动能定理、机械能守恒提高练习含详细答案.doc

动能定理、机械能守恒提高练习（含详细答案）一选择题（共9小题）1（2016江苏）如图所示，细线的一端固定于O点，另一端系一小球在水平拉力作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点在此过程中拉力的瞬时功率变化情况（）A逐渐增大B逐渐减小C先增大，后减小D先减小，后增大2（2018临沂模拟）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R，粗细不计的圆管轨道半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球恰能沿管道到达最高点B，已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A重力做功2mgRB机械能减少mgRC合外力做功mgRD克服摩擦力做功mgR3（2017南开区一模）如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）初始时刻，A、B处于同一高度并恰好保持静止状态剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，两物块（）A速率的变化量不同B机械能的变化量相同C重力势能的变化量相同D重力做功的平均功率相同4（2016春龙凤区校级月考）在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动当速度达到Vm后，立即关闭发动机而滑行直到停止Vt图线如图所示，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2全过程中，牵引力做的功为W1，克服摩擦阻力做功为W2以下是F1、F2及W1、W2间关系的说法，其中正确的是（）F1：F2=1：3 Fl：F2=4：3 W1：W2=1：1 W1：W2=1：3ABCD5（2018春青原区校级月考）固定在竖直平面内的一个半圆形光滑轨道，轨道半径为R，轨道两端在同一水平面上，其中一端有一小定滑轮（其大小可以忽略），两小物体质量分别为m1和m2，用轻细绳跨过滑轮连接在一起，如图所示，若要求小物体m1从光滑半圆轨道上端沿轨道由静止开始下滑，则（）A在下滑过程中，m1与m2的速度大小相等B要使得m1能到达最低点，必须满足m1m2C若m1能到最低点，那么m1下滑至最低点的过程中，重力的功率一直增大D小物体m2的机械能增量等于m1克服绳子做的功6（2011春红山区校级期中）如图所示，一轻绳跨过定滑轮悬挂质量为m1、m2的两个物体，滑轮质量和所有摩擦均不计，m1m2，系统由静止开始运动的过程中（m1未跨过滑轮）（）Am1、m2各自的机械能分别守恒Bm2减少的机械能等于m1增加的机械能能Cm2减少的重力势能等于m1增加的重力势能Dm1、m2组成的系统机械能守恒7（2007武汉三模）如图所示，电梯由质量为1103kg的起重间、质量为8102kg的配重、定滑轮和钢缆组成，起重间和配重分别系在一根绕过定滑轮的钢缆两端，在与定滑轮同轴的电动机驱动下电梯正常工作，起重间由静止开始以2m/s2的加速度向上运行1s，在此时间内电动机对电梯做功（忽略定滑轮与钢缆的质量，g取10m/s2）（）A2.4103JB5.6103JC1.84104JD2.16104J8（2011春南关区校级期末）如图，B物体的质量是A物体质量的一半，不计所有摩擦，A物体从离地面高H处由静止开始下落，以地面为参考面，当物体A的动能与其势能相等时，物体A距地面的高度为（设该过程中B未与滑轮相碰）（）A0.2HB0.4HC0.8HDH9（2016温州一模）如图所示，建筑工地上载人升降机用不计质量的细钢绳跨过定滑轮与一有内阻的电动机相连，通电后电动机带动升降机沿竖直方向先匀加速上升后匀速上升摩擦及空气阻力均不计则（）A升降机匀加速上升过程中，升降机底板对人做的功等于人增加的动能B升降机匀速上升过程中，