九年级物理上学期期末试卷（含解析） 苏科版4

2015-2016学年江苏省苏州市张家港市九年级（上）期末物理试卷一、选择题（每题2分，共24分.在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的.）1如图所示，下列工具在使用中属于费力杠杆的是（）A剪刀B起子C镊子D钢丝钳2用来辨别家庭电路中的零线和火线的工具是（）A电流表B测电笔C电能表D电压表3下列四位科学家中，用其名字命名功率单位的是（）A瓦特B焦耳C牛顿D欧姆4下列现象中，改变物体内能的方式跟其他几个不同的是（）A自行车轮胎放气时，气门嘴处温度降低B放进冰箱冷冻室的水变成冰块C在汽油机的压缩冲程中，气缸内气体的温度升高D用手来回弯折铁丝，弯折处铁丝温度升高5日常生活中，下列估测不符合事实的是（）A一只“220V 60W”的白炽灯工作10h消耗电能约0.6kWhB家庭照明电路的电压是220VC家用电饭煲的电功率约为900WD手机待机的电流为0.15A6一杯开水，从刚倒入到可以喝的这一段时间内，放出的热量大约是（）A500JB5000JC5104JD5105J7如图所示，要使图中电流表的示数最大，下列做法中正确的是（）AS1、S2都断开BS1、S2都闭合CS1断开，S2闭合DS1闭合，S2断开8关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（）A温度为0的物体没有内能B物体温度越高含有热量越多C1kg0的水和1kg0的冰内能相同D在相同状态下，同一物体温度降低，其内能减少92013年某天，一颗数十吨的陨石飞向地球，在加速下落的过程中，陨石与大气发生剧烈摩擦而燃烧，犹如一颗火球扑向地面陨石下落过程中，其动能和内能的变化情况是（）A动能增加，内能增加B动能增加，内能减少C动能减少，内能增加D动能减少，内能减少10如图甲所示，电源电压为9V不变，滑动变阻器的最大阻值为100，电流在0.1A0.4A之间时电子元件均能正常工作若通过此电子元件的电流与其两端电压的关系如图乙所示，则下列判断正确的是（）A为使电子元件处于正常工作状态，滑动变阻器的阻值范围应控制在12.570B电子元件处于正常工作状态时，电路消耗的最小功率为3.6WC当P在中点时，电子元件与滑动变阻器的电压之比为1：1D电子元件工作时，电阻保持不变11如图所示，当开关闭合时，电压表V1、V2的示数分别为10V和4V，已知电动机M的线圈电阻为1，R是阻值为4的定值电阻，下列结论正确的是（）AR两端的电压为6VB通过电动机的电流为6AC电阻R消耗的电功率为144WD电动机消耗的电功率为6W12某同学在做“调节灯泡亮度”的实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“03V“，滑动变阻器规格“201A“，灯泡上标有“2.5V1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化）在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（）A电路中电流变化的范围是0.18A0.5AB滑动变阻器阻值变化的范围是2.510C该电路的最大功率是2.25WD灯泡的最小功率是0.162W二、填空题（每空1分，共28分）13一节干电池的电压为_V，对人体安全的电压不高于_V14搓手能使手的温度升高，这是用_的方法使手的内能增加；把饮料放进冰箱，饮料温度降低，这是通过_的方式使饮料的内能发生改变15唐诗中有“黄河远上白云间”、“不尽长江滚滚来”的诗句，从物理学的角度来看，前一句生动形象地表明黄河水存储着大量的_能，后一句表明长江水具有大量的_能16在水平地面上，用100N的水平拉力拉重为200N的小车，使小车沿水平方向前进2m，所用的时间是5s，则重力做功为_J，拉力做功的功率为_W17利用杠杆投掷石球，如图，作用在A点的力沿_时最小已知石球重100N，OA：OB=1：4，则作用在A点力的最小值为_（不计杠杆自重及摩擦）18一段导体两端的电压是24V时，通过的电流是0.5A，则这段导体消耗的电功率是_W，通电10s电流做的功是_J19在如图1所示的电路中，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I一U关系图象如图2所示则小灯泡发光时的最小功率为_W，滑动变阻器的最大阻值为_，整个电路的最大电功率为_W20苏州市城乡电网改造后，家用的电能表全部改用了精度高、能耗少的脉冲式数字电能表，小明家脉冲式数字电能表的表盘上有“3000imp/（ kWh）”、“220V、20A”等信息，若小明关闭其它所有的用电器，只接通一只“220V、100W”的电灯，使其正常工作1h，则电灯消耗的电能是_J，合_kWh，电能表的指示灯闪烁了_次，傍晚时，小明发现在2min内自己家的电能表指示灯闪烁了100次，则小明家正在使用的电器总功率为_W21如图所示，斜面长S=10m，高h=4m用沿斜面方向的推力F，将一个重为150N的物体由斜面底端A匀速推到顶端B运动过程中物体克服摩擦力做了200J的功求：（1）运动过程中克服物体的重力做的功W=_J；（2）斜面的机械效率=_；（3）推力F的大小F=_N22如图所示，电源电压恒定小灯泡L标有“3V 0.6W”字样，R为定值电阻闭合S，断开Sl，小灯泡正常发光；若再闭合S1，发现电流表示数变化了0.3A，则R的阻值为_，此时灯泡L和电阻R消耗的功率之比是_23将两个定值电阻R1、R2并联在电压为U的电源两端，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为3P1当把它们串联在电压为4U的电源两端时，R1两端的电压为_，两个电阻消耗的总功率为_24在如图所示的电路中，电源电压U及电阻R0均恒定不变，当可变电阻R先后被调为8和2时，可变电阻R的电功率都是2W，则R0=_，U=_V，电源先后供给电路的功率之比为_三、解答题（共9小题，共48分.