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第二讲 孟德尔的豌豆杂交实验(二),一、两对相对性状的杂交实验 1两对相对性状的杂交实验提出问题,知识梳理,其过程为： P 黄圆绿皱 F1 F2 9黄圆3黄皱3绿圆1绿皱,黄圆,2理论解释 (1)F1产生配子时， 分离 ， 的非等位基因可以自由组合，产生数量相等的 种配子； (2)受精时，雌雄配子的结合方式有 种 (3)F2的基因型有9种，比例 为 。,等位基因,非同源染色体上,4,16,422221111,3遗传图解,YR,yr,YyRr,YR,Yrr,yyR,yyrr,4验证(测交的遗传图解),1,1,1,1,二、基因自由组合定律的实质和细胞学基础 1自由组合定律的实质、时间、范围 (1)实质：_染色体上的 基因自由组合。(如图),非同源,非等位,(2)时间： 。 (3)范围： 生殖的生物，真核细胞的核内 上的基因。无性生殖和细胞质基因遗传时不遵循。,减数第一次分裂后期,有性,染色体,2观察下面的图示，回答问题,(1)能发生自由组合的图示为 ，原因是 。 (2)不能发生自由组合的图示为 ，原因 是 。 (3)自由组合定律的细胞学基础： _。,A,非等位基因位于非同源染色体上,B,非等位基因位于同源染色体上,同源染色体彼此分离的同时，非同源染色体自由组合,(4)假如F1的基因型如图A所示，总结相关种类和比例 F1(AaBb)产生的配子种类及比例：4种，ABAbaBab1111。 F2的基因型 种。 F2的表现型种类和比例：4种，双显一显一隐一隐一显双隐 。 F1的测交后代基因型种类和比例：_， _。 F1的测交后代表现型种类和比例：_， _。,9331,9,1111,4种,4种,1111,三、孟德尔实验获得成功的原因 1正确 。 2对相对性状遗传的研究，从 。 3对实验结果进行 的分析。 4运用 法(包括“提出问题提出假说演绎推理实验验证得出结论”五个基本环节)这一科学方法。,选材(豌豆),一对到多对,统计学,假说演绎,1判断下列关于孟德尔两对相对性状杂交实验的叙述。 (1)按孟德尔方法做杂交实验得到的不同结果证明孟德尔定律不具有普遍性。(2013江苏卷) ( ) (2) F1产生4个配子，比例为1111。(2011上海卷) ( ) (3) F1产生基因型YR的卵细胞和基因型YR的精子数量之比为11。(2011上海卷) ( ),自主检测,(4)基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵细胞可以自由组合。(2011上海卷) ( ) (5) F1产生的精子中，基因型为YR和基因型为yr的比例为11。(2011上海卷) ( ),2(2014福建卷)摩尔根用灰身长翅(BBVV)与黑身残翅(bbvv)的果蝇杂交，将F1中雌果蝇与黑身残翅雄果蝇进行测交，子代出现四种表现型，比例为1111，说明F1中雌果蝇产生了_种配子。实验结果不符合自由组合定律，原因是这两对等位基因不满足该定律“_”这一基本条件。 答案 4 非同源染色体上非等位基因,考点一 两对相对性状的遗传实验的分析和结论,【核心突破】,两对相对性状的遗传实验 1实验分析：,2.相关结论： F2共有16种配子组合，9种基因型，4种表现型。,【易考明示】 忽视重组类型的含义，概念不清导致错误 (1)明确重组类型的含义：重组类型是指F2中与亲本表现型不同的个体，而不是基因型与亲本不同的个体。 (2)含两对相对性状的纯合亲本杂交，F2中重组性状所占比例并不都是(33)/16：,当亲本基因型为YYRR和yyrr时，F2中重组性状所占比例是(33)/16。 当亲本基因型为YYrr和yyRR时，F2中重组性状所占比例是1/169/1610/16。不要机械地认为只有一种亲本组合方式，重组性状只能是(33)/16。