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练 （ 1） 说明： 标示的题目为老师讲课时说明考试必考，但是老师也讲述说，考试为四套试卷，一套对外，一 套对上海考生 (即在学校考试的学生 )，还有两套不考，因此 “ 必考 ” 只是说 4套试卷中肯定有，但是考试 的时候也可能没有。 1. OSI模型中，通常是 _B_层负责将比特流或字符流转换成帧格式。 A物理层 B. 数据链路层 C. 网络层 D. 传输层 2. 对于网络模型来说，路由器是工作在 _C_层的设备。 A物理层 B. 数据链路层 C. 网络层 D. 应用层 3. HUB是工作在 _A_层的设备。 A物理层 B. 数据链路层 C. 网络层 D. 应用层 4. FTP、 Telnet等属于 _D_层的应用系统。 A物理层 B. 数据链路层 C. 网络层 D. 应用层 5. OSI模型中，由 _A_负责比特流的透明传输。 A物理层 B. 数据链路层 C. 网络层 D. 传输层 6. 哪种物理层编码技术可用于解决连续的 0或连续 1的问题。 _C_ A. 不归零制和曼切斯特编码 B. 只有不归零制编码 C. 只有曼切斯特编码 D. 没有一种编码可以 6解答： 曼切斯特编码是 10Base系列 （ 以太网 ） 的编码方法 计算机网络 p231 8B/6T是 100Base-T4（ 快速以太网标准之一 ） 的编码方法 计算机网络 p240 4B/5B是 100Base-TX（ 快速以太网标准之一 ） 的编码方法 计算机网络 p240 它们都可以解决连续的 0或连续 1的问题。 7. 如果用 telnet 传输一串信息，那么真正在物理媒体上传输的信息是 _D_。 A. 上的网页 B. 上的字符 C. 的分组 D. 以某种形式调制的 0或 1数据 8. 在一条无噪声的信道上，如果带宽是 4MHz，信号分成 32个等级，那么，信道的最大比特率 (即数据 传输率 )为 _D_bps，对应波特率为 _B_波特，发送一个 20KB的文件最短需要的时间是 _B_。 A. 4M B. 8M C. 20M D. 40M A. 4M B. 8M C. 20M D. 40M A. 8ms B. 4ms C. 1ms D. 0.5ms 8解答： 11. 一路电话的带宽为 _D_。 A. 4Kbps B. 8Kbps C. 56Kbps D. 64Kbps 12. HFC用了 _D_多路复用的方法。 A. FDM B. TDM C. WDM D. FDM和 TDM 13. 如果主机 A通过由 32路 TDM共享的 2.048Mbps总线链路向主机 B发送一个 32Kb的文件，则传输时间为 _A_。 A. 500ms B. 1000ms C. 15.6ms D. 1000ms 13解答 每一路的速率 =2.048M/32 64Kbps 因此传输时间 =文件长 /一路传输速率 =32Kb/64Kbps=0.5s 14. 在曼切斯特编码中，如果 信号 的到达速率（即信号的波特率）是 10M，那么数据传输速率是 _A_。 A. 5Mbps B. 10Mbps C. 20Mbps D. 没有一个选项答案正确 练 （ 2） 1. 如果采用奇校验， 01001011和 10100100的校验位分别是 _C_。 （知识点： 3-1） A. 0和 0 B. 0和 1 C. 1和 0 D. 1和 1 1解答： 01001011 10100100 1 0 奇偶校验，检查 1的个数，偶数为 1，奇数为 0 2. 076C5FAA867E1A3B6654333C的 32位校验和为 _B_。 （知识点： 3-2） A. F43EAD21 B. 0BC152DF C. AA5F D. 55A1 2解析： 16一位标示为 4bit，则 32位是 8个位置，即原数据可拆分为 076C5FAA867E1A3B6654333C 076C5FAA 867E1A3B 6654333C 计算： 如果首位出现进位，则进位丢弃。 076C5FAA 867E1A3B 6654333C F43EAD21 求校验和的机制是求补码反码 1 原码 F43EAD21 =11110100 00111110 10101101 00100001 反码 0BCQ52DE=00001011 11000001 01010010 11011110 补码 0BCQ52DF=00001011 11000001 01010010 11011111 3. 0111010111001001采用 CRC校验码，生成多项式为 x3+x+1，最后发送的数据为 _C_。 （知识 点： 3-3） A. 0111010111001001001 B. 0111010111001001101 C. 0111010111001001111 D. 0110000110011101111 3解析： 发送的数据原始数据余数 x3最高位是 3次方，在原数据后补 3个 0进行计算，而不是 4个 0. 具体解题过程请见群共享练 (1)解答 4. 在带宽为 20Mbps、距离为 5km的信道上用协议 3传输数据帧，电信号在线路上的传播速度约为 5 ms/km，确认帧长度忽略，当信道利用率为 50%时，帧长为 _C_。 （知识点： 3-4） A.200bit B. 500bit C. 1Kb D. 1KB 解析：线路利用率（ L/B） /(L/B+2D/V)=(VL)/(VL+2BD)=1/2 需要注意单位转换 所以 L=2BD/V=2x20000000(Mb/s)x5000(m)/200000000(m/s)=1000bit=1Kb 5. 采用一位滑动窗口协议（即协议 4），通信一方的 next_frame_to_send=0， frame_expected=1，当收 到一个（ seq=0, ack=0, data）的帧后， next_frame_to_send=_， frame_expected =_，并将该帧 的数据 _D_。 A. 0， 0，送网络层 B. 0， 1，丢弃 C. 1， 0，送网络层 D. 1， 1，丢弃 5解析： S=next_frame_to_send R=frame_expected 接收帧时， seq与 R比较，若相等则接收网络层，且 R+；否则拒绝。 Ack与 S比较，若相等则从 网络层取新包， S+，否则 S无变化。 发送帧时： seq=next_frame_to_send; ack=frame_expected-1 6. 采用一位滑动窗口协议（即协议 4），通信一方的 next_frame_to_send=0， frame_expected=1，当发 送一帧时，帧的内容为（ seq=_, ack=_, data）。 A A. 0， 0 B. 0， 1 C. 1， 0 D. 1， 1 6解析： 查看 5解析 7. 采用位插入法的帧格式，若欲传输的信息是 10111111011，则实际传输的比特串是 _B_。 A. 10111111011 B. 101111101011 C. 100111111011 D. 101011111011 7解析 : 位插入法：发送时，连续 6个 1的第五个 1后插入 0 8. 网桥 是一种 _D_的设备。 A. 可以用于网段隔离 B. 是一种 工作 在数据链路层 C. 具有在 数据链路层 进行路由功能 D. 具有以上全部功能 9. 100Mbps的以太网的波特率是 _B_波特。 A 100MHz B. 125MHz C. 200MHz D. 150MHz 10. 一个 CSMA/CD的网络 ， 最大传输距离为 5000米 ， 信号传播速率为 200m/s， 网络带宽为 10M。 最短 帧长是 _C_。 A. 200bit B. 250 bit C. 500bit D. 1000bit 10解析： 发送最短帧的时间 =帧长 /网络速率 =2=2最长线路长度 /信号传播速率 转换成国际单位制 :200m/us=200*106m/s;10M转换成 10*106bps 2 * (D/V)=L/B=2*(5000/(200*106)=L/(10*106) L计算结果为 500bit 11. 上题中，时隙长度为 _C_。 A. 12.5s B. 25s C. 50s D. 100s 11解析 : 时隙长度就是上题解析中的 L/B或者 2*(D/V) 带入计算可得 2*(5000/(200*106)=50s 12. 在以太网中的某一时隙，有两个站点同时开始发送，则 3次竞争内（包括第 3次）将帧成功发送的概 率是 _D_。（或者说 3次竞争总可以解决冲突的概率） A. 12.5% B. 25% C. 75% D. 87.5% 12解析： 对于两个站点的第 j次竞争，发生在第 i次冲突之后， j=i+1，站点会在 0 , 2j-1)或 0 , 2i )返回选择等待时 隙。 其发生冲突的概率 =1/2j-1 =1/2i 前 j次竞争都冲突的概率 =1* 1/2 * . *1/2(j-1)*j/2=1/2i*(i+1)/2 前三次竞争都发生冲突的概率为 1/2i*(i+1)/2=1/2(j-1)*j/2=2-3 所以三次竞争内 (包括第三次 )将帧成功发送的概率为 1-2-3=0.875 13. IEEE 802.11采用的 MAC协议是 CSMA/CA，在该协议中当某站点收到站点 A发给站点 B的 RTS，没有 收到任何 CTS后，则该站点 _B_。 A. 不能与任何站点通信 B. 可以与除 A、 B以外的站点通信 C. 