八年级物理下学期期末试卷（含解析） 新人教版55

2015-2016学年河南省新蔡县高营阳光中学八年级（下）期末物理试卷一、填空题（每空1分，共14分）1如图所示的游戏情境，小孩将毽子向上踢出，表明力可以改变物体的；毽子被踢出后，由于会继续向上运动；在力的作用下，毽子最终会落向地面2如图1是a，b两种不同物质质量和体积的关系图象，则a，b两种物质密度之比为，如果用质量相等的上述两种物质分别制成甲、乙（图2）两个底面积不同、高度相同的实心圆柱体，并将它们放置在水平地面上，则甲、乙两圆柱体对水平地面的压强之比为3如图所示，将小纸条自然下垂，靠近水龙头的水流，小纸条将偏向水流，这一现象说明流体流速大的位置压强，这一原理的一个应用实例是4如图是自行车手闸示意图，手闸是一个简单机械，这种简单机械的名称是，当图中手对车闸的作用力F=10N时，刹车拉线受到力的大小为N5建筑工人用如图所示的甲、乙两种方式，把同样一桶建筑材料从一楼提升至二楼若滑轮的重力小于那桶建筑材料的重力，则更省力的是；机械效率较高的是6用手将一重为5N的物体全部压入水中，物体排开的水重8N，此时物体受到的浮力为N，放手后物体将 （填“上浮”或“下沉”），待物体静止时所受浮力为N二、选择题（每小题2分，共16分）7用同一压强计探究液体压强特点时，实验现象如图所示，此现象可说明（）A液体压强跟液体密度有关B液体压强跟深度有关C在同一深度，液体向各个方向的压强大小相等D液体内部向各个方向都有压强8如图所示的现象中，不能运用大气压强知识解释的是（）A用纸板盖住水杯，倒置后水不流出B吸盘能吸附在墙上C台风能掀开屋顶的瓦D用吸管喝饮料9一名普通中学生从地上拿起一个鸡蛋，并把它缓缓举过头顶，此过程中他对鸡蛋做的功约为（）A0lJB1JC10JD100J10小星乘超市的自动扶梯匀速上升的过程中，小星的（）A动能转化为势能，机械能不变B动能转化为势能，机械能增大C动能不变，势能增大，机械能增大D动能不变，势能不变，机械能不变11如图，下列工具中属于费力杠杆的是（）A开瓶起子B镊子C钢丝钳D独轮车12简单机械在我们的生活中应用很广泛下面是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重和摩擦），其中不省力的是（）ABCD13小明观察如下漫画（如图所示），总结了四个观点，其中正确的（）A甲图此刻人对箱子的推力小于箱子受到的摩擦力B乙图此刻箱子受到的摩擦力大于甲图此刻箱子受到的摩擦力C丙图此刻人对运动的箱子仍有推力D丙图箱子在同一水平面上滑动时受到的摩擦力大小不变14完全相同的三个小球甲、乙、丙分别放到密度分别为1、2、3的三种不同液体中，静止时的情况如图所示，三球所受浮力分别为F甲、F乙、F丙，则下列说法正确的是（）AF甲=F乙F丙BF甲F乙F丙C123D1=23三、作图题（每题2分，共4分）15如图所示，OA为轻质杠杆，可绕O点转动，在点B处用细绳悬挂一重物，在A端施加动力F1，使杠杯在水平位置平衡请画出杠杆受到的阻力F2及动力臂L1 （保留作图痕迹）16如图所示，用瓶起开启瓶盖，请画出在A点所用最小力的示意图四、实验探究题（7分+4分+7分=18分）17小冉在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用到如下器材：分度值为0.1N的弹簧测力计，底面积为5cm2、高度为6cm的实心圆柱体铜块，相同的大烧杯若干，水，密度未知的某种液体，细线等（1）小冉进行了如图所示的实验：A步骤所示弹簧测力计的示数为；用弹簧测力计挂着铜块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示（液体均未溢出），并将其示数记录在表中：实验步骤BCDEF弹簧测力计示数/N2.62.52.42.42.3（2）在实验步骤B中铜块所受浮力F浮=N；（3）分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟有关；分析实验步骤A、E、F，可以说明浮力大小跟有关（4）小冉用表格中的数据算出了某种液体的密度是kg/m3（结果保留一位小数），还算出了步骤B中铜块下表面受到水的压强是Pa，并发现步骤B、C、D中铜