,【命题预测】,考向预测一 杂交实验及相关概率计算,1(2013天津理综)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如下图。据图判断，下列叙述正确的是,A. 黄色为显性性状，黑色为隐性性状 B. F1 与黄色亲本杂交，后代有两种表现型 C. F1 和F2 中灰色大鼠均为杂合体 D. F2 黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4,解析 两对等位基因杂交，F2 中灰色比例最高，所以灰色为双显性状，米色最少为双隐性状，黄色、黑色为单显性，A 错误；F1 为双杂合子(AaBb)，与黄色亲本(假设为aaBB)杂交，后代为两种表现型，B 正确；F2 出现性状分离，体色由两对等位基因控制，则灰色大鼠中有1/9 的为纯合体(AABB)，其余为杂合，C 错误；F2 中黑色大鼠中纯合子(AAbb)所占比例为1/3，与米色(aabb)杂交不会产生米色大鼠，杂合子(Aabb)所占比例为2/3，与米色大鼠(aabb)交配，产生米色大鼠的概率为2/31/21/3，D 错误。 答案 B,2(2014茂名一模)将一株高秆(D)抗病(R)水稻植株(甲)与另一株高秆易感病的植株(乙)杂交，结果如下图所示。下面有关叙述，正确的有(双选),A如只研究茎高度的遗传，图示表现型为高秆的个体中，纯合子的概率为1/3 B对甲植株进行测交，可得到能稳定遗传的矮秆抗病个体 C以乙植株为材料，通过单倍体育种可得到符合生产要求的植株的占1/2 D甲乙两植株杂交产生的子代有6种基因型，4种表现型,解析 本题考查了基因自由组合定律的相关知识，意在考查学生的识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。如只研究茎高度的遗传，图示表现型为高秆的个体中，基因型为DD和Dd，比例为12，所以纯合子的概率为1/3，A正确；对甲植株进行测交，得到的矮秆抗病个体基因型为ddRr，是杂合体，不能稳定遗传， B,错误；由于乙植株基因型为Ddrr，通过单倍体育种得到的植株为DDrr和ddrr，没有符合生产要求的矮秆抗病植株，C错误；甲乙两植株杂交产生的子代基因型有326种，表现型有224种，D正确。 答案 AD,考向预测二 自由组合定律的综合应用 3. (2014宁波八校联考)控制菜粉蝶体色的基因为A、a，雄性中有黄色和白色，而雌性都是白色的。控制触角类型的基因为B、b，触角有棒形和正常，且雄性和雌性中都有棒形触角和正常触角。请根据下表三组杂交组合，分析回答下列问题。,(1)可判断菜粉蝶体色显隐性的杂交组合是_，隐性性状是_，控制该性状的基因位于_染色体上。 (2)杂交组合二亲本的基因类型为_。如将组合三中亲本的F1个体进行测交实验，则F2雄性个体中黄色正常、白色正常、黄色棒形、白色棒形比例为_，其F2所有个体比例为_。,(3)若检测某白色雌蝶的基因型，可让其与_多次杂交，请预测试验结果。 A_。 B_。 C_。,解析 (1)因为雌性个体都是白色，故要根据雄性个体体色判断，在组合一中雄性是黄色的，其后代的雄性个体中既有黄色又有白色，且出现了黄色白色31，故白色是隐性，因为雄性个体中能出现31，应该是在常染色体上。,(2)在组合二中亲本都是正常，子代中有棒形的，正常：棒形31，说明正常是显性基因，棒形是隐性基因控制的性状，因此雄性个体基因型是aaB_，雌性是_B_，因为子代中出现了正常棒形31。所以控制触角的这对基因应是Bb与Bb，在雄性个体中黄色白色是11，说明雌性控制白色的是Aa，综合基因型应是AaBbaaBb。组合三中亲本都是白色，子代中的雄性都是黄色，说明雌性是AA，雄性是aa，子代中都是正常说明雌性是bb，雄性是BB，综合起来亲本是AAbb与aaBB，子一代是AaBb，测交后在雄性个体中会出现4种基因型和4个表现型，且比例为1111。