升降机底板对人做的功等于人增加的机械能C升降机上升的全过程中，电动机消耗的电能等于升降机增加的机械能D匀速上升过程中电动机的输出功率一定小于匀加速上升过程中电动机的最大输出功率10（2010秋桥东区校级月考）如图所示，竖直平面内的轨道ABCD由水平轨道AB与光滑的四分之一圆弧轨道CD组成，AB恰与圆弧CD在C点相切，轨道固定在水平面上一个质量为m的小物块（可视为质点）从轨道的A端以初动能E冲上水平轨道AB，沿着轨道运动，由DC弧滑下后停在水平轨道AB的中点已知水平轨道AB长为l求：（1）小物块与水平轨道的动摩擦因数；（2）为了保证小物块不从轨道的D端离开轨道，圆弧轨道的半径R至少是多大？（3）若圆弧轨道的半径取第（2）问计算出的最小值R，则小物块经过圆弧轨道C点时对轨道的压力为多大？11（2018春南雄市校级期末）如图所示，质量为m的小铁块A以水平速度v0冲上质量为M、长为l、置于光滑水平面C上的木板B，正好不从木板上掉下，已知A、B间的动摩擦因数为，此时木板对地位移为s，求这一过程中：（1）木板增加的动能；（2）小铁块减少的动能；（3）系统机械能的减少量；（4）系统产生的热量12（2016春小店区校级月考）如图所示是一个横截面为半圆、半径为R的光滑柱面，一根不可伸长的细线两端分别系住物体A、B，（A、B可以看成质点）且A的质量为1.2m，B的质量为m，在图示位置由静止开始释放A物体，求（1）释放A物体的瞬间，细线对A物体的拉力（2）物体B沿柱面达到半圆顶点的过程中，细线的拉力对物体B所做的功（重力加速度为g，=3）13（2011春鼓楼区校级期末）如图所示，在水平桌面的边角处有一轻质光滑的定滑轮K，一条不可伸长的轻绳绕过K分别与物块A、B相连，A、B的质量分别为mA、mB，开始时系统处于静止状态现用一水平恒力F拉物块A，使物块B上升已知当B上升距离为h时，B的速度为v，重力加速度为g求：（1）B物体的加速度（2）绳子对B物体的拉力所做的功？（3）物块A克服摩擦力所做的功？14（2005山东）如图，质量为m1的物体A经一轻质弹簧与下方地面上的质量为m2的物体B相连，弹簧的劲度系数为k，A、B都处于静止状态一条不可伸长的轻绳绕过轻滑轮，一端连物体A，另一端连一轻挂钩开始时各段绳都处于伸直状态，A上方的一段绳沿竖直方向现在挂钩上挂一质量为m3的物体C并从静止状态释放，已知它恰好能使B离开地面但不继续上升若将C换成另一个质量为（m1+m3）的物体D，仍从上述初始位置由静止状态释放，则这次B刚离地时D的速度的大小是多少？已知重力加速度为g15如图所示，跨过同一高度处的定滑轮的细线连接着质量相同的物体A和B，A套在光滑水平杆上，定滑轮离水平杆的高度h=0.2m，开始时让连着A的细线与水平杆的夹角=37，由静止释放B，在运动过程中，A所获得的最大速度为多大？（设B不会碰到水平杆，sin37=0.6，sin53=0.8，取g=10m/s2）16（2018春大丰市校级期中）质量为m的滑块与倾角为的斜面间的动摩擦因数为，tan，斜面底端有一个和斜面垂直放置的弹性挡板，滑块滑到底端与它碰撞时没有机械能损失，如图所示若滑块从斜面上高为h处以速度v0开始沿斜面下滑，设斜面足够长，求：（1）滑块最终停在何处？（2）滑块在斜面上滑行的总路程是多少？17（2016山东）如图所示，一工件置于水平地面上，其AB段为一半径R=1.0m的光滑圆弧轨道，BC段为一长度L=0.5m的粗糙水平轨道，二者相切于B点，整个轨道位于同一竖直平面内，P点为圆弧轨道上的一个确定点一可视为质点的物块，其质量m=0.2kg，与BC间的动摩擦因数1=0.4工件质量M=0.8kg，与地面间的动摩擦因数2=0.1（取g=10m/s2）（1）若工件固定，将物块由P点无初速度释放，滑至C点时恰好静止，求P、C两点间的高度差h（2）若将一水平恒力F作用于工件，使物块在P点与工件保持相对静止，一起向左做匀加速直线运动求F的大小当速度v=5m/s时，使工件立刻停止运动（即不考虑减速的时间和位移），物块飞离圆弧轨道落至BC段，求物块的落点与B点间的距离动能定