九年级物理上学期质检试卷（五）（含解析） 新人教版

2015-2016学年重庆市万盛区九年级（上）质检物理试卷（五）一选择题（每小题只有一个正确答案，每小题3分，共24分）：1如图所示现象中，通过热传递来改变内能的是（）A 下滑时臀部发热B 压缩起火C 给冷水加热D 钻木取火2如果一桶煤油用掉了一半，则剩下的煤油（）A密度不变，比热容为原来的一半B比热容不变，热值为原来的一半C比热容和密度减为原来的一半D密度、比热容和热值都不变3如图中标出了测电笔的构造，通常情况下属于绝缘体的是（）A塑料外壳B金属笔挂C弹簧D金属笔尖4在下列各种因素中，不属于决定电阻大小的因素是（）A导体的横截面积B导体两端的电压C导体的材料D导体的长度5下面四组电阻分别并联以后，总电阻最小的一组是（）AR1=10、R2=100BR1=1、R2=60CR1=20、R2=30DR1=30、R2=606如图所示，R0为定值电阻，电源电压保持不变当在a、b之间接一只标有“6V 3W”的灯泡L1时，L1正常发光如果把L1取下，在a、b之间接入中一只标有“6V 6W”的灯泡L2时，L2的实际功率为（不计灯丝电阻的变化）（）A一定大于6WB一定等于6WC一定小于6WD可能等于6W7下列各种用电器均标有“220V 100W”字样，它们正常工作相同的时间，放出的热量最多的用电器是（）A电动机B电风扇C电热毯D收录机8小伟同学用如图所示的电路测小灯泡的功率电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为03V，电流表的量程为00.6A滑动变阻器的规格为“20 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法中正确的是（）A滑动变阻器的电阻允许调节的范围是020B电流表示数的变化范围是01AC灯泡的最小功率是1.25WD该电路的最大功率是2.25W二填空题（每空1分，共12分）9目前，全球气候逐渐变暖，这是效应不断加剧带来的后果；人工降雨时利用干冰（填物态变化）吸热使云层中水蒸气的温度降低最终形成降雨；夏天起风时，人感觉凉快是因为风加速了皮肤表面汗液的（填物态变化）10如图是某种物质熔化时温度随时间变化的图象，根据图象回答：这种物质是（选填“晶体”或“非晶体”）物质在熔化过程中，它的内能发（选填“增加”“减少”或“不变”）11有两个电阻R1、R2串联在电路中，它们的阻值分别是R1=30，R2=50，则通过它们的电流之比为I1：I2=，它们两端的电压之比为U1：U2=12家庭电路触电事故有单线触电和双线触电两种，都是人体直接或间接跟（选填“火线”或“零线”）接触造成的对人体的安全电压是V13如图所示电路，电源电压保持不变，R为定值电阻闭合开关S，调节滑动变阻器R，发现电流表示数从0.1A变为0.3A，电压表示数改变了4V由此可判断在这一过程中滑动变阻器连入电路的阻值（选填“变大”或“变小”），定值电阻R的电功率变化了W14如图所示，我区黑山谷旅游电瓶车的动力由电动机驱动，蓄电池电源电压是36V，在平直的路上行驶速度约30km/h电瓶车有污染小、起动快、易操作等优点请你仿照示例，定出一条电瓶车涉及的物理信息和对应的物理知识（不得与示例重复）示例：物理信息：电瓶车在平直公路上行驶物理知识：电瓶车受到的是平衡力作答：物理信息： 物理知识：三实验题（共22分）15如图所示，在做“观察水沸腾”的实验中，甲、乙、丙三组同学分别从A、B两套器材中任选一套来完成实验：（实验室已准备多套A、B装置）（1）甲组同学发现所测水的沸点高于100，他们选择的是（选填“A”或“B”）套装置（2）乙、丙两组同学虽然选用的实验装置相同且同时加热，但水开始沸腾的时刻不同，他们绘制沸腾图象如C所示：a、b两种图象不同的原因是水的不同（3）某时刻A装置温度计的示数为（4）在A装置中，为了缩短从对水加热到沸腾的时间，请写出一条建议：（5）从乙、丙两组实验的情况看，它们选择的装置是（选“A”或“B”），当地的大气压一标准大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）16初三物理探究小组在一起探究“在电压不变时，电流与电阻的关系”（1）请你用笔画线作导线，将他们实验时的实物电路图连接完整（连接时导线不能交叉）（2）电路连接好以后，闭合开关，发现电压表有较大的示数，电流表的示数几乎为零，电路故障为：（3）在实验中，探究小组分别使用了5、10、15、20、25等几个电阻得到一组数据（未列出），同学作出如图丙所示的对应曲线观察这个曲线图可以得出的实验结论是：（4）在实验中王老师用的探究方法是法（5）如果电源电压为9V，老师用5的电阻做完实验后，接下来的操作是：将5的电阻取下，然后将10的电阻接入电路，闭合开关，滑片P应该移动（选填“向左”或“向右”）；由本实验的实验数据可知，定值电阻两端的电压应为V时，才能读取电流值；当接入10的电阻后，此时滑动变阻器接入电路的电阻是17小桥小组的同学按图甲所示的电路图做“测量小灯泡的电阻”的实验，所用器材有：标有“3.8V”字样的待测小灯泡、电压恒为6V的电源、标有“20 