解答第31，32，33题时要求写出详细求解过程）25按要求完成作图（1）通过甲图所示滑轮组向上提升重物，请画出既能省力又能改变施力方向的绕绳方法（2）如图乙所示，在圆圈内填入正确的电表符号，使开关闭合后两灯都能发光（3）如图丙所示，用笔画线代替导线将电灯和开关接到家庭电路中26小华和小明在“探究杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧、测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端低，右端高，此时，应把杠杆两端的平衡螺母向_ （左/右）调节，使杠杆在水平位置平衡（2）杠杆调节平衡后，小华在A点悬挂2个钩码，在B点用弹簧测力计拉杠杆，使杠杆水平平衡用弹簧测计的目的是：_（3）杠杆调节平衡后，小明同学经过实验，获得了下述数据：动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm4554于是小明得出了杠杆的平衡条件为：“动力+动力臂=阻力+阻力臂”你认为小明的实验中存在的问题是：_（写出一个即可）27小敏用如图甲所示的电路研究通过导体的电流与导体电阻的关系，电源电压恒为6V改变电阻R的阻值，调节滑动变阻器滑片，保持电阻R两端的电压不变，记下相应的4次实验的电流和电阻值，描绘在乙图中（1）在实验过程中，移动变阻器滑片时，眼睛应注视_A变阻器滑片 B电压表示数 C电流表示数（2）在丙图中，用笔画线代替导线，将电路连接完整（3）实验中，他所选择的变阻器是_A.10 0.5A B.20 1A C.50 2A（4）乙图中阴影部分面积表示的物理量是_（5）在实验过程中，如果出现了电流表示数为0，但电压表示数为2V，电路发生的故障可能是_28用实验室提供的常用器材测电阻时，小明与另外三位同学各自设计了下列甲、乙丙、丁四个电路图 （1）小明连接好电路后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，测得数据如下：电压表示数U/V0.60.81.01.21.4电流表示数I/A0.180.240.300.360.42通过分析表格中的实验数据，推断小明在实验中所用的电路是图1中的_图（2）根据上表中的数据，在图2中画出I一U图线分析图线能得出的结论是：_（3）另外三位同学连接好电路后，闭合开关S，移动变阻器的滑片P时，分别出现了下列三种异常现象：A电流表示数有变化，电压表示数几乎为零B电流表示数几乎为零，电压表示数基本不变C电流表烧坏请你判断：按_图连接的电路出现现象A；按_图连接的电路出现现象B；按_图连接的电路出现现象C29小明猜想：动能的大小可能与物体的质量和速度有关因此，他设计了如下两种实验方案：A让同一辆小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图甲所示）B让不同质量的小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图乙所示）述两种实验方案中：（1）A方案是为了探究动能大小与_关系，若木块被撞后移动的距离越远，说明小车对木块的推力_越多，小车撞击木块时的动能_（2）小明想用B方案探究动能大小与质量的关系，该方案是否合理？_，理由是_（3）若水平面绝对光滑，该实验还能得出结论吗？_，理由是：_30在“测定小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡和额定电压为3.8V（1）小明在连接实验电路时还有导线未接上，如图甲所示，请用笔画线代替导线把图甲中的电路连接好（导线不得交叉）（2）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该移到_（A/B）端（3）实验时，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为_V，此时电流表的示数如图乙所示，其示数为_A，那么小灯泡的额定功率是_W（4）小华为了得到比较准确的小灯泡额定功率，她用同一套器材做了三次实验（她将电压表调到3.8V，图丙是其中一次实验所调的电压表示数），获得三组数据，并进行了三数据处理，如下表：实验序号电流示数/A额定功率/W额定功率的平均值/W10.712.698 P=2.63520.692.62230.682.584她测得功率有差异的主要原因是_这样处理数据的方法是否正确？_（正确/不正确），其理由是_31某太阳能热水器，向其中注入50kg水，阳光照射一段时间后，水温从10升高到50水的比热容是4.2103J/（kg）试求：（1）这段时间该热水器中的水吸收的热量是多少？（2）如果这段时间该太阳能热水器接收到太阳辐射的热量是2.8107J，则该热水器的效率是多少？32在挖井时，工人用如图所示的滑轮组提土，他用20s的时间把重为160N的土从井中匀速提升5m，已知拉力做功1000J求：（1）有用功；（2）滑轮组的机械效率；（3）拉力的大小；（4）工人做功的功率33如图所示，电压表的示数为6V，电流表的示数为0.2A，若图中虚线框内只有两个电阻，其中的一个电阻R1=10求：（1）通过计算说明电阻R1和R2是怎样连接的？