块下表面受到水的压强随着深度的增加逐渐（选填“增大”或“减小”）18如图是探究动能大小与哪些因素有关的实验装置（1）试验中通过观察木块在同一水平面上被推动的来比较小球的动能大小（2）将同一小球从同一斜面的不同高度（h1h2）由静止开始释放的目的是：使小球到达斜面底部时的速度（3）小球推动木块，最后静止时的位置如图甲乙所示，分析可知小球的动能与速度的大小（选填“有关“或“无关“）（4）如图丙所示，质量较小的扑克牌动能较大时能切入黄瓜，根据上面的探究可知，飞行的扑克牌一定具有的速度（选填“较大”或“较小”）19下面是小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中的情景，请你回答下列问题（1）应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在位置平衡，这样做是为了便于测量（2）图甲中是小明同学前两次实验的情景实验时所用的每个钩码重均为0.5N，杠杆上刻线的间距为5cm，部分实验数据记录如下表，请将表格中的实验数据补充完整实验次数动力（F1/N）动力臂（L1/cm）阻力（F2/N）阻力臂（L2/cm）11.5101212010（3）如图乙所示是第3次实验，此时杠杆已处于平衡状态若小明分别同时拿走两边下方的两个钩码，则杠杆的（填“左”或“右”）端将下沉为使杠杆重新恢复水平平衡，小明应将左侧剩余的两个钩码移至点处（4）该实验中多次改变力和力臂的大小，从而得到多组数据这样做的目的是五、综合应用题（8分+10分=18分）20钓鱼岛自古以来就是中国国有领土，早在明朝1373年我国渔民就已经发现了钓鱼岛如图所示是我国一艘装备精良的现代化综合公务船正在钓鱼岛巡航的示意图（海水密度取1.02103kg/m3，g=10N/kg）（1）若该船的声呐探头距海面深度为8m，则该声呐探头受到海水的压强是多少？（2）该船满载时排水量为3400t，则船受到的重力和浮力各为多少？（3）当该公务船以45km/h的速度匀速航行6h，若航行时受到阻力为船重的0.05倍，则这一过程中动力所做的功是多少？21在新农村建设中，为将一批建材运到10m高的施工处，工人利用如图所示的滑轮组提升建材装置中动滑轮重100N，工人每次匀速提升一箱重400N的建材，不计绳重和摩擦求：（1）每次提升建材时的有用功、额外功各是多少？（2）该滑轮组的机械效率是多少？（3）为加快施工进度，张师傅建议用电动机做动力替代人提升建材为了安全，改装后每次可吊起四箱建材，建材匀速上升时的速度为0.4m/s仓库中现有两台电动机，型号分别为“220V0.8kW”、“220V3kW”，请你通过计算说明应选哪台电动机才能使配置更为合理2015-2016学年河南省新蔡县高营阳光中学八年级（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空1分，共14分）1如图所示的游戏情境，小孩将毽子向上踢出，表明力可以改变物体的运动状态；毽子被踢出后，由于惯性会继续向上运动；在重力的作用下，毽子最终会落向地面【考点】力的作用效果；惯性；重力【分析】（1）力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状物体由静到动、由动到静，以及运动快慢和方向的改变都叫做运动状态发生了改变（2）一切物体都有惯性（3）地面附近的一切物体都受重力【解答】解：小孩将落下的毽子向上踢出，改变了毽子运动的方向，说明力可以改变物体的运动状态由于惯性，毽子被踢出后还要保持原来的运动状态向上运动，但最终还是因为受到重力的作用要落回地面故答案为：运动状态，惯性，重【点评】本题从一个实例考查了学生力学方面的知识，体现了物理来源于生活又应用于生活的物理意识2如图1是a，b两种不同物质质量和体积的关系图象，则a，b两种物质密度之比为2：1，如果用质量相等的上述两种物质分别制成甲、乙（图2）两个底面积不同、高度相同的实心圆柱体，并将它们放置在水平地面上，则甲、乙两圆柱体对水平地面的压强之比为2：1【考点】密度的大小比较；压强大小比较【分析】（1）分别算出a物质和b物质的密度，就能知道a：b的结果（2）首先明确平放在地面的物体对地面的压力等于其自身重力，