1A”的滑动变阻器、电流表（量程为00.6A、03A）、电压表（量程为03V、015V）、开关及导线若干（1）该实验的原理是请你用笔画线代替导线，根据图甲图所示的电路图将图乙中的实物电路连接完整（2）小桥检查电路连接无误后，将滑片移至阻值最大处再闭合开关，移动一段滑片，发现电压表和电流表都有示数但灯泡不亮，则可能的原因是（3）分析原因后，闭合开关，记录下一组数据，然后从大到小调节滑动变阻器的阻值，并将正确操作下的电压表和电流表的示数填入下表实验序号电压表的示数U/V电流表的示数I/A小灯泡的电阻R/12.00.2022.533.00.2543.80.3054.50.32当电压表的示数为2.5V时，通过小灯泡的电流如图丙所示，为A；通过上表数据，可计算出小灯泡正常发光时的电阻为（保留一位小数），还可以算出小灯泡的额定功率为W若小灯泡两端最大可加的电压为4.5V，为保证电路中各元件的安全，参照小桥的实验数据，滑动变阻器的阻值允许的变化范围是（保留一位小数）四计算题（共22分）18如图所示，电源电压不变电阻R1的阻值为20，R2的阻值为30，闭合开关S，电流表的示数为0.3A，求：（1）电源电压U；（2）通电100s电流通过电阻R2产生的热量19如图所示，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，定值电阻R=6，当开关闭合时，小灯泡正常发光求：（1）小灯泡正常发光时的电流；（2）定值电阻两端的电压；（3）定值电阻R在10s内消耗的电能20物理科代表和班长就放学后是否关教室里的饮水机的问题发生争执，班长认为不应关机，因为第二天重新开机给冷水加热既费时又会消耗更多的电能；物理科代表认为应该关机，理由是饮水机在放学后从17：00到第二天08：00共15h期间会间歇性加热，白白消耗电能，反复加热的水也不利于身体健康次日早晨，他俩先观察到如图所示的饮水机有加热和保温两个档位，铭牌数据如下表然后启动饮水机，将热水箱中的30的冷水加热到90，用时10min他俩继续观察，发现保温28min后加热器会重新加热，2min后又回到保温状态（饮水机始终在额定电压下工作） 水桶容量 20L 热水箱水量 1kg 额定电压 220V 加热功率 500W 保温功率 50W（1）热水箱中30的冷水加热到90所吸收的热量是多少？c水=4.2103J/（kg）（2）将热水箱中30的冷水加热到90消耗的电能是多少？（3）通过计算比较谁的做法更节能（假设放学时饮水机刚好处于保温状态，工作过程中间歇加热的规律不变）2015-2016学年重庆市万盛区九年级（上）质检物理试卷（五）参考答案与试题解析一选择题（每小题只有一个正确答案，每小题3分，共24分）：1如图所示现象中，通过热传递来改变内能的是（）A 下滑时臀部发热B 压缩起火C 给冷水加热D 钻木取火【考点】热传递改变物体内能【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递；做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有热传导、热对流和热辐射三种形式【解答】解：A、从滑梯上下滑时臀部发热，是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，不合题意；B、压缩起火是对里面的空气做功，将机械能转化为内能，不合题意；C、给冷水加热时火的内能转移到水上，使水的内能增大，温度升高，是通过热传递改变物体内能的，符合题意；D、钻木取火是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，不合题意故选D2如果一桶煤油用掉了一半，则剩下的煤油（）A密度不变，比热容为原来的一半B比热容不变，热值为原来的一半C比热容和密度减为原来的一半D密度、比热容和热值都不变【考点】比热容的概念；密度及其特性；燃料的热值【分析】比热容、热值和密度都是物质的一种特性，不随物体的质量体积的大小而变化【解答】解：把一杯煤油用掉一半，质量和体积均减小一半而比热容、热值、密度，是物质的一种特性，不随物体的多少而变化故选D3如图中标出了测电笔的构造，通