并画出虚线框内的电阻连接情况（2）虚线框内另一个电阻R2的阻值是多少？（3）通电10min，电流通过R1产生的热量是多少？2015-2016学年江苏省苏州市张家港市九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共24分.在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的.）1如图所示，下列工具在使用中属于费力杠杆的是（）A剪刀B起子C镊子D钢丝钳【考点】杠杆的分类【分析】联系生活经验，要判断杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆【解答】解：A、题目中的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；B、起子在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；C、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；D、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；故选C2用来辨别家庭电路中的零线和火线的工具是（）A电流表B测电笔C电能表D电压表【考点】测电笔的使用【分析】本题明确电流表、电压表、电能表和测电笔的用途测电笔的用途是辨别家庭电路中的火线和零线的电流表是测量电流的，电压表是测量电压的，电能表是测量电功的仪表【解答】解：A、电流表是测量电流的，不符合题意B、测电笔的用途是辨别家庭电路中的火线和零线的符合题意C、电能表是测量电功的仪表，不符合题意D、电压表是测量电压的，不符合题意故选B3下列四位科学家中，用其名字命名功率单位的是（）A瓦特B焦耳C牛顿D欧姆【考点】物理常识【分析】认识图片展示的物理学家，根据对物理量及单位的对应关系确定符合题意的选项【解答】解：A、图片中的科学家是瓦特，它的名字被命名为功率的单位符合题意；B、图片中的科学家是焦耳，它的名字被命名为功和能量的单位不符合题意；C、图片中的科学家是牛顿，它的名字被命名为力的单位不符合题意；D、图片中的科学家是欧姆，它的名字被命名为电阻的单位不符合题意故选A4下列现象中，改变物体内能的方式跟其他几个不同的是（）A自行车轮胎放气时，气门嘴处温度降低B放进冰箱冷冻室的水变成冰块C在汽油机的压缩冲程中，气缸内气体的温度升高D用手来回弯折铁丝，弯折处铁丝温度升高【考点】物体内能的改变【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程【解答】解：A、自行车轮胎放气时，气体对外做功，内能减小，温度减小，因此该现象是通过做功改变物体内能的；B、冰箱内的温度很低，水变成冰时，需要放出热量，因此是通过热传递来改变物体内能的；C、在汽油机的压缩冲程中，活塞对气体做功，内能增加，温度升高，将机械能转化为内能，因此是通过做功的方式改变物体内能的；D、用手来回弯折铁丝时，机械能转化为铁丝的内能，内能增大温度升高，是通过做功改变了物体的内能故选B5日常生活中，下列估测不符合事实的是（）A一只“220V 60W”的白炽灯工作10h消耗电能约0.6kWhB家庭照明电路的电压是220VC家用电饭煲的电功率约为900WD手机待机的电流为0.15A【考点】电功的计算；电流的大小；家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；电功率【分析】根据自己对生活中一些常见物理量数据的了解和运用物理知识进行分析解答【解答】解：A日常生活中，白炽灯工作10h消耗电能W=Pt=60103kW10h=0.6kWh，故A正确；B家庭照明电路电压是220V，故B正确；C家用电饭煲的电功率约为900W，故C正确；D手机待机时的工作电流一般是0.01A，故D错误故选D6一杯开水，从刚倒入到可以喝的这一段时间内，放出的热量大约是（）A500JB5000JC5104JD5105J【考点】热量的计算【分析】解决此题要知道水的比热容c水=4.2103焦/（千克），开水的温度大约是100，水温为40左右时可以喝，一杯水的质量大约是0.20kg，然后利用热量公式Q=cmt求解热水放出的热量【解答】解：一杯水的质量约200g，即0.2kg，水的初温t0=100，水的终温t=40一杯水放出热量：Q=cmt=4.2103J/（kg）0.2kg=5.04104J；故选：C7如图所示，要使图中电流表的示数最大，下列做法中正确的是（）AS1、S2都断开BS1、S2都闭合CS1断开，S2闭合DS1闭合，S2断开【考点】欧姆定律的变形公式【分析】由欧姆定律I=可知，在电压一定时，电阻越小，电路中的电流越大所以要使电流表的读数最大，应使电路中总电阻最小，而电阻并联时电阻最小【解答】解：由图可知，当S1、S2都闭合时，通过R1、R2、R3的电流路径如下图所示，所以可以判断R1、R2和R3并联，电流表测的是干路中的总电流；根据并联电路的特点，并联电路的总电阻小于任何一条支路电阻，即此时总电阻最小，根据I=可知，此时电路中的电流最大，即电流表的读数最大故选B8关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（）A温度为0的物体没有内能B物体温度越高含有热量越多C1kg