理、机械能守恒提高练习参考答案与试题解析一选择题（共9小题）1（2016江苏）如图所示，细线的一端固定于O点，另一端系一小球在水平拉力作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点在此过程中拉力的瞬时功率变化情况（）A逐渐增大B逐渐减小C先增大，后减小D先减小，后增大考点：功率、平均功率和瞬时功率菁优网版权所有专题：功率的计算专题分析：根据小球做圆周运动，合力提供向心力，即合力指向圆心，求出水平拉力和重力的关系，根据P=Fvcos得出拉力瞬时功率的表达式，从而判断出拉力瞬时功率的变化解答：解：因为小球是以恒定速率运动，即它是做匀速圆周运动，那么小球受到的重力G、水平拉力F、绳子拉力T三者的合力必是沿绳子指向O点设绳子与竖直方向夹角是，则=tan（F与G的合力必与绳子拉力在同一直线上）得F=Gtan而水平拉力F的方向与速度V的方向夹角也是，所以水平力F的瞬时功率是P=Fvcos则P=Gvsin显然，从A到B的过程中，是不断增大的，所以水平拉力F的瞬时功率是一直增大的故A正确，B、C、D错误故选A点评：解决本题的关键掌握瞬时功率的表达式P=Fvcos，注意为F与速度的夹角2（2018临沂模拟）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R，粗细不计的圆管轨道半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球恰能沿管道到达最高点B，已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A重力做功2mgRB机械能减少mgRC合外力做功mgRD克服摩擦力做功mgR考点：功的计算菁优网版权所有专题：功的计算专题分析：小球恰能沿管道到达最高点B，得到B点速度为零，然后对从P到B过程根据功能关系列式判断解答：解：A、重力做功与路径无关，只与初末位置高度差有关，故WG=mgR，故A错误；B、小球恰能沿管道到达最高点B，得到B点速度为零；故小球从P到B的运动过程中，动能增加量为零；重力势能减小量为mgR；故机械能减少量为mgR；故B正确；C、小球从P到B的运动过程中，合外力做功等于动能的增加量，为零，故C错误；D、由B选项分析得到机械能减小量为mgR，而机械能减小量等于克服摩擦力做的功，故克服摩擦力做功为mgR，故D错误；故选B点评：本题关键根据题意得到B点速度为零，然后根据功能关系列式分析判断3（2017南开区一模）如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）初始时刻，A、B处于同一高度并恰好保持静止状态剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，两物块（）A速率的变化量不同B机械能的变化量相同C重力势能的变化量相同D重力做功的平均功率相同考点：机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率菁优网版权所有专题：机械能守恒定律应用专题分析：初始时刻，A、B处于同一高度并恰好保持静止状态，知A的重力等于绳子的拉力，B重力沿斜面向下的分力等于绳子的拉力，所以B的重力大于A的重力根据动能定理求出物块落地的速度，从而比较出速度的变化量根据重力做功比较重力势能的变化量解答：解：A、根据动能定理得，mgh=，知落地的速度v=，因为h相等，则速率的变化量相同故A错误B、剪断细线，A、B两物体都只有重力做功，机械能守恒，则机械能的变化量都为零故B正确C、开始A、B静止，根据平衡知B的重力大于A的重力，根据WG=mgh知，两物体重力做功不同，则重力势能变化量不同故C错误D、根据开始平衡得，mBgsin=mAg两物体落地的速度大小相等，则平均速度大小相等对A，重力做功的平均功率，对B，重力做功的平均功率=知重力做功的平均功率相同故D正确故选BD点评：解决本题的关键通过共点力平衡求出A、B质量的关系，以及知道剪断细线后，A、B两物体机械能守恒4（2016春龙凤区校级月考）在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动当速度达到Vm后，立即关闭发动机而滑行直到停止Vt图线如图所示，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2全过程中，牵引力做的功为W1，克服摩擦阻力做功为W2以下是F1、F2及W1、W2间关系的说法，其中正确的是（）F1：F2=1：3 