常情况下属于绝缘体的是（）A塑料外壳B金属笔挂C弹簧D金属笔尖【考点】绝缘体【分析】根据导体和绝缘体的定义（容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体）进行判断常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等；常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、油、橡胶、玻璃等【解答】解：笔挂、弹簧、笔尖都是由金属制成，容易导电，所以是导体；塑料外壳不容易导电，是绝缘体故选：A4在下列各种因素中，不属于决定电阻大小的因素是（）A导体的横截面积B导体两端的电压C导体的材料D导体的长度【考点】影响电阻大小的因素【分析】电阻是导体本身的一种性质，与导体的长度、横截面积和材料有关，与外界的电流值和电压及其它因素无关【解答】解：电阻是导体本身的一种性质，其大小只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关与导体两端的电压、通过导体的电流以及导体的功率无关故选B5下面四组电阻分别并联以后，总电阻最小的一组是（）AR1=10、R2=100BR1=1、R2=60CR1=20、R2=30DR1=30、R2=60【考点】电阻的并联【分析】根据=+分别求出其并联后的等效电阻比较即可得出答案【解答】解：根据=+可得，R=，A、RA=9.1；B、RB=1；C、RC=12；D、RD=20；以上四组电阻分别并联以后，总电阻最小的一组是B故选B6如图所示，R0为定值电阻，电源电压保持不变当在a、b之间接一只标有“6V 3W”的灯泡L1时，L1正常发光如果把L1取下，在a、b之间接入中一只标有“6V 6W”的灯泡L2时，L2的实际功率为（不计灯丝电阻的变化）（）A一定大于6WB一定等于6WC一定小于6WD可能等于6W【考点】实际功率【分析】根据公式R=求出先后接入的两灯的电阻的大小，再根据欧姆定律判断电路电流的大小，从而判断出灯泡亮度的变化；根据灯泡L亮度的变化判断L2消耗的实际功率【解答】解：根据公式R=可知，当电压相同时，电功率越大，电阻越小，所以灯泡L2的电阻小于灯泡L1的电阻；改接后，电路电阻变小，根据欧姆定律可知，电路电流变大，根据公式P=I2R可知，灯泡L的实际功率变大，亮度变亮；灯泡L两端的电压变大，灯泡L2两端的电压将小于6V，所以实际功率小于6W故选C7下列各种用电器均标有“220V 100W”字样，它们正常工作相同的时间，放出的热量最多的用电器是（）A电动机B电风扇C电热毯D收录机【考点】电热【分析】用电器消耗电能的过程，是将电能转化为其它形式的能量的过程，分析各个用电器的能量转化得出答案【解答】解：这四个用电器的额定功率相同，它们正常工作时的实际功率相同，等于额定功率，由W=Pt可知，在相同的时间，消耗的电能一样多，但它们放出的热量不相同A、电动机，主要将电能转化为机械能，有一小部分转化为内能，产生的热量较少；B、电风扇，主要将电能转化为机械能，有一小部分转化为内能，产生的热量较少；C、电热毯属于电热器，它在工作时，主要将电能转化为内能，产生的热量较少；D、收录机在工作时，电能主要转化为声能（机械能），少部分转化为内能，产生的热量较少；从各用电器工作时的能量转化情况可知，它们正常工作相同的时间，发热最多的用电器是电热毯故选C8小伟同学用如图所示的电路测小灯泡的功率电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为03V，电流表的量程为00.6A滑动变阻器的规格为“20 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法中正确的是（）A滑动变阻器的电阻允许调节的范围是020B电流表示数的变化范围是01AC灯泡的最小功率是1.25WD该电路的最大功率是2.25W【考点】电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电阻的串联【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据P=UI求出该电路的最大功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出灯泡的最小功率【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据P=UI可得，灯的额定电流：IL额=0.5A，因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