,(3)要检测白色雌蝶的基因型应让其与白色雄蝶(aa)进行交配，然后观察后代的表现型，如果后代中若后代中雄蝶全是黄色，该雌蝶的基因型是AA子代的基因型都是Aa；若后代中雄蝶黄色和白色之比约为11，该雌蝶的基因型是Aa；若后代中雄蝶全是白色，该雌蝶的基因型是aa。,答案 (1)组合一 白色 常 (2)AaBbaaBb 1111 1313 (3)白色雄蝶 若后代中雄蝶全是黄色，该雌蝶的基因型是AA若后代答案 (1)组合一 白色 常 (2)AaBbaaBb 1111 1313 (3)白色雄蝶 若后代中雄蝶全是黄色，该雌蝶的基因型是AA若后代中雄蝶黄色和白色之比约为11，该雌蝶的基因型是Aa若后代中雄蝶全是白色，该雌蝶的基因型是aa中雄蝶黄色和白色之比约为11，该雌蝶的基因型是Aa若后代中雄蝶全是白色，该雌蝶的基因型是aa,考点二 基因自由组合定律的实质和细胞 学基础,1基因自由组合定律实质与减数分裂,【核心突破】,2在减数分裂过程中配子产生数目情况(非等位基因在 非同源染色体上),注意 n为等位基因的对数，不包括相同基因，例如AaBbCcDD包括3对等位基因。,【命题预测】,考向预测一 基因自由组合定律的实质,4(2014南京第二次模拟)某种植物细胞常染色体上的A、B、T基因对a、b、t完全显性，让红花(A)、高茎(B)、圆形果(T)植株与白花矮茎长形果植株测交，子一代的表现型及其比例是红花矮茎圆形果白花高茎圆形果：红花矮茎长形果白花高茎长形果1111，则下图能正确表示亲代红花高茎圆形果基因组成的是,解析 本题考查了自由组合定律的实质及应用的相关知识点。红花高茎圆形果(A_B_T_)植株与隐性性状的白花矮茎长形果(aabbtt)植株测交，子一代的表现型及其比例是：红花矮茎圆形果白花高茎圆形果红花矮茎长形果：白花高茎长形果1111，分析3对性状分析红花与矮茎性状、白花与高茎性状一直在一起，而它们与圆形、长形是自由组合的，说明A与b连锁，a与B连锁，而T与t在另一对同源染色体上，如选项D所示。 答案 D,考向预测二 自由组合定律适用条件 5(2014大纲卷)现有4个小麦纯合品种，即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒。已知抗锈病对感锈病为显性，无芒对有芒为显性，且这两对相对性状各由一对等位基因控制。若用上述4个品种组成两个杂交组合，使其F1均为抗锈病无芒，且这两个杂交组合的F2的表现型及其数量比完全一致。回答问题：,(1)为实现上述目的，理论上，必须满足的条件有：在亲本中控制这两对相对性状的两对等位基因必须位于_上，在形成配子时非等位基因要_，在受精时雌雄配子要_，而且每种合子(受精卵)的存活率也要_。那么，这两个杂交组合分别是_和_。,(2) 上述两个杂交组合的全部F2植株自交得到F2种子，1个F2植株上所结的全部种子种在一起，长成的植株称为1个F3株系。理论上，在所有F3株系中，只表现出一对性状分离的株系有4种，那么在这4种株系中，每种株系植株的表现型及数量比分别是_，_，_和_。,解析 (1)若抗锈病与感锈病、无芒与有芒分别受A/a、B/b这两对等基因控制，再根据题干信息可知4个纯合亲本的基因型可分别表示为AABB、AAbb、aaBB、aabb，若要使两个杂交组合产生的F1与F2均相同，则两个亲本组合只能是AABB(抗锈病无芒)aabb(感锈病有芒)、AAbb(抗锈病有芒)aaBB(感锈病无芒)，得F1均为AaBb，这两对等位基因须位于两对同源染色体上，非同源染色体上的非等位基因自由组合，才能使两组杂交的F2完全一致，同时受精时雌雄配子要随机结合，形成的受精卵的存活率也要相同。