Fl：F2=4：3 W1：W2=1：1 W1：W2=1：3ABCD考点：功的计算；牛顿第二定律菁优网版权所有专题：功的计算专题分析：由动能定理可得出汽车牵引力的功与克服摩擦力做功的关系，由功的公式可求得牵引力和摩擦力的大小关系；解答：解：对全过程由动能定理可知W1W2=0，故W1：W2=1：1，故正确，错误；W1=FsW2=fs由图可知：s：s=3：4所以F1：F2=4：3，故正确，错误；故选：A点评：本题要注意在机车起动中灵活利用功率公式及动能定理公式，同时要注意图象在题目中的应用5（2018春青原区校级月考）固定在竖直平面内的一个半圆形光滑轨道，轨道半径为R，轨道两端在同一水平面上，其中一端有一小定滑轮（其大小可以忽略），两小物体质量分别为m1和m2，用轻细绳跨过滑轮连接在一起，如图所示，若要求小物体m1从光滑半圆轨道上端沿轨道由静止开始下滑，则（）A在下滑过程中，m1与m2的速度大小相等B要使得m1能到达最低点，必须满足m1m2C若m1能到最低点，那么m1下滑至最低点的过程中，重力的功率一直增大D小物体m2的机械能增量等于m1克服绳子做的功考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力菁优网版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：下滑过程中m1速度沿绳子方向的分量与m2的速度相等；m1与m2组成的系统除了重力外没有其他力做功，故系统机械能守恒解答：解：A、m1速度方向沿着圆形轨道的切线方向，如图中蓝线所示，将其分解为沿绳子方向和垂直与绳子方向的分量，其沿绳子方向的分两与m2的速度大小相等，则m1速度大于m2的速度，故A错误；B、m1与m2组成的系统除了重力外没有其他力做功，故系统机械能守恒，m1恰能到达最低点时：m1gR=m2gR得：m1=m2，故要使得m1能到达最低点，必须满足m1m2，B正确；C、重力的功率等于重力的大小乘以竖直方向的分速度，故若m1能到最低点，那么m1下滑至最低点的过程中，最初位置重力功率为零，最低点时速度竖直方向分量为零，则重力功率为零，而中间过程重力功率不为零，故重力的功率先增大后减小，故C错误；D、m1克服绳子做的功等于m1机械能的减少量，根据系统机械能守恒于m1机械能的减少量等于小物体m2的机械能增量，故小物体m2的机械能增量等于m1克服绳子做的功，D正确；故选：BD点评：本题属于连接体问题，接触面光滑，没有阻力，除了重力也没有其他外力对系统做功，故一定要挖掘出系统机械能守恒6（2011春红山区校级期中）如图所示，一轻绳跨过定滑轮悬挂质量为m1、m2的两个物体，滑轮质量和所有摩擦均不计，m1m2，系统由静止开始运动的过程中（m1未跨过滑轮）（）Am1、m2各自的机械能分别守恒Bm2减少的机械能等于m1增加的机械能能Cm2减少的重力势能等于m1增加的重力势能Dm1、m2组成的系统机械能守恒考点：机械能守恒定律菁优网版权所有专题：机械能守恒定律应用专题分析：本题中单个物体系统机械能不守恒，但两个物体系统中只有动能和势能相互转化，机械能守恒解答：解：对m1、m2单个物体进行受力分析，除了受重力外还受到绳子的拉力，故单个物体机械能不守恒，故A错误；对两个物体系统进行受力分析，只受重力，故系统机械能守恒，所以m2减少的机械能等于m1增加的机械能，m2重力势能减小，动能增加，m1重力势能和动能都增加，故m2减小的重力势能等于m1增加的重力势能和