的非等位基因自由组合。 答案 D,考点2 用分离定律解决自由组合定律问题的思路方法 1基本思路分解组合法(“乘法原理”和“加法原理”)。 (1)原理：分离定律是自由组合定律的基础。 (2)思路：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。,在独立遗传的情况下，有几对基因就可分解为几个分离定律问题，如AaBbAabb可分解为如下两个分离定律：AaAa、Bbbb，然后按照数学上的“乘法原理”和“加法原理”根据题目要求的实际情况进行重组。此法“化繁为简，高效准确”。,2题型及方法 (1)配子类型的问题 具有多对等位基因的个体，在减数分裂时，产生配子的种类数是每对基因产生配子种类数的乘积。 多对等位基因的个体产生某种配子的概率是每对基因产生相应配子概率的乘积。,示例：某生物雄性个体的基因型为AaBbcc，这三对基因为独立遗传，则它产生的精子的种类有：,(2)基因型类型的问题 任何两种基因型的亲本相交，产生的子代基因型的种类数等于亲本各对基因单独相交所产生基因型种类数的乘积。 子代某一基因型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应基因型概率的乘积。,示例：AaBbCc与AaBBCc杂交后代的基因型种类：,(3)子代表现型种类的问题 示例：AaBbCcAabbCc，其杂交后代可能的表现型数先分解为三个分离定律： AaAa后代有2种表现型； Bbbb后代有2种表现型； CcCc后代有2种表现型。 所以AaBbCcAabbCc，后代中有2228种表现型。,(4)子代基因型、表现型的比例 示例：求ddEeFF与DdEeff杂交后代中基因型和表现型比例分析：将ddEeFFDdEeff分解： ddDd后代：基因型比11，表现型比11； EeEe后代：基因型比121，表现型比31； FFff后代：基因型1种，表现型1种。 所以，后代中： 基因型比为(11)(121)1121121； 表现型比为(11)(31)13131,(5)性状分离比推断基因型 9331AaBbAaBb 1111AaBbaabb或AabbaaBb 3311AaBbAabb或AaBbaaBb 31AabbAabb、AaBBAaBB、AABbAABb等(只要其中一对符合一对相对性状遗传实验的F1自交类型，另一对相对性状杂交只产生一种表现型即可)。,n对等位基因(完全显性)自由组合的计算方法,角度1 由亲代推子代 4已知A与a、B与b、C与c，3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AaBbcc的两个体进行杂交。其中AA、Aa、aa三种基因型的个体表现型不同。下列关于杂交后代的推测，正确的是( ) A表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16 B表现型有8种，aaBbcc个体的比例为1/16 C表现型有12种，Aabbcc个体的比例为1/18 D表现型有12种，aaBbCc个体的比例为1/16,解析 此题考查基因自由组合定律的应用。A与a、B与b、C与c，3对等位基因按自由组合定律遗传。分析每对基因杂交后代表现型为：AaAa后代为3种表现型，BbBb后代为2种表现型，Cccc后代为2种表现型，后代表现型共12种。aaBbCc个体的比例为1/41/21/21/16。 答案 D,5(2014海南高考)基因型为AaBbDdEeGgHhKk个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则下列有关其子代叙述正确的是( ) A1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64 B3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128 C5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256 D6对等位基因纯合的个体出现的概率与6对等位基因杂合的个体出现的概率不同,解析 1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率C712/4(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)7/128，A错；3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率C732/42/42/4(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)35/128，B正确；5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率C752/42/42/42/42/4(1/41/4)(1/41/4)21/128，C错；,6对等位基因纯合的个体出现的概率C712/4(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)7/128，6对等位基因杂合的个体出现的概率C712/42/42/42/42/42/4(1/41/4)7/128，相同，D错误。 