可以与除 B以外的站点通信 D. 可以与任何站点通信 13解析： 14. 想使由多个交换机连接的机器处于不同的局域网，需要采用 _B_技术。 A. IP子网划分 B.VLAN C. VPN D. 不同以太网标准 15. 在 以太网 中，当两个站点碰撞（即冲突） 5次后，选择的随机等待时隙数的范围是 _B_。（用数学 的区间符号表示，如 a, b） A.0,32 B.0,31 C. 0,63 D.0,64 15解析 一般的经 i次冲突后，发送站点需等待的时隙将从 02i-1中随机选择，即 0,2i-1或 0,2i) A E C D B RTS RTS RTS CTS CTS CTS A的作用域 G D收到 CTS不能再向 B发 数据 (解决 隐 藏站点 问题 ) C收到 RTS但收不到 CTS,可 以 继续 向 G发 数据 (解决暴露站点 问题 ) E既收到 RTS也收到 CTS, 因此不能和其他站点通信 练 （ 3） 说明：第 9题有 3空，分别对应第 9 11选择项，而第 12题有 2空，分别对应第 12 13选择项。请同学们提 交答案时不要漏写了，否则会提交不了。 1. 路由算法的作用是 _D_。 a) 统计丢包率 b) 进行拥塞控制 c) 存储 -转发分组 d) 负责填充和更新路由表 2. 某网络设备的 IP地址为 202.112.192.4，它属于 _C_类 IP地址。 A A B. B C. C D. D 2解析： 地址类别 网络数 主机数 A 0127（ 128） 16777216 B 128191（ 16384） 65536 C 192223（ 2097152） 256 D 224239 3. 一个 IP=10.10.30.88机器访问 IP=202.120.2.102的 Web服务器中网页， NAT的内网地址 =10.10.30.1，外 网地址 =218.81.195.105，则 Web服务器收到的 IP包中的源地址域的值 = _D_。 A 10.10.30.88 B. 202.120.2.102 C. 10.10.30.1 D. 218.81.195.105 3解析： NAT将内网出去的 IP包的源地址替换成自己外部 IP地址，因此服务器收到的 IP包中的源地址域的值 =NAT外部 IP地址 =218.81.195.105 4. BGP协议采用路由算法是基于 _C_的。 A最短路径算法（ Dijkstra） B. 扩散法（ Flooding） C. 距离矢量算法（ D-V） D. 链路状态算法（ L-S） 5. 202.120.5.193/28子网可容纳的主机数为 _A_个。 A. 14 B. 16 C. 254 D. 256 5解析 : 202.120.5。 193/28的子网掩码长度为 28位，即 28个 1+（ 32-28）个 0，即（ 11111111 11111111 11111111 11110000） 255.255.255.240 C类 ip的网络地址长度为 24位，因此子网长度位 28-24=4，子网中表示主机数长度为 8-4=4，（其中 8 是 c类地址表示后缀长度），该子网可容纳的主机数 24 2 14个 另一种计算方法是，子网中主机数长度 ip地址总长度掩码 1的个数 32-28=4.该子网可容纳的主 机数 24 2 14个 6. 上题中掩码为 _C_。 A. 255.255.255.0 B. 255.255.255.128 C. 255.255.255.240 D. 255.255.255.255 6解析： 查看第五题解析。 7. 对某 C类子网进行子网划分，子网号长度 3位。其中子网中 110(二进制数 )子网主机号为 6(十进制数 )的 节点的 IP地址的最后一个字节的值为 _C_。 A. 6 B. 192 C. 198 D. 255 7解析： (110 00110)=198 因为 c类地址的表示主机的字段为 1个字节，而子网号为 3位，因此剩下的真正表示主机的位 数只有 8-3=5位，让这 5位 6，即 00110，加上之前的 110子网号就等于二进制的 11000110 8. RIP、 OSPF分别采用的路由算法分别是 _B_。 A. D-V、 D-V B. D-V、 L-S C. L-S、 D-V D. L-S、 L-S 9. （本题目包括 3空）某路由器中的路由表如下表所示： 子网号 子网掩码 下一跳 202.120.34.128 255.255.255.192 本路由器端口 0 202.120.34.64 255.255.255.192 本路由器端口 1 Default 路由器 R2 10. 按下表所示，当该路由器收到所指定目的地址的数据包时，填写应转发的下一跳。 