,(2)根据上面的分析可知，F1为AaBb，F2植株将出现9种不同的基因型：AABB、AaBB、AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb，可见F2自交最终可得到9个F3株系，其中基因型AaBB、AABb、Aabb、aaBb中有一对基因为杂合子，自交后该对基因决定的性状会发生性状分离，依次是抗锈病无芒感锈病无芒31 、抗锈病无芒抗锈病有芒31、抗锈病有芒感锈病有芒31、感锈病无芒感锈病有芒31。,答案 (1)非同源染色体 自由组合 随机结合 相等 抗锈病无芒感锈病有芒 抗锈病有芒感锈病无芒 (2)抗锈病无芒抗锈病有芒31 抗锈病无芒感锈病无芒31 感锈病无芒感锈病有芒31 抗锈病有芒：感锈病有芒31,【题后归纳】 基因自由组合定律的适用范围 (1)适用生物类别：真核生物，凡原核生物及病毒的遗传均不遵循此规律。 (2)适用遗传方式：细胞核遗传，真核生物的细胞质遗传不遵循此规律。 (3)发生时间：进行有性生殖的生物经减数分裂产生配子时，减数第一次分裂后期，随同源染色体分开等位基因分离(基因的分离定律)，而随非同源染色体的自由组合非同源染色体上的非等位基因也自由组合(基因的自由组合定律)。在进行有丝分裂或无性生殖的过程中不发生此现象。,考点三 性状分离比9331的变式及应用,1自由组合定律异常分离比的分析 两对等位基因的纯合子杂交产生的F1自交，依据自由组合定律分析，通常情况下子代出现四种表现型，其比例为9331，但在自然状态下产生的比例不是9331，但仍然遵循自由组合定律。,【核心突破】,2. 性状分离比9331的变式题解题步骤 (1)看F2的组合表现型比例，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。 (2)将异常分离比与正常分离比9331进行对比，分析合并性状的类型。如比值为934，则为93(31)，即4为后两种性状的合并结果。 (3)对照上述表格确定出现异常分离比的原因。 (4)根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表现型的比例。,【命题预测】,考向预测一 显性基因在基因型中的个数影响性状表现,6(2014上海卷)某种植物果实重量由三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，对果实重量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为150g和270g。现将三对基因均杂合的两植株杂交，F1中重量为190g的果实所占比例为 A3 / 64 B5 / 64 C12 / 64 D15 / 64,解析 由于隐性纯合子(aabbcc)和显性纯合子(AABBCC)果实重量分别为150g和270g。则每个显性基因的增重为(270150)/ 620(g)，AaBbCc果实重量为210，自交后代中重量190克的果实其基因型中只有两个显性基因、四个隐性基因，即AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc六种，所占比例依次为1/64、1/64、1/64、4/64、4/64、4/64、。故为15/64，选D。 答案 D,考向预测二 偏离9331的数据分析 7. 假设家鼠的毛色由A、a和B、b两对等位基因控制，两对等位基因遵循自由组合定律。现有基因型为AaBb个体与AaBb个体交配，子代中出现黑色家鼠浅黄色家鼠白色家鼠961，则子代的浅黄色个体中，能稳定遗传的个体比例为,A1/16 B3/16 C1/8 D1/3 解析 由题意可知，黑色家鼠的基因型为A_B_，浅黄色家鼠的基因型是A_bb或aaB_，白色家鼠的基因型是aabb。AaBbAaBb得到的浅黄色家鼠有1/16AAbb、1/8Aabb、1/16aaBB、1/8aaBb，其中能稳定遗传的个体(基因型为AAbb、aaBB的个体)占(1/161/16)(6/16)1/3。 