为00.6A，所以，电路中的最大电流为Imax=0.5A，故B不正确；由I=可得，灯泡的电阻：RL=5，电流最大时，电路中的总电阻：R=9，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑=RRL=95=4，故A不正确；该电路的最大功率：Pmax=UImax=4.5V0.5A=2.25W，故D正确；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，此时电路中的电流：Imin=0.18A，灯泡的最小功率：PL=（Imin）2RL=（0.18A）25=0.162W，故C不正确故选：D二填空题（每空1分，共12分）9目前，全球气候逐渐变暖，这是温室效应不断加剧带来的后果；人工降雨时利用干冰升华（填物态变化）吸热使云层中水蒸气的温度降低最终形成降雨；夏天起风时，人感觉凉快是因为风加速了皮肤表面汗液的汽化（填物态变化）【考点】生活中的升华现象；蒸发及其现象【分析】（1）物质由固态变为气态时，发生升华现象，同时吸收热量；（2）物质由液态变为气态是汽化现象，发生汽化时吸收热量【解答】解：全球气候逐渐变暖，这是温室效应；人工降雨时喷洒在云层中的干冰（固体二氧化碳）会迅速的吸热升华成二氧化碳，使周围的温度降低，水蒸气液化成水滴后形成降雨；皮肤表面的汗液由于空气的流动加快，而迅速的蒸发（汽化），带走热量，使人感到凉快；故答案为：温室；升华；汽化10如图是某种物质熔化时温度随时间变化的图象，根据图象回答：这种物质是晶体（选填“晶体”或“非晶体”）物质在熔化过程中，它的内能发增加（选填“增加”“减少”或“不变”）【考点】晶体和非晶体的区别【分析】晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变，内能增加【解答】解：由图象知，该物质在熔化过程中，温度保持在80不变，所以该物质为晶体；该物质在熔化过程中虽然温度保持不变，但不断吸收热量，所以内能增加故答案为：晶体；增加11有两个电阻R1、R2串联在电路中，它们的阻值分别是R1=30，R2=50，则通过它们的电流之比为I1：I2=1：1，它们两端的电压之比为U1：U2=3：5【考点】欧姆定律的应用【分析】根据串联电路电流特点可得两电阻的电流之比，欧姆定律可计算两电阻的电压之比【解答】解：由题知两电阻串联在电路中，由串联电路中电流处处相等可知：I1：I2=1：1；由I=可得：U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=30：50=3：5故答案为：1：1；3：512家庭电路触电事故有单线触电和双线触电两种，都是人体直接或间接跟火线（选填“火线”或“零线”）接触造成的对人体的安全电压是不高于36V【考点】触电危害及常见的触电类型与预防；电压【分析】单相触电是站在地上，直接或间接接触火线，属于单相触电双相触电是一端接触火线，一端接触零线，属于双相触电对人体的安全电压是不高于36V【解答】解：根据分析中的定义知，单相触电和双相触电都是直接或间接接触火线，人加在220V电压下，发生的触电事故对人体的安全电压不高于36V故答案为：火线；不高于3613如图所示电路，电源电压保持不变，R为定值电阻闭合开关S，调节滑动变阻器R，发现电流表示数从0.1A变为0.3A，电压表示数改变了4V由此可判断在这一过程中滑动变阻器连入电路的阻值变小（选填“变大”或“变小”），定值电阻R的电功率变化了1.6W【考点】电功率的计算；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据欧姆定律可知当电流表示数从0.1A变为0.3A时，电路中的总电阻变小；根据串联电路电压特点结合电压表的示数求出电阻R的阻值，再根据P=I2R求出求出定值电阻R电功率的变化量【解答】解：由I=可知，电流表示数从0.1A变为0.3A时，电路中的电阻变小，即滑动变阻器接入电路的电阻变小；当电路中的电流I=0.1A时，电源的电压U=IR+U滑=0.1R+U滑；当电路中的电流I=0.3A时，电源的电压U=IR+U滑=0.3R+U滑；因电压表示数改变了4V，所以U滑U滑=（U0.1R）（U0.3R）=4V，解得：R=20；定值电阻R电功率的变化量：P=（I）2RI2R=（0.3A）220（0.1A）220=1.6W故答案为：变小；1.614如图所示，我区黑山谷旅游电瓶车的动力由电动机驱动，蓄电池电源电压是36V，在平直的路上行驶速度约30km/h电瓶车有污染小、起动快、易操作等优点请你仿照示例，定出一条电瓶车涉及的物理信息和对应的物理知识（不得与示例重复）示例：物理信息：电瓶车在平直公路上行驶物理知识：电瓶车受到的是平衡力作答：物理信息：电瓶车由电动机驱动 