然后根据密度公式、体积公式和压强公式分别表示出p甲和p乙，然后即可得到甲、乙两圆柱体对水平地面的压强之比【解答】解：（1）由图象可知，a物质的密度a=8g/cm3，b物质的密度b=4g/cm3，所以， =2：1；（2）由=、G=mg得，p甲=ahg；同理，p乙=bhg；所以，p甲：p乙=a：b=2：1故答案为：2：1；2：1【点评】本题考查了学生对密度公式的应用、密度及其特性的理解，考查了学生根据物理知识分析图象的能力，这类题在试题中经常出现，一定要掌握解答此类题的方法熟练掌握密度公式、压强公式和重力公式是解答此题的关键3如图所示，将小纸条自然下垂，靠近水龙头的水流，小纸条将偏向水流，这一现象说明流体流速大的位置压强越小，这一原理的一个应用实例是喷雾器【考点】流体压强与流速的关系【分析】流体压强与流速的关系：流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大【解答】解：小纸条靠近水龙头流下的水流时，水流带动周围空气流动，使水流与纸条间的空气流动速度较快，压强较小，所以纸条被压向水流，这一现象能说明流体流速越大的位置压强越小这一原理的一个应用实例是喷雾器如图，由于小孔喷出的快速气流使细管B的上端开口处形成了一个低压区，此处压强小于容器内液面上方气体压强水就在容器内液面上方气体的这个较大压强的作用下，沿着细管上升到上端开口处，受气流的冲击，被喷成雾状故答案为：越小；喷雾器【点评】掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强解释有关的问题4如图是自行车手闸示意图，手闸是一个简单机械，这种简单机械的名称是杠杆，当图中手对车闸的作用力F=10N时，刹车拉线受到力的大小为40N【考点】杠杆的平衡条件【分析】（1）在力的作用下，能够绕着固定点转动的硬棒叫杠杆；（2）根据杠杆平衡条件确定拉线受到的拉力【解答】解：由图知，自行车手闸在力的作用效果下，能够绕着铆钉转动，所以是杠杆的应用；因为F1L1=F2L2，所以拉线受到的拉力为F=10N=40N故答案为：杠杆；40【点评】此题考查的是我们对杠杆及其平衡条件的认识和应用，属于基本规律和技能的考查，是一道联系实际的应用题5建筑工人用如图所示的甲、乙两种方式，把同样一桶建筑材料从一楼提升至二楼若滑轮的重力小于那桶建筑材料的重力，则更省力的是甲；机械效率较高的是乙【考点】动滑轮及其工作特点；定滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率【分析】（1）定滑轮相当于一个等臂杠杆，不省力；动滑轮相当于动力臂为阻力臂2倍的杠杆；（2）机械效率等于有用功与总功的比值【解答】解：甲是动滑轮，则拉力F甲=（G+G动），由于G动小于G，所以F甲G；乙为定滑轮，不省力，F乙=G，所以F甲F乙；用甲、乙两种方式，把同样一桶建筑材料提升相同高度，两种方式所做有用功相等，乙方式所做额外功是克服摩擦做功，甲方式需要克服相同的摩擦，以及克服动滑轮重力做额外功，额外功大于乙方式，由=可知，甲乙故答案为：甲；乙【点评】本题对定滑轮和动滑轮做了深层次的挖掘，结合本题可以是我们对滑轮有更深的理解6用手将一重为5N的物体全部压入水中，物体排开的水重8N，此时物体受到的浮力为8N，放手后物体将上浮 （填“上浮”或“下沉”），待物体静止时所受浮力为5N【考点】物体的浮沉条件及其应用【分析】浸在液体中的物体受到的浮力等于排开的液体受到的重力；物体的浮沉条件是：浮力大于重力，上浮；浮力等于重力，悬浮；浮力小于重力，下沉【解答】解：用手将物体全部压入水中时，已知物体排开的水重为8N，由阿基米德原理知：此时物体所受的浮力F浮=G排=8N；放手后，物体受到的浮力8N大于物体的自重5N，因此物体要上浮，最后处于漂浮，则浮力F浮=G=5N故答案为：8；上浮；5【点评】本题考查阿基米德原理和物体的浮沉条件；知道浮力大小等于物体排开的液体的重力二、选择题（每小题2分，共16分）7用同一压强计探究液体压强特点时，实验现象如图所示，此现象可说明（）A液体压强跟液体密度有关B液体压强跟深度有关C在同一深度，液体向各个方向的压强大小相等D液体内部向各个方向都有压强【考点】探究液体压强的特点实验