0的水和1kg0的冰内能相同D在相同状态下，同一物体温度降低，其内能减少【考点】温度、热量与内能的关系【分析】解答此题从以下知识点入手：一切物体都具有内能内能的大小和温度、质量、状态等因素有关物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化热量是一个过程量，表示热传递过程中传递内能的多少【解答】解：A、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能，0的物体具有内能，故A错误B、热量是一个过程量，不能用“含有”来修饰，故B错误；C、1kg0的水和1kg0的冰其状态不同，内能不同，故C错误；D、在相同状态下，同一物体温度降低，其内能减少，故D正确故选D92013年某天，一颗数十吨的陨石飞向地球，在加速下落的过程中，陨石与大气发生剧烈摩擦而燃烧，犹如一颗火球扑向地面陨石下落过程中，其动能和内能的变化情况是（）A动能增加，内能增加B动能增加，内能减少C动能减少，内能增加D动能减少，内能减少【考点】动能和势能的大小变化；机械能和其他形式能的转化【分析】解此题要知道：动能的影响因素：物体的质量、物体的运动速度改变物体内能的方法有两个：做功和热传递都能改变物体的内能【解答】解：陨石在下落过程中，质量不变，速度增大，动能增大；陨石下落过程与大气剧烈摩擦导致温度升高，这是通过克服摩擦做功的方法改变其内能的，机械能转化为内能，内能增加故选A10如图甲所示，电源电压为9V不变，滑动变阻器的最大阻值为100，电流在0.1A0.4A之间时电子元件均能正常工作若通过此电子元件的电流与其两端电压的关系如图乙所示，则下列判断正确的是（）A为使电子元件处于正常工作状态，滑动变阻器的阻值范围应控制在12.570B电子元件处于正常工作状态时，电路消耗的最小功率为3.6WC当P在中点时，电子元件与滑动变阻器的电压之比为1：1D电子元件工作时，电阻保持不变【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电功率的计算【分析】（1）从图象可知，电流与电子元件两端的电压不是正比关系，电子元件处于正常工作状态时，电路消耗的最小功率根据公式P=UI可求（2）当P在中点时，无法判断电子元件与滑动变阻器电阻的大小关系，根据电阻的分压特点可知无法确定当P在中点时电子元件与滑动变阻器的电压之比（3）由图象可知，电路电流最小为0.1A，电流最大为0.4A，找到对应的电压，根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器两端的电压，进一步求出滑动变阻器接入电路的电阻【解答】解：（1）从图象可知，电子元件的电阻是在变化的，故D错误；（2）当电路消耗的功率最小时，电路电流最小，为I小=0.1A，电路消耗的最小功率P=UI小=9V0.1A=0.9W，故B错误；（3）因为电子元件与滑动变阻器串联，通过的电流相等，所以电子元件与滑动变阻器串联两端的电压之比就等于两电阻之比，因无法判断电子元件与滑动变阻器电阻的大小关系，所以无法判断它们两端电压的关系，故C错误；（4）电子元件处于正常工作状态时，电路电流最小为0.1A，电子元件两端的最小电压为2V，所以滑动变阻器两端的最大电压为U1=9V2V=7V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，R大=70，电路电流最大为0.4A，电子元件两端的最大电压为4V，所以滑动变阻器两端的最小电压为U2=9V4V=5V，滑动变阻器接入电路的电阻最小，R小=12.5所以滑动变阻器的阻值范围应控制在12.5欧70欧，故A正确故选A11如图所示，当开关闭合时，电压表V1、V2的示数分别为10V和4V，已知电动机M的线圈电阻为1，R是阻值为4的定值电阻，下列结论正确的是（）AR两端的电压为6VB通过电动机的电流为6AC电阻R消耗的电功率为144WD电动机消耗的电功率为6W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，电阻R和电动机串联，电压表V1测电源的电压，V2测电阻R两端的电压；根据串联电路的电压特点求出电动机两端的电压，根据欧姆定律可知电路中的电流，再根据P=UI可知电阻R和电动机消耗的电功率【解答】解：由电路图可知，电阻R和电动机串联，电压表V1测电源的电压，V2测电阻R两端的电压；所以UR=4V，UM=UUR=10V4V=6V；电路中的电流为I=IM=IR=1A；电阻R消耗的电功率为PR=URIR=4V1A=4W；电动机消耗的电功率PM=UMIM=6V1A=6W故选D12某同学在做“调节灯泡亮度”的实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“03V“，滑动变阻器规格“201A“，灯泡上标有“2.5V1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化）在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（）A电路中电流变化的范围是0.18A0.5AB滑动变阻器阻值变化的范围是2.510C该电路的最大功率是2.25WD灯泡的最小功率是0.162W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后与滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