两个物体增加的动能之和，故BD正确，C错误故选BD点评：本题关键是两个物体构成的系统中只有动能和重力势能相互转化，机械能总量保持不变7（2007武汉三模）如图所示，电梯由质量为1103kg的起重间、质量为8102kg的配重、定滑轮和钢缆组成，起重间和配重分别系在一根绕过定滑轮的钢缆两端，在与定滑轮同轴的电动机驱动下电梯正常工作，起重间由静止开始以2m/s2的加速度向上运行1s，在此时间内电动机对电梯做功（忽略定滑轮与钢缆的质量，g取10m/s2）（）A2.4103JB5.6103JC1.84104JD2.16104J考点：动能定理的应用菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：根据牛顿第二定律与运动学公式，求出各自牵引力的大小，根据做功的正负，从而求出牵引力做的总功解答：解：根据牛顿第二定律得，FMg=Ma，解得：F=Mg+Ma=100010N+10002N=12000N，静止开始以2m/s2的加速度向上运行1s的过程中，发生位移为：m；则起重机对轿厢做正功：W=Fh=12000J对于质量为8102kg的配重，牵引力做负功，其值为W根据牛顿第二定律得：Fmg=ma解得：F=mgma=8008N=6400N，因此起重机对配重做负功为：W=Fh=6400J所以电动机对电梯共做功为：12000J6400J=5600J故B正确，ACD错误；故选：B点评：本题通过牛顿第二定律，结合功的公式进行求解，也可以通过动能定理求出起重机对物体做功的大小8（2011春南关区校级期末）如图，B物体的质量是A物体质量的一半，不计所有摩擦，A物体从离地面高H处由静止开始下落，以地面为参考面，当物体A的动能与其势能相等时，物体A距地面的高度为（设该过程中B未与滑轮相碰）（）A0.2HB0.4HC0.8HDH考点：机械能守恒定律菁优网版权所有专题：机械能守恒定律应用专题分析：对A、B两物体组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒在运动的过程中，A、B的速度大小相等，B物体的质量是A物体质量的一半，知B的动能是A的动能的一半根据系统机械能守恒求出物体A距地面的高度解答：解：对A、B两物体组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒B的重力势能不变，所以A重力势能的减小量等于系统动能的增加量有：又物体A的动能与其势能相等，即联立上面两式得：得h=0.4H故B正确，A、C、D错误故选B点评：解决本题的关键知道A、B两物体组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒在运动过程中B的重力势能不变，所以A重力势能的减小量等于系统动能的增加量9（2016温州一模）如图所示，建筑工地上载人升降机用不计质量的细钢绳跨过定滑轮与一有内阻的电动机相连，通电后电动机带动升降机沿竖直方向先匀加速上升后匀速上升摩擦及空气阻力均不计则（）A升降机匀加速上升过程中，升降机底板对人做的功等于人增加的动能B升降机匀速上升过程中，升降机底板对人做的功等于人增加的机械能C升降机上升的全过程中，电动机消耗的电能等于升降机增加的机械能D匀速上升过程中电动机的输出功率一定小于匀加速上升过程中电动机的最大输出功率考点：机械能守恒定律菁优网版权所有专题：机械能守恒定律应用专题分析：根据动能定理可知，合外力做物体做的功等于物体动能的变化量，匀速运动时，牵引力等于重力，匀加速运动时，牵引力大于重力，匀加速运动的末速度即为匀速运动的速度，根据P=Fv求解瞬时功率，比较匀速上升过程中电动机的输出功率和匀加速上升过程中电动机的最大输出功率的大小解答：解：A、根据动能定理可知，合外力做物体做的功等于物体动能的变化量，所以升降机匀加速上升过程中，升降机底板对人做的功和重力做功之和等于人增加的动能，故A错误；B、升降机匀速上升过程中，根据功能关系可知：升降机底板对人做的功等于人增加的机械能，故B正确；C、根据功能