【分析】液体压强跟液体的密度和深度有关，分析解答此题时要注意应用控制变量法【解答】解：如图所示，压强计的金属盒朝向相同方向，液体的深度相同，所不同的是：一个是水，一个是浓盐水，即液体的密度不同，发现U型管两侧的液面高度差不同，表明液体压强与液体的密度有关，且密度越大，压强越大综上分析可知，选项BCD错误，A正确故选A【点评】此题主要考查的是学生对液体内部压强规律的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的应用，认识和会用U形管压强计，这是我们必须掌握的基本技能8如图所示的现象中，不能运用大气压强知识解释的是（）A用纸板盖住水杯，倒置后水不流出B吸盘能吸附在墙上C台风能掀开屋顶的瓦D用吸管喝饮料【考点】大气压的综合应用【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”大气压强在实际生活中的应用十分广泛，有：吸管喝饮料、离心式水泵抽水、钢笔吸墨水等【解答】解：A、水杯倒置水没流出，是因为纸片受到水向下的压强小于外界大气压强，水在外界大气压的作用下不会流出，是由于大气压引起的，故A错误；B、吸盘能吸附在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，吸盘内压强小于外界大气压，吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上这是由于大气压引起的，故B错误；C、台风掀翻屋顶的瓦是因为屋顶的空气流速快，压强小，屋内的空气流速慢，压强大，产生向上的压强差，故C正确；D、用吸管能吸饮料，嘴中的压强小于外界大气压，饮料在大气压的作用下被压入到嘴中因此这是由于大气压强的作用引起的，故D错误；故选C【点评】此类题举出的例子一般都是学生平时生活中接触过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念9一名普通中学生从地上拿起一个鸡蛋，并把它缓缓举过头顶，此过程中他对鸡蛋做的功约为（）A0lJB1JC10JD100J【考点】功的大小比较【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后确定最符合实际的答案【解答】解：一只鸡蛋的质量约50g，受到的重力为G=mg=0.05kg10N/kg=0.5N从地上拿起鸡蛋，并把它缓缓举过头顶，通过的距离大约2m，所以对鸡蛋做的功大约为W=Gh=0.5N2m=1J故选B【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义10小星乘超市的自动扶梯匀速上升的过程中，小星的（）A动能转化为势能，机械能不变B动能转化为势能，机械能增大C动能不变，势能增大，机械能增大D动能不变，势能不变，机械能不变【考点】动能和势能的大小变化；机械能【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能=动能+势能，物体没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，只考虑重力势能和动能【解答】解：小星乘超市的自动扶梯匀速上升的过程中，小星的质量不变，速度不变，动能不变；高度增大，重力势能增大；机械能=动能+重力势能，动能不变，重力势能增大，机械能增大此过程中，动能不变，动能没有转化为其他形式的能故选C【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能、机械能大小的影响因素掌握各种形式能的变化11如图，下列工具中属于费力杠杆的是（）A开瓶起子B镊子C钢丝钳D独轮车【考点】杠杆的分类【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、开瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆故选B【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂12简单机械在我们的生活中应用很广泛下面是