答案 B,角度2 由子代推亲代 6(2014山东高考节选)果蝇的灰体(E)对黑檀体(e)为显性；短刚毛和长刚毛是一对相对性状，由一对等位基因(B，b)控制。这两对基因位于常染色体上且独立遗传。用甲、乙、丙三只果蝇进行杂交实验，杂交组合、F1表现型及比例如下：,(1)根据实验一和实验二的杂交结果，推断乙果蝇的基因型可能为_或_。若实验一的杂交结果能验证两对基因E，e和B，b的遗传遵循自由组合定律，则丙果蝇的基因型应为_。 (2)实验二的F1中与亲本果蝇基因型不同的个体所占的比例为_。,解析 根据实验一中灰体黑檀体11，短刚毛长刚毛11，得知甲乙的基因型可能为EeBbeebb或者eeBbEebb。同理由实验二的杂交结果，推断乙和丙的基因型应为eeBbEeBb，所以乙果蝇的基因型可能为EeBb或eeBb。若实验一的杂交结果能验证两对基因E，e和B，b的遗传遵循自由组合定律，则甲乙的基因型可能为EeBbeebb，乙的基因型为EeBb，则丙果蝇的基因型应为eeBb。,(2)实验二亲本基因型为eeBbEeBb，F1中与亲本果蝇基因型相同的个体所占的比例为1/21/21/21/21/2，所以基因型不同的个体所占的比例为1/2。 答案 (1)EeBb eeBb(注：两空可颠倒) eeBb (2)1/2,考点3 对自由组合定律的9331变式分析 近几年各地的模拟题和高考题不再直接考查自由组合定律F2的性状分离比9331，而是对其进行变形，如1231、961、934、151、133、97等形式，这样可以充分考查学生获取信息、综合分析以及灵活应用知识的能力。,在基因的自由组合定律中，当后代的比例为9331或其他变式形式时，则亲本必为双显性性状，且亲本必为双杂合子，这是解答此类问题的基本出发点。 现在对自由组合定律的9331变式总结如下：,角度1 已知基因间的互作关系，由亲代推子代 7.,(2013江苏苏北四市二模)报春花的花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A和a，B和b)共同控制，两对等位基因独立遗传，显性基因A控制以白色素为前体物质合成黄色锦葵色素的代谢过程，但当显性基因B存在时可抑制其表达。现选择AABB和aabb两个品种进行杂交，得到F1，F1自交得F2，则下列说法不正确的是( ) A黄色植株的基因型是AAbb或Aabb BF1的表现型是白色 CF2中黄色白色的比例是35 DF2中的白色个体的基因型种类是7种,【思路点拨】 解答本题的关键点是： 弄清A、a和B、b两对基因的互作关系。 根据两对基因的互作关系确定各种基因型的表现型。 分析AABB和aabb杂交后代的基因型和表现型。 解析 根据图示，基因A表达才能合成黄色锦葵色素，而基因B表达时基因A表达受抑制，花色为白色，因此白色报春花的基因型为AB或aa，而黄色报春花的基因型是AAbb或Aabb，故A正确；AABB和aabb两个品种杂交，F1为AaBb花色应为白色，故B正确；F1自交，F2的基因型为：AB、aaB、A,bb、aabb，其比例为9331，其中黄色为3/16，白色为(931)/16，因此F2中白色黄色为133，故C错误；由于F2共有9种基因型，其中黄色植株的基因型只有AAbb和Aabb两种，因此白色个体的基因型种类是7种，故D正确。 答案 C,角度2 不知基因间的互作关系，由子代推亲代 8(2015北京石景山一模)油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如下表所示。相关说法错误的是( ),A.凸耳性状是由两对等位基因控制 B甲、乙、丙均为纯合子 C甲和乙杂交得到的F2均表现为凸耳 D乙和丙杂交得到的F2表现型及比例为凸耳非凸耳31 解析 根据甲与非凸耳杂交后得到的F1自交，F2代出现两种性状，凸耳和非凸耳之比为151，可以推知，凸耳性状是受两对等位基因控制的，由于甲非凸耳得到的F2代凸耳非凸耳151，说明非凸耳是双隐性状，甲是双显性状的纯合子，,乙非凸耳得到的F2代凸耳非凸耳31，说明乙是单显性状的纯合子，故甲与乙杂交得到的F2代个体中一定有显性基因，即一定是凸耳，由于丙非凸耳得到的F2代凸耳非凸耳31，故丙也为单显性状的纯合子，因此乙丙杂交得到的F1为双杂合子，F2代有两种表现型，凸耳非凸耳151。 