收到数据包的目的地址 应转发的下一跳 202.120.33.57 C 202.120.34.100 B 202.120.34.177 A A. 本路由器端口 0 B. 本路由器端口 1 C. 路由器 R2 D. 路由器 R3 9解析： 202.120.34.128 128- 10000000 255.255.255.192 192- 11000000 按位与， 11得 1， 10得 0， 01得 0， 00得 0 202.120.34.128 10000000 同理， 33&255=33， 57&192=0，因此选择 default下一跳 100&192=64， 177&192=128，对应选择 12. （本题包括 2空）一个有 5个节点的网络中，如果节点 5的邻居有 1、 3、 4，各邻居节点传来的距离矢 量如下表所示： TO 结点 1 结点 3 结点 4 1 0 11 5 2 10 6 9 3 8 0 3 4 5 3 0 5 7 4 7 5到邻居 1、 3、 4的距离分别为 7、 4、 11。试用距离矢量法计算节点 5的路由表，在表中剩余的部分填写 选项。 （ 考试时，每行都要写） TO 延时 线路 1 7 结点 1 2 3 4 结点 3 4 7 结点 3 5 0 延时（ C ） A. 8 B. 9 C. 10 D. 11 线路（ C ） A. 结点 1 B. 结点 2 C. 结点 3 D. 结点 4 解析： 练 （ 4） 说明：第 12题有 4空，从左至右分别对应第 12 15选择项。请同学们提交答案时不要漏写了，否则会提交 不了。 1. 数据报的最大长度为 2K，当拥塞窗口为 40K时发生拥塞，经过三次成功传输后，拥塞窗口大小为 _B_。 A.2KB B. 8KB C. 16KB D. 4KB 2. 上题的阈值（临界值）大小为 _B_。 A.40KB B. 20KB C. 24KB D. 26KB 3. 上题中经过五次成功传输后，拥塞窗口大小为 _B_。 A. 16KB B. 20KB C.32KB D. 34KB 4. 上题的阈值（临界值）大小为 _C_。 A. 40KB B. 50KB C.20KB D. 30KB 5. 上题中第 7次传输发生超时（即发生拥塞），则拥塞窗口大小为 _D_。 A. 24KB B. 128KB C.64KB D. 2K 6. 上题的阈值（临界值）大小为 _D_。 A. 40KB B. 20KB C.10KB D. 11KB 16解析： 发生拥塞，一下回到解放前 (数据拥塞窗口大小变成最大长度 2K) 拥 塞 窗 口 (KB ) 44 40 36 32 28 24 20 16 12 8 4 0 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 22 传输 号 临 界 值 2 临 界 值 1 7. 设 =7/8， 在 RTT= 5.0ms时发出的三个数据报的实际往返时间分别为 5.5， 6.2， 7.5， 则发出 3个数据 报后最后的 RTT _C_（四舍五入精确到小数点后 1位）。 A. 4.8ms B. 5.0ms C. 5.5ms D. 7.5ms 7解析： RTT = aRTT0 + (1 - a)M0 RTT0：前一次计算得到的重发定时值 M0：前一次测量得到的往返时间 a ：修正因子，前一次的 RTT值的权值（通常取 a= 7/8） RTT：到达连接目标端的往返时间的当前最佳估计值，可理解为往返时间概率分布的期望值 7/8*5.0+(1-7/8)*5.5=5.0625 7/8*5.0625+(1-7/8)*6.2=5.204688 7/8*5.204688+(1-7/8)*7.5=5.491602 8. MTA用于收发电子邮件的协议是 C 。 A FTP B.SNMP C.SMTP D.HTTP 9. 用于网络管理的协议是 B 。 A FTP B.SNMP C.SMTP D.HTTP 10. 用于传输网页的协议是 D 。 A FTP B.SNMP C.SMTP D.HTTP 11. 在 ftp的被动模式（即 PASV模式）下数据连接是由 _A_方发起的（即使用 connect原语）。 A客户 B.服务器 C. 服务器和客户的任意一 D. 第三 12. 有一个简单的以太网 LAN，假定简单网络管理协议中管理者主机 A站通过 get命令读取被管主机 B设备 信息时，则 A向 B发送的帧内容为： C A C B data 13. A IP B.SNMP C. MAC D.HTTP A IP B.ICMP C.UDP D.TCP A IP B.ICMP C.UDP D.TCP A IP B.SNMP C. MAC D.HTTP
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