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重和摩擦），其中不省力的是（）ABCD【考点】轮轴及其他常见简单机械；杠杆的平衡条件；滑轮组及其工作特点【分析】不计机械重和摩擦，则用机械做的功等于直接用手做的功根据滑轮组的省力特点进行判断；使用定滑轮不省力；根据杠杆的平衡条件进行分析【解答】解：不计机械重和摩擦，A、由图知，F14m=G2m，所以F1=G；B、滑轮组由三段绳子承担，所以F2=G；C、由图知，是定滑轮，不能省力，所以F3=G；D、根据杠杆的平衡条件：F4（L+2L）=GL，所以F4=G由以上分析得，只有C不省力故选C【点评】此题考查了功的原理、滑轮组的省力特点、定滑轮的特点及杠杆的平衡条件的应用，涉及的比较全面，是一道基础性很好的题目13小明观察如下漫画（如图所示），总结了四个观点，其中正确的（）A甲图此刻人对箱子的推力小于箱子受到的摩擦力B乙图此刻箱子受到的摩擦力大于甲图此刻箱子受到的摩擦力C丙图此刻人对运动的箱子仍有推力D丙图箱子在同一水平面上滑动时受到的摩擦力大小不变【考点】二力平衡条件的应用【分析】先判断物体的运动状态，再根据二力平衡的条件判断力的大小，物体如果在水平推力的作用下静止，那么摩擦力和拉力二力平衡，大小相等【解答】解：A、甲图中人用水平推力推木箱，但没有推动，即此时木箱处于平衡状态，此时所受的推力和摩擦力是一对平衡力，故这两个力大小相等；故A错误；B、乙图中表示人用更大的推力，但木箱仍然没有推动，即仍处于平衡状态，所受的推力和摩擦力是一对平衡力，这两个力大小相等，此刻箱子受到的摩擦力大于甲图此刻箱子受到的摩擦力；故B正确；C、丙图中表示木箱在水平地面上已运动起来，但人已经摔倒，不再对木箱施加推力，故C错误；D、丙图中木箱在水平地面上运动，由木箱和水平地面没有改变，所以受到的摩擦力大小不变，故D正确故选：BD【点评】处于静止的物体或匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力的条件判断力的大小和力的方向，是很常用的一种方法14完全相同的三个小球甲、乙、丙分别放到密度分别为1、2、3的三种不同液体中，静止时的情况如图所示，三球所受浮力分别为F甲、F乙、F丙，则下列说法正确的是（）AF甲=F乙F丙BF甲F乙F丙C123D1=23【考点】物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）根据漂浮或悬浮时，F浮=G，可知小球在甲、乙、丙液体中的所受浮力的大小；（2）小球在甲中漂浮，在乙中悬浮，在丙中下沉可以判断小球的密度与液体密度的关系；【解答】解：（1）如甲、乙图所示，小球处于漂浮和悬浮状态，则F甲=F乙=G，小球在丙图处于下沉状态，则F丙G，所以F甲=F乙F丙（2）小球在甲漂浮，说故明小球的密度小于液体的密度；小球在乙中悬浮，说明乙的密度等于液体的密度；小球在丙中下沉，说明小球的密度大于丙的密度，小球密度相同，故可知液体的密度关系分别是：1球；在B中悬浮，则：2=球；在丙中下沉：3球；所以123故选AC【点评】本题考查利用液体压强公式来判断容器所受液体压强的大小，关键是根据物体的沉浮条件判断出液体密度的大小关系三、作图题（每题2分，共4分）15如图所示，OA为轻质杠杆，可绕O点转动，在点B处用细绳悬挂一重物，在A端施加动力F1，使杠杯在水平位置平衡请画出杠杆受到的阻力F2及动力臂L1 （保留作图痕迹）【考点】杠杆及其五要素【分析】作用在杠杆上的动力是绳子拉杠杆的力，方向沿绳子向上；阻力是物重对杠杆的力，方向竖直向下；已知支点、动力和阻力的方向，根据力臂的画法，过支点作动力作用线和阻力作用线的垂线段，即动力臂和阻力臂【解答】解：由图F1为动力，过支点O做动力F1的垂线段，即为动力臂L1点B处用细绳悬挂一重物，重物对杠杆的竖直向下的拉力为阻力，作用点在B点如图所示：【点评】会判断作用在杠杆上的动力和阻力，会根据力臂的画法，准确作出动力臂和阻力臂16如图所示，用瓶起开启瓶盖，请画出在A点所用最小力的示意图【考点】杠杆中最小力的问题【分析】杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂（F