物理知识：将电能转化为机械能【考点】平衡状态的判断；速度与物体运动；能量的相互转化【分析】结合材料介绍中的信息，找出其中所涉及的物理知识，逐一进行列举即可【解答】解：电瓶车所涉及的物理信息和对应的物理知识包括：物理信息：电瓶车由电动机驱动；物理知识：将电能转化为机械能；物理信息：电瓶车行驶速度约30km/h；物理知识：表示电瓶车在一小时内可以通过30km的路程故答案为：电瓶车由电动机驱动；将电能转化为机械能（合理即可）三实验题（共22分）15如图所示，在做“观察水沸腾”的实验中，甲、乙、丙三组同学分别从A、B两套器材中任选一套来完成实验：（实验室已准备多套A、B装置）（1）甲组同学发现所测水的沸点高于100，他们选择的是B（选填“A”或“B”）套装置（2）乙、丙两组同学虽然选用的实验装置相同且同时加热，但水开始沸腾的时刻不同，他们绘制沸腾图象如C所示：a、b两种图象不同的原因是水的质量不同（3）某时刻A装置温度计的示数为93（4）在A装置中，为了缩短从对水加热到沸腾的时间，请写出一条建议：减少水的质量（5）从乙、丙两组实验的情况看，它们选择的装置是A（选“A”或“B”），当地的大气压低于一标准大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）【考点】探究水的沸腾实验【分析】（1）液体的沸点跟气压有关，气压越高沸点越高（2）液体沸腾的特点：不断吸收热量温度保持不变；读图C时要注意观察当图象呈水平时所对应的温度值，这就是两杯水沸腾时的温度；（3）温度计的示数在量程的范围内，且分度值为1，可根据这两点读出此温度计的示数；（4）为了缩短从对水加热到沸腾的时间可以减少水的质量、提高水的初温等；（5）要知道沸点与气压有关，气压越高沸点越高，气压越低沸点越低【解答】解：（1）B装置有盖，水面上气压大，沸点高，所以甲组同学发现所测水的沸点高于100，他们选择的是B装置（2）读图C可知，a、b两条曲线当呈水平时所对应的温度值都是100，说明它们沸腾时的温度是100，b图线中温度上升的慢一些，这是由于水的质量较大造成的（3）由图知：温度计的最小刻度值是1，因此该温度计的示数是93；（4）为了缩短从对水加热到沸腾的时间可以减少水的质量、提高水的初温等；（5）C图中所示水的沸点是98，其沸点低于1个标准大气压，选择的是A装置故答案为：（1）B；（2）质量；（3）93；（4）减少水的质量；（4）A；低于16初三物理探究小组在一起探究“在电压不变时，电流与电阻的关系”（1）请你用笔画线作导线，将他们实验时的实物电路图连接完整（连接时导线不能交叉）（2）电路连接好以后，闭合开关，发现电压表有较大的示数，电流表的示数几乎为零，电路故障为：电阻R断路（3）在实验中，探究小组分别使用了5、10、15、20、25等几个电阻得到一组数据（未列出），同学作出如图丙所示的对应曲线观察这个曲线图可以得出的实验结论是：在电压一定时，导体中的电流与电阻成反比（4）在实验中王老师用的探究方法是控制变量法（5）如果电源电压为9V，老师用5的电阻做完实验后，接下来的操作是：将5的电阻取下，然后将10的电阻接入电路，闭合开关，滑片P应该左移动（选填“向左”或“向右”）；由本实验的实验数据可知，定值电阻两端的电压应为2.5V时，才能读取电流值；当接入10的电阻后，此时滑动变阻器接入电路的电阻是26【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）根据电路图甲，连接实物电路图乙，电压表并联在待测电阻两端，滑动变阻器与待测电阻串联接入电路；（2）根据电流表和电压表的示数情况进行判断电流表无示数，可能发生了断路，根据电压表的示数得知是哪儿发生了断路；（3）由图丙分析图象特点，根据图象特点找出在电压一定时电流与电阻的关系；（4）物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫做控制变量法；（5）用10电阻替换5电阻后，待测电阻阻值变大，待测电阻分压变大，滑动变阻器分压变小，要保持电阻两端电压不变，应调节滑动变阻器滑片使滑动变阻器接入电路的阻值变大，增大变阻器的分压，减小待测电阻分压，使电压表示数不变；由图丙找出电压与对应的电流值，由欧姆定律求出电阻两端的电压；由图丙找出电阻阻值为10时对应的电流，然后计算滑动变阻器的阻值【解答】解：（1）根据电路图连接实物图，电压表并联在待测电阻两端，滑动变阻器与待测电阻串联接入电路，电路图如图乙所示；