路中的最大电功率，根据欧姆定律求出电路中的总电阻和灯泡的电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，根据P=I2R求出灯泡的最小功率，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压（1）由P=UI可得，灯泡的额定电流：IL=0.5A，因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大=IL=0.5A，电路的最大电功率：P大=UI大=4.5V0.5A=2.25W，故C正确；由I=可得，电路中的总电阻和灯泡的电阻分别为：R总=9，RL=5，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小=R总RL=95=4；当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压：UL=UU滑大=4.5V3V=1.5V，电路中的最小电流：I小=0.3A，所以，电路中电流变化的范围是0.3A0.5A，故A错误；灯泡的最小功率：PL=I小2RL=（0.3A）25=0.45W，故D错误；滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑大=10，所以，滑动变阻器阻值变化的范围是410，故B错误故选C二、填空题（每空1分，共28分）13一节干电池的电压为1.5V，对人体安全的电压不高于36V【考点】电压【分析】根据干电池电压和人体安全电压填空【解答】解：一节干电池的电压为1.5V，对人体安全的电压不高于36V故答案为 1.5，3614搓手能使手的温度升高，这是用做功的方法使手的内能增加；把饮料放进冰箱，饮料温度降低，这是通过热传递的方式使饮料的内能发生改变【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移【解答】解：（1）搓手时，两手相互摩擦做功，机械能转化为内能，使手的内能增加，温度升高；（2）把饮料放进冰箱，饮料放出热量、内能减小、温度降低，是通过热传递改变饮料的内能故答案为：做功；热传递15唐诗中有“黄河远上白云间”、“不尽长江滚滚来”的诗句，从物理学的角度来看，前一句生动形象地表明黄河水存储着大量的重力势能，后一句表明长江水具有大量的动能【考点】动能和势能的概念【分析】此题从物理学的角度反映了两条大河中的水蕴藏了大量的势能和动能【解答】解：从前一句中诗可看出黄河之水高高在上，由于有一定的高度而具有重力势能；后一诗句可看出长江之水在流动，由于运动而具有动能故答案为：重力势，动16在水平地面上，用100N的水平拉力拉重为200N的小车，使小车沿水平方向前进2m，所用的时间是5s，则重力做功为0J，拉力做功的功率为40W【考点】功的计算；功率的计算【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过的距离；知道拉力大小和在拉力方向上移动的距离，求拉力做功，又知道做功时间，利用功率公式求拉力做功功率；在重力方向上没有移动距离，重力不做功【解答】解：拉力做功：W=Fs=100N2m=200J；拉力做功功率：P=40W；小车沿水平方向前进，在重力方向（竖直向下）上，没有移动距离，重力做功为0故答案为：0；4017利用杠杆投掷石球，如图，作用在A点的力沿b时最小已知石球重100N，OA：OB=1：4，则作用在A点力的最小值为400N（不计杠杆自重及摩擦）【考点】杠杆中最小力的问题；杠杆的平衡条件【分析】此题是求杠杆最小力的问题，已知点A是动力作用点，因为阻力（G）和阻力臂（OB）一定，只需找出最长动力臂即可得出最省力的动力方向，可根据这个思路进行求解【解答】解：（1）在A端施力F，当F的方向与杠杆垂直时动力臂最大，此时最省力，即作用在A点的力沿b时最小；（2）根据杠杆的平衡条件知：FLOA=GLOB，其中：LOA：LOB=1：4，G=100N，F=4G=4100N=400N故答案为：b；40018一段导体两端的电压是24V时，通过的电流是0.5A，则这段导体消耗的电功率是12W，通电10s电流做的功是120J【考点】电功率的计算；电功的计算【分析】知道导体两端的电压和通过的电流，根据P=UI求出这段导体消耗的电功率，根据W=Pt求出通电10s电流做的功【解答】解：这段导体消耗的电功率：P=UI=24V0.5A=12W；由P=可得，通电10s电流做的功：W=Pt=12W10s=120J故答案为：12；12019在如图1所示的电路中，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I一U关系图象如图2所示则小灯泡发光时的最小功率为3W，滑动变阻器的最大阻值为9，整个电路的最大电功率为24W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流当滑片P位于左端时，电路为L的简单电路，电压表测电源的电压，电路的电流最大，根据图象读出电表示数，利用P=UI求出整个电路的最大电功率；当滑片P位于右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据图象读出电表的示数，根据P=UI求出小灯泡发光时的最小功率，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流当滑片P位于左端时，电路为L的简单电路，电压表测电源的电