答案 D,验证遗传的两大定律常用的四种方法见下表,(1)看清是探究性实验还是验证性实验，验证性实验不需要分情况讨论直接写结果或结论，探究性实验则需要分情况讨论。 (2)看清题目中给定的亲本情况，确定用自交还是测交。自交只需要一个亲本即可，而测交则需要两个亲本。 (3)不能用分离定律的结果证明基因是否符合自由组合定律。因为两对等位基因不管是分别位于两对同源染色体上，还是位于一对同源染色体上，在单独研究时都符合分离定律，都会出现31或11这些比例，无法确定基因的位置，也就没法证明是否符合自由组合定律。,(2013大纲全国卷)已知玉米子粒黄色(A)对白色(a)为显性，非糯(B)对糯(b)为显性，这两对性状自由组合。请选用适宜的纯合亲本进行一个杂交实验来验证：子粒的黄色与白色的遗传符合分离定律；子粒的非糯与糯的遗传符合分离定律；以上两对性状的遗传符合自由组合定律。要求：写出遗传图解，并加以说明。,解析 验证分离定律和自由组合定律，要选择具有两对等位基因的纯合亲本进行杂交实验，根据题干提供的材料，可以选择纯合白糯与纯合黄非糯作为亲本进行杂交，也可以选择纯合黄糯与纯合白非糯作为亲本进行杂交。杂交实验图解如下：,P(亲本)：纯合黄非糯AABBaabb纯合白糯 F1：AaBb(杂合黄非糯) F2 说明：让纯合黄非糯(AABB)与纯合白糯(aabb)杂交，得F1的种子；种植F1的种子，待F1植株成熟后，让其自交，得F2的种子(也可用纯合白非糯与纯合黄糯作为亲本)。统计分析F2的子粒性状表现。,若黄粒白粒31，则说明子粒的黄色与白色的遗传符合基因分离定律。 若非糯粒糯粒31，则说明子粒的非糯与糯的遗传符合基因分离定律。 若黄非糯粒黄糯粒白非糯粒白糯粒9331，则说明以上两对性状的遗传符合基因自由组合定律。,亲本或为：(纯合黄非糯)AABBaabb(纯合白糯) F1AaBb(杂合黄非糯) F2 F2子粒中： 若黄粒(A_)白粒(aa)31，则验证该性状的遗传符合分离定律；,若非糯粒(B_)糯粒(bb)31，则验证该性状的遗传符合分离定律； 若黄非糯粒黄糯粒白非糯粒白糯粒9331，即A_B_A_bbaaB_aabb9331，则验证这两对性状的遗传符合自由组合定律。,1(2013江苏苏北四市二模)某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：AATTdd、AAttDD、AAttdd、aattdd。则下列说法正确的是( ),A若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用和杂交所得F1代的花粉 B若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察和杂交所得F1代的花粉 C若培育糯性抗病优良品种，应选用和亲本杂交 D将和杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝色,解析 采用花粉鉴定法验证遗传的基本规律，必须是可以在显微镜下观察出来的性状，即非糯性(A)和糯性(a)，花粉粒长形(D)和圆形(d)。和杂交所得F1代的花粉只有抗病(T)和染病(t)不同，显微镜下观察不到，A错误；若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，则应该选择组合，观察F1代的花粉，B错误；将和杂交后所得的F1 (Aa)的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，一半花粉为蓝色，一半花粉为棕色，D错误。 答案 C,2实验室中现有一批未交配过的纯种长翅灰体和残翅黑檀体的果蝇。已知长翅和残翅这对相对性状受一对位于第号同源染色体上的等位基因控制。现欲利用以上两种果蝇研究有关果蝇灰体与黑檀体性状的遗传特点(说明：控制果蝇灰体和黑檀体的基因在常染色体上，所有果蝇均能正常繁殖存活)。 请设计一套杂交方案，同时研究以下两个问题： 问题一：研究果蝇灰体、黑檀体是否由一对等位基因控制，并做出判断。问题二：研究控制灰体、黑檀体,的等位基因是否也位于第号同源染色体上，并做出判断。 (1)杂交方案：_。 (2)对问题一的推断及结论：_。 (3)对问题二的推断及结论：_。,解析 (1)对于问题一，应采用先杂交，再自交的方法进行，然后根据F2的性状分离比是否为31来确定是否受一对等位基因控制。 (2)对于问题二，应采用两对相对性状的纯合体杂交，再让F1自交，观察统计F2的表现型是否符合9331，从而作出相应的推断。,(2)如果F2出现性状分离，且性状分离比为31，符合孟德尔分离定律，则控制灰体和黑檀体的基因是一对等位基因。