（2）电流表无示数，说明电路中某处发生了断路，电压表始终有示数，说明与电压表并联的电路发生了断路，即R断路；（3）由图丙可知，IR图象是一条反比例函数图象，因此在电压一定的情况下，电流与电阻成反比；（4）电流与电压和电阻都有关系，要探究电流与电压的关系，需要保持电阻一定，改变电压；要探究电流与电阻的关系，需要保持电压一定，改变电阻整个探究过程应用的是控制变量法；（5）把10的电阻接入电路后，闭合开关后应向左移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变大，减小电阻两端的分压，使电阻两端的电压不变；由图丙可知，电阻为5时，电路电流为0.5A，电阻两端的电压U=IR=0.5A5=2.5V；由图丙知，电阻阻值10对应的电流是0.25A，此时滑动变阻器两端的电压U滑=UUR=9V2.5V=6.5V，滑动变阻器接入电路的阻值R=26；故答案为：（1）见上图；（2）电阻R断路；（3）在电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；（4）控制变量；（5）左；2.5；2617小桥小组的同学按图甲所示的电路图做“测量小灯泡的电阻”的实验，所用器材有：标有“3.8V”字样的待测小灯泡、电压恒为6V的电源、标有“20 1A”的滑动变阻器、电流表（量程为00.6A、03A）、电压表（量程为03V、015V）、开关及导线若干（1）该实验的原理是R=请你用笔画线代替导线，根据图甲图所示的电路图将图乙中的实物电路连接完整（2）小桥检查电路连接无误后，将滑片移至阻值最大处再闭合开关，移动一段滑片，发现电压表和电流表都有示数但灯泡不亮，则可能的原因是灯泡实际功率太小（3）分析原因后，闭合开关，记录下一组数据，然后从大到小调节滑动变阻器的阻值，并将正确操作下的电压表和电流表的示数填入下表实验序号电压表的示数U/V电流表的示数I/A小灯泡的电阻R/12.00.2022.533.00.2543.80.3054.50.32当电压表的示数为2.5V时，通过小灯泡的电流如图丙所示，为0.22A；通过上表数据，可计算出小灯泡正常发光时的电阻为12.7（保留一位小数），还可以算出小灯泡的额定功率为1.14W若小灯泡两端最大可加的电压为4.5V，为保证电路中各元件的安全，参照小桥的实验数据，滑动变阻器的阻值允许的变化范围是20.04.7（保留一位小数）【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）伏安法测电阻的原理是欧姆定律；根据电路图连接实物电路图（2）灯泡实际功率很小时，灯泡可能不发光（3）根据图示电流表确定其量程与分度值，读出其示数；根据表示使用数据，由欧姆定律求出电阻，由P=UI求出灯泡功率应用串联电路特点与欧姆定律求出滑动变阻器阻值【解答】解：（1）应用伏安法测电阻时，用电压表测出电压U，用电流表测出电流I，由R=可以求出灯泡电阻阻值；根据电路图，把灯泡与滑动变阻器串联接入电路，实物电路图如图所示：（2）闭合开关前滑片置于阻值最大处，闭合开关，电压表与电流表都有示数，说明电路不存在断路，灯泡也没有发生短路，由于滑动变阻器阻值全部接入电路，电路电阻很大，电路电流很小，灯泡实际功率很小，因此灯泡不发光，此时不需要急着换灯泡，正确做法是移动滑片，观察灯泡是否发光（3）由图示电流表可知，其量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.22A；由表中实验数据可知，灯泡额定电压3.8V对应的电流为0.3A，灯泡正常发光时电阻：R=12.7，灯泡额定功率P=UI=3.8V0.3A=1.14W由表中实验数据可知，灯泡电压为2V时，电流为0.2A，此时滑动变阻器两端电压：U滑=UU1=6V2V=4V，和滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=20.0；当灯泡电压为4.5V时，电流为0.32A，此时滑动变阻器两端电压U滑=U=U2=6V4.5V=1.5V，此时滑动变阻器接入电路的阻值为：R滑=4.7；滑动变阻器阻值变化范围是20.04.7故答案为：（1）R=；实物电路图如图所示；（2）灯泡实际功率太小；（3）0.22；12.7；1.14；20.0；4.7四计算题（共22分）18如图所示，电源电压不变电阻R1的阻值为20，R2的阻值为30，闭合开关S，电流表的示数为0.3A，求：（1）电源电压U；（2）通电100s电流通过电阻R2产生的热量【考点】欧姆定律的应用；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