压，电路的电流最大，由图象可知，电路中的最大电流I大=2A，电压表的最大示数即电源的电压U=12V，则整个电路的最大电功率：P=UI=12V2A=24W；当滑片P位于右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图象可知，电路中的电流I小=1A，UL=3V，则小灯泡发光时的最小功率：PL=ULI小=3V1A=3W，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：UR=UUL=12V3V=9V，由I=可得，滑动变阻器的最大阻值：R=9故答案为：3；9；2420苏州市城乡电网改造后，家用的电能表全部改用了精度高、能耗少的脉冲式数字电能表，小明家脉冲式数字电能表的表盘上有“3000imp/（ kWh）”、“220V、20A”等信息，若小明关闭其它所有的用电器，只接通一只“220V、100W”的电灯，使其正常工作1h，则电灯消耗的电能是3.6105J，合0.1kWh，电能表的指示灯闪烁了300次，傍晚时，小明发现在2min内自己家的电能表指示灯闪烁了100次，则小明家正在使用的电器总功率为1000W【考点】电功的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）已知灯泡的额定电压和工作时间，根据公式W=Pt可求消耗的电能；1kWh=是3.6106J，（2）已知脉冲式电能表表盘上有“3 000imp/kWh”的信息，指示灯闪烁一次消耗的电能为kWh，消耗的电能已经求出，可求指示灯闪烁的次数（3）已知电路消耗1kwh的电能电能表的转数，可求电能表的指示灯闪烁100次消耗的电能，还知道工作的时间，根据公式P=可求他家里正在使用的用电器总功率【解答】解：（1）100W=0.1kW，电灯消耗的电能W=Pt=0.1kW1h=0.1kWh=3.6105J，（2）根据电能表参数知：指示灯闪烁一次消耗的电能为kWh，又电灯1h消耗的电能是：0.1kWh，指示灯闪烁的次数为=300imp（3）电能表的指示灯闪烁100次消耗的电能W1=kWh=kWh，t1=2min=h，所以他家里正在使用的用电器总功率为P总=1kW=1000W故答案为：3.6105；300；100021如图所示，斜面长S=10m，高h=4m用沿斜面方向的推力F，将一个重为150N的物体由斜面底端A匀速推到顶端B运动过程中物体克服摩擦力做了200J的功求：（1）运动过程中克服物体的重力做的功W=600J；（2）斜面的机械效率=75%；（3）推力F的大小F=80N【考点】功的计算；机械效率的计算【分析】（1）已知物体的重力和斜面的高度，根据公式W=Gh可求推力所做的有用功，即运动过程中克服物体的重力做的功；（2）运动过程中物体克服摩擦力做的功为额外功，根据W总=W有+W额求出总功，利用效率公式求出斜面的机械效率；（3）根据W总=Fs求出推力F大小【解答】解：（1）运动过程中克服物体的重力做的功：W有=Gh=150N4m=600J；（2）运动过程做的总功：W总=W有+W额=600J+200J=800J，斜面的机械效率=100%=100%=75%；（3）W总=Fs推力：F=80N故答案为：（1）600；（2）75%；（3）8022如图所示，电源电压恒定小灯泡L标有“3V 0.6W”字样，R为定值电阻闭合S，断开Sl，小灯泡正常发光；若再闭合S1，发现电流表示数变化了0.3A，则R的阻值为10，此时灯泡L和电阻R消耗的功率之比是2：3【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；电功率的计算【分析】闭合S，断开Sl，为灯泡的基本电路，而小灯泡正常发光，因此电源电压等于灯泡的额定电压；两个开关都闭合时，为并联电路，电流表串联在干路上，因此电流表示数的变化为定值电阻R中通过的电流，再利用R=即可求出R的阻值；利用P=UI求出电阻的功率，已知灯泡的功率，直接求出其比值即可【解答】解：闭合S，断开Sl，小灯泡正常发光，因此电源电压为3V；再闭合S1，为并联电路，故R的阻值为 R=10；功率为 P=UI=3V0.3A=0.9W，则PL：PR=0.6W：0.9W=2：3故答案为 10，2：323将两个定值电阻R1、R2并联在电压为U的电源两端，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为3P1当把它们串联在电压为4U的电源两端时，R1两端的电压为3U，两个电阻消耗的总功率为12P1【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）两电阻并联时，根据并联电路的电压特点和P=结合两电阻消耗的电功率求出电阻关系；（2）当把它们串联在电压为4U的电源两端时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R1两端的电压，根据P=UI求出两个电阻消耗的总功率【解答】解：（1）当R1、R2并联在电压为U的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由P=可得：=，即R1=3R2；（2）当把它们串联在电压为4U的电源两端时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=，R1两端的电压：U1=IR1=3R2=3U；两个电阻消耗的总功率：P=UI=4U=4=43P1=12P1故答案为：3U；12P124在如图所示的电路中，