关系可知，升降机上升的全过程中，电动机消耗的电能等于升降机增加的机械能和电动机消耗的内能之和，故C错误；D、匀速运动时，牵引力等于重力，设匀速运动的速度为v，则电动机的输出功率P1=mgv，匀加速运动时，牵引力大于重力，最大速度即为匀速运动时的速度v，则匀加速上升过程中电动机的最大输出功率P2=Fvmgv，故D正确故选：BD点评：本题主要考查了动能定理及功能关系的直接应用，知道电动机消耗的电能一部分转化为升降机的机械能，另一部分转化为电动机消耗的内能，难度适中二解答题（共8小题）10（2010秋桥东区校级月考）如图所示，竖直平面内的轨道ABCD由水平轨道AB与光滑的四分之一圆弧轨道CD组成，AB恰与圆弧CD在C点相切，轨道固定在水平面上一个质量为m的小物块（可视为质点）从轨道的A端以初动能E冲上水平轨道AB，沿着轨道运动，由DC弧滑下后停在水平轨道AB的中点已知水平轨道AB长为l求：（1）小物块与水平轨道的动摩擦因数；（2）为了保证小物块不从轨道的D端离开轨道，圆弧轨道的半径R至少是多大？（3）若圆弧轨道的半径取第（2）问计算出的最小值R，则小物块经过圆弧轨道C点时对轨道的压力为多大？考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：（1）应用动能定理可以求出动摩擦因数（2）应用动能定理可以求出轨道半径（3）由牛顿第二定律可以求出轨道的支持力，然后求出对轨道的压力解答：解：（1）小物块最终停在AB的中点，在这个过程中，由动能定理得：mg（L+0.5L）=E，解得：；（2）若小物块刚好到达D处，速度为零，由动能定理得：mgLmgR=E，解得CD圆弧半径至少为：；（3）由机械能守恒定律得：，在C点，由牛顿第二定律得：，解得：N=3mg，由牛顿第三定律可知，对轨道的压力大小为3mg，方向竖直向下；答：（1）小物块与水平轨道的动摩擦因数为；（2）为了保证小物块不从轨道的D端离开轨道，圆弧轨道的半径R至少是；（3）小物块经过圆弧轨道C点时对轨道的压力为大小为3mg，方向竖直向下点评：本题考查了求动摩擦因数、轨道半径、物块对轨道的压力，分析清楚物块的运动过程，应用动能定理、机械能守恒定与牛顿第二定律即可正确解题11（2018春南雄市校级期末）如图所示，质量为m的小铁块A以水平速度v0冲上质量为M、长为l、置于光滑水平面C上的木板B，正好不从木板上掉下，已知A、B间的动摩擦因数为，此时木板对地位移为s，求这一过程中：（1）木板增加的动能；（2）小铁块减少的动能；（3）系统机械能的减少量；（4）系统产生的热量考点：动能定理；能量守恒定律菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：对木板和小铁块运用动能定理，得出木块动能的增加量和小铁块动能的减小量从而得出系统机械能的减小量，系统产生的热量等于系统机械能的减小量解答：解：（1）木板运动的位移为s，根据动能定理得，0则动能的增加量为mgs（2）小铁块的位移为l+s，根据动能定理得，mg（l+s）=Ek可知小铁块动能的减小量为mg（l+s）（3）则系统减小的机械能等于E=mg（l+s）mgs=mgl（4）系统产生的热量等于系统减小的机械能，Q=E=mgl答：（1）木板的动能增加为mgs（2）小铁块的动能减小量为mg（l+s）（3）系统减小的机械能等于mgl（4）系统产生的热量等于mgl点评：本题考查动能定理的基本运用，知道系统减小的机械能全部转化为热量12（2016春小店区校级月考）如图所示是一个横截面为半圆、半径为R的光滑柱面，一根不可伸长的细线两端分别系住物体A、B，（A、B可以看成质点）且A的质量为1.2m，B的质量为m，在图示位置由静止开始释放A物体，求（1）释放A物体的瞬间，细线对A物体的拉力（2）物体B沿柱面达到半圆顶点的过程中，细线的拉力对物体B所做的功（重力加速度为g，=3）考点：动能定理；功的计算菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：（1）