】由电路图可知，R1与R2并联：（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；（2）由电路图可知，两电阻并联，根据并联电路的电压规律和欧姆定律求出通过电阻R2的电流；根据Q=I2Rt求出电阻R2产生的热量；【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，（1）因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以根据欧姆定律可得，电源的电压：U=U1=I1R1=0.3A20=6V；（2）因为R1、R2并联，所以R1、R2两端的电压均等于电源电压，通过电阻R2的电流I2=0.2A；根据W=Pt=UIt可得，通电100s电阻R2产生的热量Q2=I22R2t2=（0.2A）230100s=120J答：（1）电源电压U是6V；（2）通电100s电流通过电阻R2产生的热量是120J19如图所示，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，定值电阻R=6，当开关闭合时，小灯泡正常发光求：（1）小灯泡正常发光时的电流；（2）定值电阻两端的电压；（3）定值电阻R在10s内消耗的电能【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【分析】（1）由灯泡铭牌可知，灯泡额定电压是6V，额定功率是3W，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常发光时的电流；（2）已知电阻与电流，由欧姆定律可以求出电阻两端的电压；（3）由电功公式W=UIt可以求出电阻消耗的电能【解答】解：（1）P=UI，灯泡正常发光时的电流：I=0.5A；（2）I=，定值电阻两端的电压：U=IR=0.5A6=3V；（3）定值电阻R在10s内消耗的电能：W=UIt=3V0.5A10s=15J；答：（1）小灯泡正常发光时的电流是0.5A（2）定值电阻两端的电压是3V（3）定值电阻R在10s内消耗的电能是15J20物理科代表和班长就放学后是否关教室里的饮水机的问题发生争执，班长认为不应关机，因为第二天重新开机给冷水加热既费时又会消耗更多的电能；物理科代表认为应该关机，理由是饮水机在放学后从17：00到第二天08：00共15h期间会间歇性加热，白白消耗电能，反复加热的水也不利于身体健康次日早晨，他俩先观察到如图所示的饮水机有加热和保温两个档位，铭牌数据如下表然后启动饮水机，将热水箱中的30的冷水加热到90，用时10min他俩继续观察，发现保温28min后加热器会重新加热，2min后又回到保温状态（饮水机始终在额定电压下工作） 水桶容量 20L 热水箱水量 1kg 额定电压 220V 加热功率 500W 保温功率 50W（1）热水箱中30的冷水加热到90所吸收的热量是多少？c水=4.2103J/（kg）（2）将热水箱中30的冷水加热到90消耗的电能是多少？（3）通过计算比较谁的做法更节能（假设放学时饮水机刚好处于保温状态，工作过程中间歇加热的规律不变）【考点】电功与热量的综合计算；热量的计算；电功的计算；有利于节约能源的措施【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；（2）由铭牌知道加热功率，知道将热水箱中的30的冷水加热到90用时10min利用W=Pt求10min消耗的电能；（3）由题知“发现保温28min后加热器会重新加热，2min后又回到保温状态”可知，间歇加热的规律：每半小时保温28min、加热2min，那么15h，保温2830min、加热230min，知道加热功率和保温功率，利用W=Pt求消耗的电能和（2）比较得出结论【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）1kg（9030）=2.52l05J；（2）饮水机加热时消耗的电能：W=Pt=500W1060s=3105J；（3）关闭，第二天消耗的电能：W=3105J；不关，间歇性加热15h期间：保温消耗电能：W1=P保温t保温=50W283060s=2.52l06J；加热消耗电能：W2=P加热t加热=500W23060s=1.8l06J；W总=W1+W2=2.52l06J+1.8l06J=4.32l06J；W总W，物理科代表的做法更节能答：（1）热水箱中30的冷水加热到90所吸收的热量是2.52105J；（2）将热水箱中30的冷水加热到90消耗的电能是3105J；（3）物理科代表的做法更节能