反之，则不是由一对等位基因控制 (3)如果F2出现四种性状，其性状分离比为9331，说明符合基因的自由组合定律，因此控制灰体、黑檀体的这对等位基因不是位于第号同源染色体上。反之，则可能是位于第号同源染色体上,A 基础训练 1(2015开学调研)有关黄色圆粒豌豆(YyRr)自交的表述，正确的是( ) A黄色圆粒豌豆(YyRr)自交后代有9种表现型 BF1产生的精子中，YR和yr的比例为11 CF1产生YR的卵和YR的精子的数量比为11 D基因的自由组合定律是指F1产生的4种精子和4种卵自由结合,解析 考查对孟德尔实验和基因自由组合定律的理解。黄色圆粒豌豆(YyRr)自交后代有4种表现型；F1产生4种精子，YRYryRyr的比例为1111；F1产生的YR的精子比YR卵的数量多；基因的自由组合定律是指F1产生配子时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，不是雌雄配子的随机结合。 答案 B,2(2015常州摸底)已知玉米子粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性。纯合的黄色甜玉米与红色非甜玉米杂交得到F1，F1自交或测交，预期结果错误的是( ) A自交结果中黄色非甜与红色甜比例为91 B自交结果中与亲本相同的表现型所占子代的比例为5/8 C自交结果中黄色和红色的比例为31，非甜与甜比例为31 D测交结果中红色非甜所占子代的比例为1/4,解析 假设控制玉米子粒颜色的相关基因为A和a，非甜和甜的基因为B和b，则F1的基因型为AaBb。如果F1自交，则后代表现型为黄色非甜、黄色甜、红色非甜、红色甜，比例为9331，其中与亲本相同的表现型所占子代的比例为3/8。只看一对相对性状，则自交后代黄色和红色比例为31，非甜和甜的比例为31。如果F1测交，则后代表现型为黄色非甜、黄色甜、红色非甜、红色甜，比例各为1/4。 答案 B,3基因的自由组合定律发生于图中的( ) A B C和 D、和,解析 此题考查对基因自由组合定律的理解。基因的自由组合定律是产生配子时等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合，发生在减数分裂的过程中。图中过程表示减数分裂。 答案 A,4果蝇中灰身(B)与黑身(b)、大翅脉(E)与小翅脉(e)是两对相对性状且独立遗传。灰身大翅脉的雌蝇与灰身小翅脉的雄蝇杂交，子代中47只为灰身大翅脉，49只为灰身小翅脉，17只为黑身大翅脉，15只为黑身小翅脉。回答下列问题： (1)在上述杂交子代中，体色和翅脉的表现型比例依次为_和_。,(2)两个亲本中，雌蝇的基因型为_，雄蝇的基因型为_。 (3)亲本雌蝇产生卵的基因组成种类数为_，其理论比例为_。 (4)上述子代中表现型为灰身大翅脉个体的基因型为_，黑身大翅脉个体的基因型为_。,解析 解答本题时，应灵活运用自由组合定律中基因型、表现型以及分离比的相关知识和相关规律，并注意分析题干信息。 (1)从题干中可知：子代中灰身个体数量为474996只，黑身个体数量为171532只，比例为31。大翅脉个体数量为471764只，小翅脉个体数量为491564只，比例为11。 (2)亲本中，灰身与灰身交配，产生黑身子代，并且比例为31，无性别差异，所以亲本均为杂合子，基因型均为Bb。,雌性大翅脉果蝇与雄性小翅脉果蝇交配，产生的后代中大、小翅脉果蝇比例为11，且无性别差异，所以亲本为测交类型，雌性表现显性性状，基因型为Ee，雄性表现隐性性状，基因型为ee。所以，亲本中雌性果蝇基因型为BbEe，雄性果蝇基因型为Bbee。 (3)亲本中，雌性果蝇基因型为BbEe，减数分裂时产生4种类型的配子：BE、Be、bE、be，比例为1111。,(4)由于亲本的基因型分别为BbEe与Bbee，所以后代中灰身个体有两种基因型：BB和Bb，黑身个体为隐性个体，基因型为bb；大翅脉个体只有一种基因型：Ee。故子代中灰身大翅脉个体基因型为BBEe和BbEe，黑身大翅脉个体基因型为bbEe。 答案 (1)灰身黑身31 大翅脉小翅脉11 (2)BbEe Bbee (3)4种 1111 (4)BBEe和BbEe bbEe,B 真题体验 1(2014上海高考)一种鹰的羽毛有条纹和非条纹、黄色和绿色的差异，已知决定颜色的显性基因纯合子不能存活。下图显示了鹰羽毛的杂交遗传，对此合理的解释是( ),绿色对黄色完全显性 绿色对黄色不完全显性 控制羽毛性状的两对基因完全连锁 控制羽毛性状的两对基因自由组合 A B C D,解析 F1中绿色自交，后代有绿色和黄色比21可知绿色对黄色完全显性，且绿色纯合致死，故正确错误；F1后代非条纹与条纹为31，且四种性状比为6321，符合自由组合，控制羽毛性状的两对基因自由组合。故C错误D正确。 