答案 D,考向预测三 自交后代比例为“934” 8(2014石景山3月统一测试)油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如下表所示。相关说法错误的是,A.凸耳性状是由两对等位基因控制 B甲、乙、丙均为纯合子 C甲和乙杂交得到的F2均表现为凸耳 D乙和丙杂交得到的F2表现型及比例为凸耳：非凸耳 31,解析 根据甲与非凸耳杂交后得到的F1自交，F2代出现两种性状，凸耳和非凸耳之比为151，可以推知，凸耳性状是受两对等位基因控制的，由于甲非凸耳得到的F2代凸耳非凸耳151，说明非凸耳是双隐性状，甲是双显性状的纯合子，乙非凸耳得到的F2代凸耳：非凸耳31，说明乙是单显性状的纯合子，故甲与乙杂交得到的F2代个体中一定有显性基因，即一定是凸耳，由于丙非凸耳得到的F2代凸耳非凸耳31，故丙也为单显性状的纯合子，因此乙丙杂交得到的F1为双杂合子，F2代有两种表现型，凸耳：非凸耳151。 答案 D,考向预测四 显性纯合致死作用 9(2015陕西咸阳月考)某种鹦鹉羽毛颜色有4种表现型：红色、黄色、绿色和白色，由位于两对同源染色体上的两对等位基因决定(分别用A、a，B、b表示)，且BB对生物个体有致死作用。将绿色鹦鹉和纯合黄色鹦鹉杂交，F1代有两种表现型，黄色鹦鹉占50%，红色鹦鹉占50%；选取F1中的红色鹦鹉相互交配，其后代中有上述4种表现型，这4种表现型的比例为：6321，则F1的亲本基因型组合是,A.aaBBAAbb BaaBbAAbb CAABbaabb DAaBbAAbb 解析 本题考查了显性纯合致死对于子二代性状分离比的影响。由题意可知，控制鹦鹉羽毛颜色的两对等位基因位于两对同源染色体上，因此在遗传过程中遵循基因的自由组合定律，又知BB对生物个体有致死作用，且F1中的红色鹦鹉进行相互交配，后代的四种表现型的比例为：6321，因此可以猜想，后,代的受精卵的基因组成理论上应该是A_B_aaB_A_bbaabb9331，其中A_BB和aaBB个体致死，导致出现了6321，所以F1中的红色鹦鹉的基因型为AaBb。又由题意知，将绿色鹦鹉和纯合黄色鹦鹉杂交，F1代有两种表现型，黄色鹦鹉占50%，红色鹦鹉占50%，因此亲本的基因型绿色鹦鹉的基因型为aaBb，纯合黄色鹦鹉的基因型为AAbb。 答案 B, 方法技巧,分解组合法的应用(“乘法原理”和“加法原理”) 1原理：分离定律是自由组合定律的基础。,2思路：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下，有几对基因就可分解为几个分离定律问题，如AaBbAabb可分解为如下两个分离定律：AaAa；Bbbb，然后按照数学上的“乘法原理”和“加法原理”根据题目要求的实际情况进行重组。此法“化繁为简，高效准确”。,【典例训练】 1.(2014海南卷)基因型为AaBbDdEeGgHhKk个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则下列有关其子代叙述正确的是 A1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64 B3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128,C5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256 D6对等位基因纯合的个体出现的概率与6对等位基因杂合的个题出现的概率不同 解析 1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率C2/4(1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) 