1l1=F2l2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小【解答】解：用瓶起开启瓶盖，支点为O，由杠杆的平衡条件（F1l1=F2l2）可知，OA为最长动力臂时，动力最小，连接OA，过A点作垂直于OA的有向线段，方向向上如图所示：【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论四、实验探究题（7分+4分+7分=18分）17小冉在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用到如下器材：分度值为0.1N的弹簧测力计，底面积为5cm2、高度为6cm的实心圆柱体铜块，相同的大烧杯若干，水，密度未知的某种液体，细线等（1）小冉进行了如图所示的实验：A步骤所示弹簧测力计的示数为2.7N；用弹簧测力计挂着铜块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示（液体均未溢出），并将其示数记录在表中：实验步骤BCDEF弹簧测力计示数/N2.62.52.42.42.3（2）在实验步骤B中铜块所受浮力F浮=0.1N；（3）分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟排开液体的体积有关；分析实验步骤A、E、F，可以说明浮力大小跟液体密度有关（4）小冉用表格中的数据算出了某种液体的密度是1.3103kg/m3（结果保留一位小数），还算出了步骤B中铜块下表面受到水的压强是200Pa，并发现步骤B、C、D中铜块下表面受到水的压强随着深度的增加逐渐增大（选填“增大”或“减小”）【考点】探究浮力大小的实验【分析】（1）首先看清测力计的分度值，然后再读数；（2）根据F浮=GF拉可求得浮力；（3）应用控制变量法分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象分析答题，然后得出结论；（4）已知圆柱体铜块的底面积和高，可求得其体积，浸没时，V排=V，根据F浮=GF拉可求得浮力，再利用F浮=液gV排可求得液体的密度；由浮力产生的原因可知，步骤B中铜块下表面受到水的压力，然后利用p=可求得下表面受到水的压强；根据B、C、D中数据分析下表面受到水的压强随着深度的增加是如何变化的【解答】解：（1）测力计的分度值为0.1N，由指针位置可知，A步骤所示弹簧测力计的示数为2.7N；（2）由表格数据可知，在实验步骤B中拉力为2.6N，则步骤B中铜块所受浮力F浮=GF拉=2.7N2.6N=0.1N，由A、B、C、D所示实验可知物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大，由此可知：浸在同种液体中的物体所受浮力大小跟物体排开液体的体积有关由A、E、F，实验可知，物体排开液体体积相同而液体密度不同，物体受到的浮力不同，这说明物体排开相同体积的液体时，所受浮力大小根液体密度有关（3）V=5cm26cm=30cm3=3105m3，浸没时，V排=V，在F图中，F浮=GF拉=2.7N2.3N=0.4N，由F浮=液gV排可得：液=1.3103kg/m3；由浮力产生的原因可知，骤B中铜块下表面受到水的压力F=F浮=0.1N下表面受到水的压强p=200Pa，由B、C、D中数据可知，F拉逐渐减小，根据F浮=GF拉可知，浮力增大，即下表面受到水的压力增大，受力面积不变，由p=可知，p逐渐增大，即铜块下表面受到水的压强随着深度的增加逐渐增大故答案为：（1）2.7N；（2）0.1；（3）排开液体的体积；液体的密度；（4）1.3103；200；增大【点评】本题是较典型的用控制变量法分析实验得出结论的题型在分析问题时，要明确哪些量是相同的，哪些量是变化的或不同的，正是这些变化的或不同的量导致了实验结果的不同18如图是探究动能大小与哪些因素有关的实验装置（1）试验中通过观察木块在同一水平面上被推动的距离来比较小球的动能大小（2）将同一小球从同一斜面的不同高度（h1h2）由静止开始释放的目的是：使小球到达斜面底部时的速度不同（3）小球推动木块，最后静止时的位置如图甲乙所示，分析可知小球的动能与速度的