电源电压U及电阻R0均恒定不变，当可变电阻R先后被调为8和2时，可变电阻R的电功率都是2W，则R0=4，U=6V，电源先后供给电路的功率之比为1：2【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，R0与R串联，根据P=I2R表示出两种情况下R消耗的电功率即可求出电流之比，根据电压一定时电流与电阻成反比得出等式即可求出R0的阻值，根据P=I2R求出变阻器的阻值为8时电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压，再根据P=UI求出电源先后供给电路的功率之比【解答】解：两种情况的等效电路图如下图所示：由P=I2R可得，两电路中变阻器消耗的电功率之比：=，解得： =，因电压一定时，电路与电阻成反比，所以， =，解得：R0=4，图1中的电流：I1=0.5A，则电源的电压：U=I1（R0+R1）=0.5A（4+8）=6V，电源先后供给电路的功率之比：=故答案为：4；6；1：2三、解答题（共9小题，共48分.解答第31，32，33题时要求写出详细求解过程）25按要求完成作图（1）通过甲图所示滑轮组向上提升重物，请画出既能省力又能改变施力方向的绕绳方法（2）如图乙所示，在圆圈内填入正确的电表符号，使开关闭合后两灯都能发光（3）如图丙所示，用笔画线代替导线将电灯和开关接到家庭电路中【考点】滑轮组的设计与组装；电路图及元件符号；家庭电路的连接【分析】（1）滑轮组绳子的绕法有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重（2）电流表与被测用电器串联，在电路中相当于导线；电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路（3）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套【解答】解：（1）由于既可以省力又可以改变力的方向，所以拉力的方向必须向下，则从定滑轮开始绕起，如下图所示（2）由题意可知，开关闭合后两灯都能发光，则两灯串联，左边圆圈内应是电流表；右边圈应该是电压表，如图所示：（3）灯泡接法：火线先进入开关，再进入灯泡、回到零线，这样接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全；26小华和小明在“探究杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧、测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端低，右端高，此时，应把杠杆两端的平衡螺母向右 （左/右）调节，使杠杆在水平位置平衡（2）杠杆调节平衡后，小华在A点悬挂2个钩码，在B点用弹簧测力计拉杠杆，使杠杆水平平衡用弹簧测计的目的是：便于正确认识力臂（3）杠杆调节平衡后，小明同学经过实验，获得了下述数据：动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm4554于是小明得出了杠杆的平衡条件为：“动力+动力臂=阻力+阻力臂”你认为小明的实验中存在的问题是：只做一次实验，实验结论不具有普遍性（写出一个即可）【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；杠杆左端偏高，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移；（2）从支点到力的作用线的距离叫力臂杠杆平衡的条件：动力动力臂=阻力阻力臂，即：F1l1=F2l2；（3）通过实验总结实验结论，要进行多组实验，从多组实验数据中，总结实验结论，这样的结论才具有普遍性【解答】解：（1）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；杠杆左端低，右端高应将平衡螺母（左端和右端的均可）向右调节，使杠杆在水平位置平衡；（2）从支点到力的作用线的距离叫力臂，在杠杆两侧挂钩码，由于重力的方向是竖直向下的，力臂在杠杆上可以直接读出，当用弹簧测力计拉，若弹簧测力计倾斜时，拉力不再与杠杆垂直，这样力臂会发生变化，相应变短，根据杠杆的平衡条件，力会相应增大，才能使杠杆仍保持平衡，这样做实验可以加深学生对力臂的正确认识；（3）通过实验总结实验结论，要进行多组实验，从多组实验数据中，总结实验结论，这样的结论才具有普遍性故答案为：（1）右；（2）便于正确认识力臂；（3）只做一次实验，实验结论不具有普遍性27小敏用如图甲所示的电路研究通过导体的电流与导体电阻的关系，电源电压恒为6V改变电阻R的阻值，调节滑动变阻器滑片，保持电阻R两端的电压不变，记下相应的4次实验的电流和电阻值，描绘在乙图中（1）在实验过程中，移动变阻器滑片时，眼睛应注视BA变阻器滑片 B电压表示数 C电流表示数（2）在丙图中，用笔画线代替导线，将电路连接完整（3）实验中，他所选择的变阻器是CA.10 0.5A B.20 1A C.50 