7/128，A错；3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率C=2/42/42/42/42/4 (1/41/4) (1/41/4) 35/128，B正确； 5对等位基因杂,合、2对等位基因纯合的个体出现的概率C2/42/42/4 (1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) 21/128，C错；6对等位基因纯合的个体出现的概率C2/4(1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) (1/41/4) 7/128, 6对等位基因杂合的个体出现的概率C2/42/42/42/42/42/4 (1/41/4) 7/128, 相同，D错误。 答案 B,遗传定律的验证及个体基因型的鉴定 1遗传定律的验证, 方法技巧,2.鉴定个体的基因型的方法 (1)自交法：对于植物来说，鉴定个体的基因型的最好方法是该植物个体自交，通过观察自交后代的性状分离比，分析出待测亲本的基因型。 (2)测交法：如果能找到纯合的隐性个体，根据测交后代的表现型比例即可推知待测亲本的基因组成。,(3)单倍体育种法：对于植物个体来说，如果条件允许，取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，根据处理后植株的性状即可推知待测亲本的基因型。,【典例训练】 2(2014烟台诊断)已知红玉杏花朵颜色由两对基因(A、a和B、b)控制，A基因控制色素合成，该色素随液泡中细胞液pH降低而颜色变浅。B基因与细胞液的酸碱性有关。其基因型与表现型的对应关系见下表。,(1)推测B基因控制合成的蛋白质可能位于_上，并且该蛋白质的作用可能与_有关。 (2)纯合白色植株和纯合深紫色植株作亲本杂交，子一代全部是淡紫色植株。该杂交亲本的基因型组合是_。 (3)有人认为A、a和B、b基因是在一对同源染色体上，也有人认为A、a和B、b基因分别在两对非同源染色体上。现利用淡紫色红玉杏(AaBb)设计实验进行探究。,实验步骤：让淡紫色红玉杏(AaBb)植株自交，观察并统计红玉杏花的颜色和比例(不考虑交叉互换)。 实验预测及结论： 若子代红玉杏花色为_，则A、a和B、b基因分别在两对非同源染色体上。 若子代红玉杏花色为_，则A、a和B、b基因在一对同源染色体上。,若子代红玉杏花色为_，则A、a和B、b基因在一对同源染色体上。 (4)若A、a和B、b基因分别在两对非同源染色体上，则取(3)题中淡紫色红玉杏(AaBb)自交：F1中白色红玉杏的基因型有_种，其中纯种个体大约占_。,解析 (1)B基因与细胞液的酸碱性有关，推测其控制合成的蛋白质可能位于液泡膜上，控制着H的跨膜运输。(2)纯合白色植株和纯合深紫色植株(AAbb)杂交，子一代全部是淡紫色植株(A_Bb)，由此可推知亲本中纯合白色植株的基因型为AABB或aaBB。(3)淡紫色红玉杏(AaBb)植株自交，可根据题目所给结论，逆推实验结果。若A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上，则自交后代出现9种基因型，3种表现型，其比例为深紫色淡紫色：白色 367；若A、a和B、b基因在一对同源,染色体上，且A和B在同一条染色体上，则自交后代出现l/4AABB、1/2AaBb、1/4aabb，表现型比例为淡紫色白色11；若A、a和B、b基因在一对同源染色体上，且A和b在同一条染色体上，则自交后代出现l/4AAbb、1/2AaBb、1/4aaBB，表现型比例为深紫色淡紫色白色121。(4)若A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上，淡紫色红玉杏(AaBb)植株自交，F1中白色红玉杏的基因型有1AABB、2AaBB、1aaBB、2aaBb、1aabb5种，其中纯种个体大约占3/7。