大小有关（选填“有关“或“无关“）（4）如图丙所示，质量较小的扑克牌动能较大时能切入黄瓜，根据上面的探究可知，飞行的扑克牌一定具有较大的速度（选填“较大”或“较小”）【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明小球的动能越大（2）实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一钢球，这样可以保证小球的质量相同；当研究动能大小与质量的关系时，要让钢球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同（3）根据推动的距离越远表明小球的动能越大的规律分析小球的动能与速度的大小关系；（4）根据动能大小的影响因素（物体的质量和速度）分析即可【解答】解：（1）从甲乙两图中可以看出，小球滑下的高度不同，即小球刚到水平面上时的速度不同，并且小球滑下时的高度越大，木块被推动的距离越远，所以距离越远表明小球的动能越大（2）实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与速度的关系时，应保证小球的质量相同；改变下落速度，要让钢球沿斜面的不同高度处下落，使小球到达斜面底部时的速度不同；（3）因为推动的距离越远表明小球的动能越大，如图甲乙所示可知乙图中小球将木块推动的远些，说明小球的动能与速度的大小有关（4）动能大小与物体的质量和速度有关，且质量越大、速度越大，动能就越多，所以在质量较小的扑克牌动能较大时，一定是具有较大的速度故答案为：（1）距离； （2）不同； （3）有关； （4）较大【点评】此题主要考查学生探究动能的影响因素实验的理解和掌握该实验中注意控制变量法的应用，注意分析推理的科学性19下面是小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中的情景，请你回答下列问题（1）应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量力臂（2）图甲中是小明同学前两次实验的情景实验时所用的每个钩码重均为0.5N，杠杆上刻线的间距为5cm，部分实验数据记录如下表，请将表格中的实验数据补充完整实验次数动力（F1/N）动力臂（L1/cm）阻力（F2/N）阻力臂（L2/cm）11.5101212010（3）如图乙所示是第3次实验，此时杠杆已处于平衡状态若小明分别同时拿走两边下方的两个钩码，则杠杆的左（填“左”或“右”）端将下沉为使杠杆重新恢复水平平衡，小明应将左侧剩余的两个钩码移至E点处（4）该实验中多次改变力和力臂的大小，从而得到多组数据这样做的目的是寻找普遍规律，避免结论的偶然性【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于测量力臂；（2）根据表格中提供的数据和杠杆平衡条件F1L1=F2L2进行计算；（3）结合图乙的情形，根据杠杆平衡条件可求出两侧各去掉一个钩码后两侧的力与力臂的乘积，并做出判断；（4）初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性【解答】解：（1）在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量力臂；（2）根据F1L1=F2L2，第1次实验中：1.5N10cm=1NL2，所以L2=15cm；同理，第2次实验中：1N20cm=F210cm所以F2=2N；（3）在图乙中，如果两侧各去掉两个钩码，则左侧：0.5N25cm3=15Ncm，右侧：0.5N15cm4=10Ncm，左侧的力与力臂的乘积大于右侧的力与力臂的乘积，所以杠杆的左侧下降；为使杠杆恢复水平平衡，左侧力和力臂的积应为10Ncm，即0.5N25cmn=10Ncm，则n=2，故应移至E点处；（4）本次实验多次改变力和力臂的大小，避免实验次数过少，导致实验结论具有偶然性，使得出的实验结论具有普遍性，避免偶然性故答案为：（1）水平；力臂；（2）15；2；（3）左；E；（4）寻找普遍规律，避免结论的偶然性【点评】本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从原理到实际操作、实验方法、数据分析等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验五、综合应用题（8分+10分=18分）20钓鱼岛自古以来就是中国国有领土，早在明朝1373年我国渔民就已经发现了钓鱼岛如图所示是我国一艘装备精良的现代化综合公务船正在钓鱼岛巡航的示意图（海水密度取1.02103kg/m3，g=10N/kg）（1）若该船的声呐探头距海面深度为8m，则该声呐探头受到海水的压强是多少？