2A（4）乙图中阴影部分面积表示的物理量是电阻R两端的电压（5）在实验过程中，如果出现了电流表示数为0，但电压表示数为2V，电路发生的故障可能是电流表短路【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）实验研究的是电流与电阻的关系，因此必须控制电阻两端的电压值一定，所以眼睛应注视电压表的示数，移动滑片保持电压表示数不变；（2）研究通过导体的电流与导体的电阻的关系时，应控制电压表的示数不变，由图乙给出的点和欧姆定律求出电压表的示数，据此选择量程，然后把电压表并联在乙图中定值电阻的两端；另外将滑动变阻器一上一下的串联接入电路；（3）根据图乙可知实验中的最小电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的阻值即可确定滑动变阻器的规格；（4）阴影部分为电流和电阻的乘积，应该为定值电阻两端的电压值；（5）电压表的示数为2V，说明滑动变阻器、定值电阻都连入电路，电压分配关系没变；电流表的示数为0说明电流表短路【解答】解：（1）探究电压一定时，电流与电阻的关系时，在不断的改变定值电阻的同时，必须不断的移动滑动变阻器，使得电压表的示数是一个定值，故在移动滑片的同时，眼睛观察电压表的示数，故选B；（2）由图乙所给出的点可知，电压表的示数为2V不变，所以电压表的量程为03V，然后把电压表并联在乙图中定值电阻的两端；将滑动变阻器一上一下的串联接入电路；如图所示：（3）由图乙可知，实验中的最小电流I=0.1A，电压表的示数UR=2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=UUR=6V2V=4V，由欧姆定律可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：R滑=40，所以，滑动变阻器的规格为C；（4）阴影部分为横、纵坐标的乘积，即阴影部分的面积为：S=U=IR=0.2A10=2V，表示为2V；（5）电压表的示数为2V，说明滑动变阻器、定值电阻都连入电路，电压分配关系没变；电流表的示数为0说明电流表短路故答案为：（1）B；（2）如图所示；（3）C；（4）R两端的电压；（5）电流表短路28用实验室提供的常用器材测电阻时，小明与另外三位同学各自设计了下列甲、乙丙、丁四个电路图 （1）小明连接好电路后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，测得数据如下：电压表示数U/V0.60.81.01.21.4电流表示数I/A0.180.240.300.360.42通过分析表格中的实验数据，推断小明在实验中所用的电路是图1中的乙图（2）根据上表中的数据，在图2中画出I一U图线分析图线能得出的结论是：在电阻一定时，电流与电压成正比（或电阻的阻值是一个定值，其大小为R=3.33）（3）另外三位同学连接好电路后，闭合开关S，移动变阻器的滑片P时，分别出现了下列三种异常现象：A电流表示数有变化，电压表示数几乎为零B电流表示数几乎为零，电压表示数基本不变C电流表烧坏请你判断：按丙图连接的电路出现现象A；按丁图连接的电路出现现象B；按甲图连接的电路出现现象C【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）由表中数据可知电压增大时电流也随之增大，分析各电路图可得出能得出该现象的电路图；（2）采用描点法将表中各点在坐标轴中描出，用直线将各点连接，即可得出IU图象；由图象可得出电流与电压的关系，则由欧姆定律可得出被测电阻的阻值；（3）分析三种现象，根据电流表及电压表的使用方法，分析各电路图中调节滑动变阻器时电流及电压的变化，可知各现象所对应的电路图【解答】解：（1）由表中数据可知，电流值随电压值的增大而增大，并且电流值与电压值成的比值不变，故应测量定值电阻两端的电压及通过该电阻的电流；故电路图应为乙；甲图中电流表直接并联在电源两端，丙图中，电压表并联在电流表两端，丁图中电压表串联在电路中，故三种接法均为错误的；（2）将各电压值及电流值对应的坐标，在图中描出，用直线将各点相连，注意将尽量多的点分布在直线上，不能分布于线上的点，应均匀分布于线的两侧，答案如图：由图可知，在电阻一定时，电流与电压成正比，电阻的阻值为：R=3.33 （3）甲图中由于电流表直接并联在电源两端，故将会导致电流表中电流过大，从而烧坏电流表；丙图中，电压表并联在电流表两端，因电流表中电阻较小，故电压表几乎没有示数；丁图中，电压表串联在电路中，故电路中电阻无穷大，则电路中电流为0；故A现象对应丙图，B现象对应丁图，C现象对应甲图；故答案为：（1）乙；（2）在电阻一定时，电流与电压成正比（或电阻的阻值是一个定值，其大小为R=3.33）；（3）丙；丁；甲29小明猜想：动能的大小可能与物体的质量和速度有关因此，他设计了如下两种实验方案：A让同一辆小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图甲所示）B让不同质量的小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图乙所示）述两种实验方案中：（1）A方案是为了探究动能大小与速度关系，若木块被撞后移动的距离越远，说明小车对木块的推力做功越多，小车撞击木块时的动能越大（2）小明想用B方案探究动能大小与质量的关系，该方案是否合理？不合理，理由是没有控制小车到达水平面时的速度相同（3）若水平面绝对光滑，该实验还能得出结论吗？不能，理由是：小车将一直做匀速直线运动【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）动能的大小与质量和速度有关小车的动能多少决定了木块运动距离的长短此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明小球的动能越大；（2）该实验利用了控制变量法，如果探究动能大小与质量的关系，必须保证