把AB看成一个整体，根据牛顿第二定律求出加速度，再对A受力分析，根据牛顿第二定律即可求解；（2）以A、B和绳为系统，整体由动能定理求出整体的速度，再以B为研究对象，根据动能定理列式即可求解解答：解：（1）把AB看成一个整体，根据牛顿第二定律得：a=对A受力分析，根据牛顿第二定律得：1.2mgF=1.2ma解得：F=（2）以A、B和绳为系统，整体由动能定理得：解得：再以B为研究对象，根据动能定理得：解得：答：（1）释放A物体的瞬间，细线对A物体的拉力为；（2）物体B沿柱面达到半圆顶点的过程中，细线的拉力对物体B所做的功为点评：本题主要考查了牛顿第二定律及动能定理的直接应用，注意整体法和隔离法在解题中的应用，难度适中13（2011春鼓楼区校级期末）如图所示，在水平桌面的边角处有一轻质光滑的定滑轮K，一条不可伸长的轻绳绕过K分别与物块A、B相连，A、B的质量分别为mA、mB，开始时系统处于静止状态现用一水平恒力F拉物块A，使物块B上升已知当B上升距离为h时，B的速度为v，重力加速度为g求：（1）B物体的加速度（2）绳子对B物体的拉力所做的功？（3）物块A克服摩擦力所做的功？考点：动能定理的应用菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：（1）由速度和位移关系可求得B的加速度；（2）根据功的公式求出恒力F做功的大小（3）对系统研究，抓住A、B速度大小相等，根据动能定理求出物块A克服摩擦力做功的大小解答：解：（1）B做匀加速直线运动，由运动学公式可得：v2=2ah；解得：a=；（2）由牛顿第二定律可知：Tmg=ma；拉力为：T=mg+ma=mg+；则对B的拉力所做的功：WT=Th=mgh+mv2；（2）对A、B系统运用动能定理得：WFWfmBgh=所以物块A克服摩擦力做的功为：=FhmBgh答：（1）B的加速度为（2）此过程中对B的拉力所做的功为mgh+mv2；（3）此过程中物块A克服摩擦力所做的功为FhmBgh点评：本题考查了动能定理的基本运用，运用动能定理解题，关键确定研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后根据动能定理列式求解14（2005山东）如图，质量为m1的物体A经一轻质弹簧与下方地面上的质量为m2的物体B相连，弹簧的劲度系数为k，A、B都处于静止状态一条不可伸长的轻绳绕过轻滑轮，一端连物体A，另一端连一轻挂钩开始时各段绳都处于伸直状态，A上方的一段绳沿竖直方向现在挂钩上挂一质量为m3的物体C并从静止状态释放，已知它恰好能使B离开地面但不继续上升若将C换成另一个质量为（m1+m3）的物体D，仍从上述初始位置由静止状态释放，则这次B刚离地时D的速度的大小是多少？已知重力加速度为g考点：机械能守恒定律；功能关系菁优网版权所有专题：压轴题分析：当挂一质量为m3的物体C时，恰好能使B离开地面但不继续上升，说明此时弹簧对B的拉力的大小恰好和B的重力相等，由此可以求得弹簧弹性势能的增加量，当换成另一个质量为（m1十m3）的物体D时，弹簧弹性势能的增加量是相同的，从而能可以求得B刚离地时D的速度的大小解答：解：开始时，A、B静止，设弹簧压缩量为x1，有kx1=mlg 挂C并释放后，C向下运动，A向上运动，设B刚要离地时弹簧伸长量为x2，有kx2=m2g A不再上升，表示此时A和C的速度为零，C已降到其最低点由机械能守恒，与初始状态相比，弹簧弹性势能的增加量为E=m3g（x1+x2）m1g（x1+x2）C换成D后，当B 刚离地时弹簧势能的增量与前一次相同，由能量关系得（m1+m3）V2+m1V2=（m1+m3）g（x1+x2）m1g（x1+x2）E 由式得（2m1+m3）V2=m1g（x1+x2） 由式得V=所以B刚离地时D的速度的大小是点评：前后两次的过程中，弹簧弹性势能的增加量是相同的，这是联系两个过程的过度量，由此来求解D的速度15如图所示，跨过同一高度处的定滑轮的细线连接着质量相同的物体A和B，A套在光滑水平杆上，定滑轮离水平杆的高度h=0.2m，开始时让连着A的细线与水平杆的夹角=37，由静止释放B，在运动过程中，A所获得的最大速度为多大？