（2）该船满载时排水量为3400t，则船受到的重力和浮力各为多少？（3）当该公务船以45km/h的速度匀速航行6h，若航行时受到阻力为船重的0.05倍，则这一过程中动力所做的功是多少？【考点】液体的压强的计算；浮力的利用；功的计算【分析】（1）知道该船的声呐探头距海面深度，根据p=gh求出该声呐探头受到海水的压强；（2）知道该船满载时排水量，根据阿基米德原理和G=mg求出船受到的浮力，再根据物体漂浮条件求出受到的重力；（3）已知轮船行驶的速度和时间，根据s=vt求出船行驶的路程，因为轮船匀速航行，所以推进力等于海水阻力，已知推进力和行驶的路程，利用公式W=Fs计算推进力做的功【解答】解：（1）该声呐探头受到海水的压强：p海水=海水gh=1.02103kg/m310N/kg8m=8.16104Pa；（2）由阿基米德原理可得，船受到的浮力：F浮=G排=m排g=3400103kg10N/kg=3.4107N，因船处于漂浮状态，所以，船受到的重力：G=F浮=3.4107N；（3）由v=可得，船行驶的路程：s=vt=45km/h6h=270km=2.7105m，由于船匀速行驶，则船受到的动力：F=f=0.05G=0.053.4107N=1.7106N，这一过程中动力所做的功：W=Fs=1.7106N2.7105m=4.591011J；答：（1）该声呐探头受到海水的压强是8.16104Pa；（2）船受到的重力和浮力都是3.4107N；（3）这一过程中动力所做的功是4.591011J【点评】本题考查功的计算、浮力大小的计算、液体压强的计算和阿基米德原理公式的理解和应用，理解排水量的含义是本题的关键21在新农村建设中，为将一批建材运到10m高的施工处，工人利用如图所示的滑轮组提升建材装置中动滑轮重100N，工人每次匀速提升一箱重400N的建材，不计绳重和摩擦求：（1）每次提升建材时的有用功、额外功各是多少？（2）该滑轮组的机械效率是多少？（3）为加快施工进度，张师傅建议用电动机做动力替代人提升建材为了安全，改装后每次可吊起四箱建材，建材匀速上升时的速度为0.4m/s仓库中现有两台电动机，型号分别为“220V0.8kW”、“220V3kW”，请你通过计算说明应选哪台电动机才能使配置更为合理【考点】机械效率的计算；有用功和额外功；功率的计算【分析】（1）知道一箱建材重和提升的高度，利用W=Gh求有用功；不计绳重和摩擦，利用W额=G动h求额外功；（2）利用W总=W有+W额求出总功，再利用机械效率的公式求该滑轮组的机械效率；（3）求出提升四箱建材时的总功和所需时间，利用P=求需要电动机的电功率进行选择【解答】解：（1）每次提升建材时的有用功：W有=Gh=400N10m=4000J，不计绳重和摩擦，每次提升建材时的额外功：W额=G动h=100N10m=1000J；（2）W总=W有+W额=4000J+1000J=5000J，滑轮组的机械效率：=100%=100%=80%；（3）提升四箱建材时，动滑轮重不变，额外功不变；物重是原来的4倍，则有用功是原来的4倍；提升四箱建材时的总功：W总=W有+W额=44000J+1000J=17000J将重物匀速提升至10m高处所需时间：t=25s，则提升四箱建材的总功率：P=680W=0.68kW故应选择型号为“220V 0.8kW”的电动机才能使配置更为合理答：（1）每次提升建材时的有用功为4000J、额外功为1000J；（2）该滑轮组的机械效率是80%；（3）选型号为“220V 0.8kW”的电动机才能使配置更为合理【点评】本题考查了速度的计算、功的计算、功率的计算、机械效率的计算，涉及到寻找合理的配置方法，知识点多，属于难题