,答案 (1)液泡膜 H跨膜运输 (2)AABBAAbb或aaBBAAbb (3)深紫色：淡紫色：白色367 深紫色：淡紫色：白色121 淡紫色：白色11 (4)5 3/7,解释分析,测交实验,基因自由组合定律,演绎推理,高考体验,1(2009广东高考)基因A、a和基因B、b分别位于不同对的同源染色体上，一个亲本与aabb测交，子代基因型为AaBb和Aabb，分离比为11，则这个亲本基因型为,A.AB B.aBb C.Abb D.aBB 解析 一个亲本与aabb测交，aabb产生的配子是ab，又因为子代基因型为AaBb和Aabb，分离比为11，由此可见亲本产生的配子种类及比例为ABAb11，故亲本基因型应为AABb。 答案 A,2(2011上海高考)小麦麦穗基部离地的高度受四对基因控制，这四对基因分别位于四对同源染色体上。每个基因对高度的增加效应相同且具叠加性。将麦穗离地27cm的mmnnuuvv和离地99cm的MMNNUUVV杂交得到F1，再用F1代与甲植株杂交，产生F2代的麦穗离地高度范围是3690 cm，则甲植株可能的基因型为,AMmNnUuVv BmmNNUuVv CmmnnUuVV DmmNnUuVv 解析因每个基因对高度的增加，效应相同，且具叠加性，所以每个显性基因可使离地高度增加 =9cm，F1的基因型为：MmNnUuVv，由F1与甲杂交，产生F2代的离地高度范围是3690 cm，可知：F2代中至少有一个显性基因，最多有7个显性基因，采用代入法可确定B正确。 答案 B,3(2014四川卷)小鼠的皮毛颜色由常染色体的两对基因控制，其中A/a控制灰色物质合成，B/b控制黑色物质合成。两对基因控制有色物质合成关系如下图：,(1)选取三只不同颜色的纯合小鼠(甲灰鼠，乙白鼠，丙黑鼠)进行杂交，结果如下,两对基因(A/a和B/b)位于_对染色体上，小鼠乙的基因型为_。 实验一的F2代中白鼠共有_种基因型，灰鼠中杂合体占的比例为_。 图中有色物质1代表_色物质，实验二的F2代中黑鼠的基因型为_。 (2)在纯合灰鼠群体的后代中偶然发现一只黄色雄鼠(丁)，让丁与纯合黑鼠杂交，结果如下：,据此推测：小鼠丁的黄色性状是由_突变产生的，该突变属于_性突变。 为验证上述推测，可用实验三F1代的黄鼠与灰鼠杂交。若后代的表现型及比例为_，则上述推测正确。 用三种不同颜色的荧光，分别标记小鼠丁精原细胞的基因A、B及突变产生的新基因，观察其分裂过程，发现某个次级精母细胞有3种不同颜色的4个荧光点，其原因是_。,解析 (1) 由实验一可知，两对基因控制的F2为9：3：3：1的修饰(9：3：4)，符合自由组合定律，故A/a 和B/b是位于非同源染色体上的两对基因。而且A_B_为灰色，A_bb，aabb为白色， aaBB_为黑色(A/a控制灰色合成，B/b控制黑色合成)。有色物质1为黑色，基因为B，有色物质2为灰色，基因为A。以F1 AaBb为灰色可证实推论，亲本中甲应该为AABB，乙为aabb(甲和乙为AAbb，aaBB性状与题意不符合)。由两对相对性状杂交实验可知F2中白鼠基因型为Aabb、AAbb和aabb三种。灰鼠中AABB：AaBB：AABb：AaBb1：2：2：4。除了AABB外皆为杂合子，杂合子比例为8/9。,由解析可知有色物质1是黑色，实验二中，丙为纯合子，F1全为黑色，丙为aaBB，F1为aaBb，F2中aaB_(aaBB、aaBb)：aabb31。 (2) 实验三中丁与纯合黑鼠(aaBB)杂交，后代有两种性状，说明丁为杂合子，且杂交后代中有灰色个体，说明新基因相对于A为显性(本解析中用A1表示)。结合F1、F2未出现白鼠可知，丁不含b基因，其基因型为A1ABB。若推论正确，则F1中黄鼠基因型为A1aBB，灰鼠为AaBB。杂交后代基因型及比例为A1ABB：A1aBB：AaBB：aaBB1：1：1：1，表现型及其比例为黄：灰：黑211。 