（设B不会碰到水平杆，sin37=0.6，sin53=0.8，取g=10m/s2）考点：动能定理的应用菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向上的分速度等于B的速度大小，根据该关系得出A、B的速率之比当=90时，A的速率最大，此时B的速率为零，根据动能定理求出A获得的最大速度解答：解：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向上的分速度等于B的速度大小，有：vAcos=vB，当=90时，A的速率最大，此时B的速率为零根据动能定理：，解得：vA=m/s答：A所获得的最大速度为m/s点评：解决本题的关键知道A沿绳子方向上的分速度等于B的速度大小，以及知道A、B组成的系统机械能守恒16（2018春大丰市校级期中）质量为m的滑块与倾角为的斜面间的动摩擦因数为，tan，斜面底端有一个和斜面垂直放置的弹性挡板，滑块滑到底端与它碰撞时没有机械能损失，如图所示若滑块从斜面上高为h处以速度v0开始沿斜面下滑，设斜面足够长，求：（1）滑块最终停在何处？（2）滑块在斜面上滑行的总路程是多少？考点：牛顿第二定律菁优网版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据重力沿斜面方向的分力与滑动摩擦力的大小关系确定滑块最终的位置对全过程运用动能定理，求出滑块在斜面上滑行的路程解答：解：（1）由于tan，则重力沿斜面方向的分力mgsin大于滑动摩擦力mgcos，可知滑块最终紧靠挡板处（2）对全过程运用动能定理得，解得s=答：（1）滑块最终停止挡板处（2）滑块在斜面上滑行的总路程为点评：根据摩擦因数为（tan），判断物体最终静止在下端是分析此题的关键；明确在倾角为的斜面上，受到的摩擦力大小为mgcos，重力做功只与始末位置的高度差有关，而摩擦力在运动过程中始终做负功，应用动能定理求解17（2016山东）如图所示，一工件置于水平地面上，其AB段为一半径R=1.0m的光滑圆弧轨道，BC段为一长度L=0.5m的粗糙水平轨道，二者相切于B点，整个轨道位于同一竖直平面内，P点为圆弧轨道上的一个确定点一可视为质点的物块，其质量m=0.2kg，与BC间的动摩擦因数1=0.4工件质量M=0.8kg，与地面间的动摩擦因数2=0.1（取g=10m/s2）（1）若工件固定，将物块由P点无初速度释放，滑至C点时恰好静止，求P、C两点间的高度差h（2）若将一水平恒力F作用于工件，使物块在P点与工件保持相对静止，一起向左做匀加速直线运动求F的大小当速度v=5m/s时，使工件立刻停止运动（即不考虑减速的时间和位移），物块飞离圆弧轨道落至BC段，求物块的落点与B点间的距离考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力菁优网版权所有专题：压轴题；动能定理的应用专题分析：（1）物块从P点下滑经B点至C点的整个过程，根据动能定理求解（2）对物体、工件和物体整体分析，根据牛顿第二定律求解（3）根据平抛运动的规律和几何关系求解解答：解（1）物块从P点下滑经B点至C点的整个过程，根据动能定理得：mgh1mgL=0代入数据得：h=0.2m（2）设物块的加速度大小为a，P点与圆心的连线与竖直方向间的夹角为，由几何关系可得cos=根据牛顿第二定律，对物体有mgtan=ma对工件和物体整体有F2（M+m）g=（M+m）a联立式，代入数据得F=8.5N设物体平抛运动的时间为t，水平位移为x1，物块落点与B间的距离为 x2，由运动学公式可得h=x1=vtx2=x1Rsin 联立式，代入数据得x2=0.4m答：（1）P、C两点间的高度差是0.2m；（2）F的大小是8.5N；（3）物块的落点与B点间的距离是0.4m点评：该题考查了动能定理、牛顿第二定律、平抛运动的规律多个知识点，关键要对物体进行受力和过程分析第24页（共24页）