答案 B,2(2014上海高考)某种植物果实重量由三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，对果实重量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为150 g和270 g。现将三对基因均杂合的两植株杂交，F1中重量为190 g的果实所占比例为( ) A3/64 B5/64 C12/64 D15/64,解析 由于隐性纯合子(aabbcc)和显性纯合子(AABBCC)果实重量分别为150 g和270 g，则每个显性基因的增重为(270150)/620(g)，AaBbCc果实重量为210，自交后代中重量190克的果实其基因型中只有两个显性基因、四个隐性基因，即AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc六种，所占比例依次为1/64、1/64、1/64、4/64、4/64、4/64。故为15/64，选D。 答案 D,3(2013天津高考)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述正确的是( ),A黄色为显性性状，黑色为隐性性状 BF1与黄色亲本杂交，后代有两种表现型 CF1和F2中灰色大鼠均为杂合体 DF2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4 解析 熟练掌握自由组合定律的几种变式并能灵活应用是解题关键。假设控制大鼠毛色的两对等位基因为A、a和B、b。分析遗传图解可知，亲本基因型为AAbb和aaBB，子一代基因型为AaBb，,子二代表现型的比例为9灰色(AABB、AABb、AaBB、AaBb)3黄色或黑色(AAbb、Aabb)3黑色或黄色(aaBB、aaBb)1米色(aabb)。表现型黄色和黑色为不完全显性，A项错误。F1基因型为AaBb，与黄色亲本(AAbb或aaBB)杂交，后代有灰色(A_Bb)和黄色(或黑色)(A_bb)或灰色(AaB_)和黑色(或黄色)(aaB_)两种表现型，B项正确。F2中灰色个体(A_B_)既有纯合体又有杂合体，C项错误。F2黑色大鼠(1/3AAbb、2/3Aabb或1/3aaBB、2/3aaBb)与米色大鼠(aabb)杂交，后代中出现米色大鼠的概率是2/31/21/3，D项错误。 答案 B,4(2014安徽高考)香味性状是优质水稻品种的重要特性之一。 (1)香稻品种甲的香味性状受隐性基因(a)控制，其香味性状的表现是因为_，导致香味物质累积。,(2)水稻香味性状与抗病性状独立遗传。抗病(B)对感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，进行一系列杂交实验。其中，无香味感病与无香味抗病植株杂交的统计结果如图所示，则两个亲代的基因型是_。上述杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为_。 (3)用纯合无香味植株作母本与香稻品种甲进行杂交，在F1中偶尔发现某一植株具有香味性状。请对此现象给出合理解释：_；_。,(4)单倍体育种可缩短育种年限。离体培养的花粉经脱分化形成_，最终发育成单倍体植株，这表明花粉具有发育成完整植株所需要的_。若要获得二倍体植株，应在_时期用秋水仙素进行诱导处理。 解析 (1)a为隐性基因，因此若要表现为有香味性状，必须要使a基因纯合(即为aa)，参与香味物质代谢的某种酶缺失，从而导致香味物质累积。,(2)根据杂交子代抗病感病11，无香味有香味31，可知亲本的基因型为：Aabb、AaBb，从而推知子代F1的类型有：1/8AABb、1/8AAbb、1/4AaBb、1/4Aabb、1/8aaBb、1/8aabb，其中只有1/4AaBb、1/8aaBb自交才能获得能稳定遗传的有香味抗病植株(aaBB)，可获得的比例为1/41/41/41/811/43/64。 (3)正常情况AA与aa杂交，所得子代为Aa(无香味)，某一雌配子形成时，若A基因突变为a基因或含A基因的染色体片段缺失，则可能出现某一植株具有香味性状。,(4)花药离体培养过程中，花粉先经脱分化形成愈伤组织，通过再分化形成单倍体植株，此过程体现了花粉细胞的全能性，其根本原因是花粉细胞中含有控制该植株个体发育所需的全部遗传信息；形成的单倍体植株需在幼苗期用一定浓度的秋水仙素处理可形成二倍体植株。 答案 (1)a基因纯合，参与香味物质代谢的某种酶缺失 (2)Aabb、AaBb 3/64 (3)某一雌配子形成时，A基因突变为a基因 某一雌配子形成时，含A基因的染色体片段缺失 (4)愈伤组织 全部遗传信息 幼苗,
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