在减数第一次分裂过程中联会后，同源染色体分离，非同源染色体自由组合。次级精母细胞进行减数第二次分裂，,姐妹染色单体分离。由于姐妹染色单体是由同一条染色体通过复制而来的，若不发生交叉互换基因两两相同，应该是4个荧光点，2种颜色。出现第三种颜色应该是发生交叉互换的结果。 答案 (1) 2 aabb 3 8/9 黑 aaBB、aaBb (2) A 显 黄鼠：灰鼠：黑鼠211 基因A与新基因所在同源染色体的非姐妹染色单体之间发生了交叉互换,4(2014山东卷)果蝇的灰体(E)对黑檀体(e)为显性；短刚毛和长刚毛是一对相对性状，由一对等位基因(B，b)控制。这两对基因位于常染色体上且独立遗传。用甲、乙、丙三只果蝇进行杂交实验，杂交组合、F1表现型及比例如下：,(1)根据实验一和实验二的杂交结果，推断乙果蝇的基因型可能为_或_。若实验一的杂交结果能验证两对基因E，e和B，b的遗传遵循自由组合定律，则丙果蝇的基因型应为_。 (2)实验二的F1中与亲本果蝇基因型不同的个体所占的比例为_。,(3)在没有迁入迁出、突变和选择等条件下，一个由纯合果蝇组成的大种群个体间自由交配得到F1 ，F1中灰体果蝇8 400只，黑檀体果蝇1 600只。F1中e的基因频率为_，Ee的基因型频率为_。亲代群体中灰体果蝇的百分比为_。,(4)灰体纯合果蝇与黑檀体果蝇杂交，在后代群体中出现了一只黑檀体果蝇。出现该黑檀体果蝇的原因可能是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变或染色体片段缺失。现有基因型为EE，Ee和ee的果蝇可供选择，请完成下列实验步骤及结果预测，以探究其原因。(注：一对同源染色体都缺失相同片段时胚胎致死；各型配子活力相同)实验步骤：,用该黑檀体果蝇与基因型为_的果蝇杂交，获得F1 ； F1自由交配，观察、统计F2表现型及比例。 结果预测：.如果F2表现型及比例为_，则为基因突变； .如果F2表现型及比例为_，则为染色体片段缺失。,解析 根据实验一中灰体黑檀体11，短刚毛长刚毛11，得知甲乙的基因型可能为EeBbeebb或者eeBbEebb。同理由实验二的杂交结果，推断乙和丙的基因型应为eeBbEeBb，所以乙果蝇的基因型可能为EeBb或eeBb。若实验一的杂交结果能验证两对基因E，e和B，b的遗传遵循自由组合定律，则甲乙的基因型可能为EeBbeebb，乙的基因型为EeBb，则丙果蝇的基因型应为eeBb。,(2)实验二亲本基因型为eeBbEeBb，F1中与亲本果蝇基因型相同的个体所占的比例为1/21/21/21/21/2，所以基因型不同的个体所占的比例为1/2。 (3)一个由纯合果蝇组成的大种群中，如果aa基因型频率为n，则AA的基因型频率为1n，则其产生雌雄配子中A和a的比例为n：(1n)，自由交配得到F1中黑檀体果蝇基因型比例n21 600/(1 6008 400)，故n40%。在没有迁入迁出、突变和选择等条件下，每一代中e的基因频率是不变的，所以为40%，F1中Ee的基因型频率为2n(1n)48%，亲代群体中灰体果蝇的百分比为60%。,(4)由题意知，出现该黑檀体果蝇的原因如果是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变则此黑檀体果蝇的基因型为ee，如果是染色体片段缺失，黑檀体果蝇的基因型为e。选用EE基因型果蝇杂交关系如下图。,选用Ee基因型果蝇杂交关系如下图。,答案 (1)EeBb eeBb(注：两空可颠倒) eeBb (2)1/2 (3)40% 48% 60% (4)答案一：EE.灰体黑檀体31 .灰体黑檀体41 答案二：Ee.灰体黑檀体79 .灰体黑檀体78,
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